贵州省遵义航天中学2022-2023学年物理高二下期中综合测试模拟试题含解析

贵州省遵义航天中学2022-2023学年物理高二下期中综合测试模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在通电直导线下方，有一电子沿平行导线方向以速度v开始运动，则()A．将沿轨迹Ⅰ运动，半径越来越小B．将沿轨迹Ⅰ运动，半径越来越大C．将沿轨迹Ⅱ运动，半径越来越小D．将沿轨迹Ⅱ运动，半径越来越大2、下列说法错误的是()A．汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子B．普朗克为了解释黑体辐射规律，把能量子引入了物理学C．德布罗意通过精确实验发现物质波的存在D．卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型3、如图所示电路，电源电动势为E=10V，内阻为=2.0Ω，小型直流电动机线圈内阻=0.5Ω，滑动变阻器R（05Ω），当开关闭合后，则下列说法中正确的是（）A．当滑动变阻器R=0.5Ω时，电动机和滑动变阻器消耗的功率相同B．当滑动变阻器R=2.5Ω时，通过电路的电流为2AC．当滑动变阻器R=1.5Ω时，电源的输出功率最大D．当通过电路的电流为2.5A时，电源的输出功率最大4、两个放在绝缘支架上的相同金属球相距为L，球的半径比L小得多，分别带q和3q的电荷量，相互斥力为3F．现将这两个金属球接触后分开放回原处，则它们间的相互斥力将变为A．0 B．F C．2F D．4F5、如图所示，N为铝板，M为金属网，它们分别和电池两极相连，各电池的极性和电动势在图中标出，铝的逸出功为4.2eV。现分别用能量不同的光子照射铝板（各光子的能量在图上标出），那么，下列图中有光电子到达金属网的是（）A．①②③ B．②③ C．③④ D．①②6、如图所示是一定质量的气体从状态A经B到状态C的V-T图象．由图象可知()A．pA>pB B．pC<pBC．pA>pC D．pC>pB二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图为氢原子能级图，欲使处于基态的氢原子激发或电离，下列措施可行的是（）A．用10.2eV的光子照射 B．用11eV的光子照射C．用14eV的光子照射 D．用动能为11eV的电子撞击8、湿敏电阻是利用湿敏材料吸收空气中的水分而导致本身电阻值发生变化这一原理而制成的，当湿度增加时，湿敏电阻的阻值会减小，常用于制作湿度传感器．在室内设计如图电路，当周围环境的湿度增加时A．电灯L变暗B．电流表的示数变大C．流过湿敏电阻的电流变大D．电源的总功率变小9、下列论述正确的是A．一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，气体的内能增大B．“第一类永动机”违反了能量守恒定律C．气体向真空的自由膨胀是不可逆的D．热力学第二定律可描述为“第二类永动机不可制成”10、某小型发电厂输出电压为u＝220sin100πt（V）功率恒为P的正弦交流电，经过升压变压器输送到较远的地区后，再经过降压变压器输给用户使用，输电线总电阻为R，如图所示．已知升压变压器和降压变压器的匝数比分别为1∶n和n∶1，则下列说法中正确的有A．降压变压器副线圈两端的电压一定为220VB．若用户得到的电压为220V，则降压变压器的匝数比小于n∶1C．升压变压器原线圈两端的电压与降压变压器原线圈两端的电压之比一定为1∶nD．若用户增加时，输电线上分得的电压将增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示是某同学实验中的电压表的刻度盘，若当时使用的是0～15V的量程，那么电压表读数为_____V。12．（12分）（1）如图所示，螺旋测微器的读数为_________mm，游标卡尺的读数为_________mm在实验室里为了验证动量守恒定律，一般采用如图甲、乙两种装置：（2）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则______________A．m1>m2

r1>r2

B．m1>m2

r1<r2C．m1>m2

r1=r2

D．m1<m2

r1＝r2（3）若采用乙装置进行实验，以下所提供的测量工具中必需的是（填字母）________A．直尺

B．游标卡尺

C．天平

D．弹簧秤

E．秒表（4）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，则在用乙装置实验时(P为碰前入射小球落点的平均位置)，所得“验证动量守恒定律”的结论为(用装置图中的字母表示)_______四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）（1）写出两个氘核聚变成的核反应方程．（2）若两氘核以相等的动能E0=0.50MeV作对心碰撞而发生上述核反应，且释放的核能全部转化为动能，则反应中生成的核和中子的动能各是多少？已知核的质量为，中子质量为，氘核质量为．1u=931.5MeV/c214．（16分）如图所示，一足够长的粗细均匀的玻璃管，由水银柱封闭着一段空气柱。当开口向下竖直放置时，管内水银柱长15cm，空气柱长75cm。(外界大气压强恒为p0=75cmHg，环境温度T0=300K不变)（1）现将管口向上竖直放置，空气柱长度变为多少?（2）若保持开口向上，对试管缓慢加热，使管内空气柱长度重新变为75cm，此时管内气体的温度是多少?15．（12分）如图所示，线圈abcd的面积是0.05m2，共100匝，线圈的总电阻为1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感应强度B=T，当线圈以300r/min的转速匀速旋转时．问：（1）若从线圈处于中性面开始计时，写出线圈中感应电动势的瞬时值表达式；（2）线圈转过s时电动势的瞬时值多大？（3）电路中，电压表和电流表的示数各是多少？（4）从中性面开始计时，经s通过电阻R的电荷量是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

CD．由安培定则可知，通电直导线在其下方的磁场垂直纸面向里，如图所示，根据左手定则可知，电子所受洛伦兹力的方向向上，所以沿轨迹Ⅰ运动，故CD错误；AB．因离导线越近，磁感应强度越大，根据Bqv＝m可知，轨迹半径越来越小，所以A正确，B错误。故选A。2、C【解析】

A.汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，故A说法正确；B.普朗克为了解释黑体辐射规律，把能量子引入了物理学，故B说法正确；C.德布罗意是历史上第一个提出了物质波存在的人，美国实验物理学家戴维孙是历史上第一个实验验证了物质波存在的人，故C说法错误；D.卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，故D说法正确．所以选C．3、D【解析】

A．当滑动变阻器R=0.5Ω时，此时R=r2，则此时滑动变阻器消耗的功率等于电动机的热功率，电动机消耗的功率大于滑动变阻器消耗的功率，选项A错误；B．当滑动变阻器R=2.5Ω时，若电动机不转时，外电路的总电阻为3Ω,电路总电阻为5Ω，则通过电路的电流为而当电动机转动时，电路中的电流不等于2A，选项B错误；CD．电源的输出功率最大时，外电路的等效电阻等于内阻，即外电路等效电阻为2Ω，此时电路中的电流为因电动机在转动，则此时滑动变阻器不等于1.5Ω，选项C错误，D正确。故选D。【点睛】此题是关于含电动机的电路问题；注意电动机是非纯电阻，不满足欧姆定律，但是解题时可将电动机进行等效处理。4、D【解析】

初始状态下，根据库仑定律有：，接触后，两电荷均分总电量，分别带上2q的电量，，解得，ABC错误D正确．5、B【解析】

入射光的光子能量小于逸出功，则不能发生光电效应，故①错误；入射光的光子能量大于逸出功，能发生光电效应；电场对光电子加速，故有光电子到达金属网，故②正确；入射光的光子能量大于逸出功，能发生光电效应，根据光电效应方程因为所加的电压为反向电压，反向电压为2V，光电子能到达金属网，故③正确；入射光的光子能量大于逸出功，能发生光电效应，根据光电效应方程所加的反向电压为4V，根据动能定理知，光电子不能到达金属网，故④错误；综上分析可知B项正确，ACD错误。故选B。6、D【解析】

试题分析：据题意，从A到B，气体压强不变，故选项A错误；从B到C，温度不变，体积减小，则据可得压强变大，选项D正确而选项B错误；从C到A，体积不变，温度减小，据可知压强减小，故选项C错误．考点：本题考查理想气体V-T图像．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】

A．用10.2eV的光子照射，即−13.6eV+10.2eV=−3.4eV跃迁到第二能级，故A正确；B．因为−13.6eV+11eV=−2.6eV不能被吸收，故B错误；C．用14eV的光子照射，即−13.6eV+14eV>0氢原子被电离，故C正确；D．用11eV的动能的电子碰撞，氢原子可能吸收10.2eV能量，跃迁到第二能级，故D正确。故选ACD。8、ABC【解析】根据湿度传感器的工作原理，可知当周围环境湿度增加时，湿敏电阻的阻值会减小，根据串反并同可知灯泡的亮度会变暗，同时总电阻减小，故总电流会增大，则电流表的读数会变大，流过湿敏电阻的电流增大，故ABC正确；电源的总功率为P=EI，电动势不变，电流变大，所以电功率变大，D错误；故选ABC.9、BCD【解析】

A项：一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，对外做功，内能减小，温度降低，所以气体分子的平均动能减小，故A错误；B项：第一类永动机违反了能量的转化和守恒，永远不可能实现，故B正确；C项：根据熵增原理可知，气体向真空的自由膨胀是不可逆的，故C正确；D项：根据热力学第二定律可知，热力学第二定律可描述为“第二类永动机不可制成”，故D正确。10、BD【解析】升压变压器初级电压有效值为220V，则升压变压器次级电压为220nV，由于导线上有电压损失，则降压变压器的原线圈电压小于U3<220nV，则升压变压器原线圈两端的电压与降压变压器原线圈两端的电压之比大于1∶n，降压变压器副线圈两端的电压一定小于220V；若用户得到的电压为220V，则，即降压变压器的匝数比小于n∶1，选项AC错误，B正确；若用户增加时，输电线上的电流会变大，则输电线上分得的电压将增大，选项D正确；故选BD.点睛：解决本题的关键掌握交变电流电压的表达式，知道各量表示的含义，知道原、副线圈的电压比等于匝数之比，电流比等于匝数之反比；搞清远距离输电中功率分配关系及电压分配的关系．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6.0【解析】

[1]电压表表盘最小刻度为0.5V，则读数为6.0V。12、（1）0.9003.310（2）C（3）AC.（4）m1OP=m1OM+m2ON【解析】

（1）螺旋测微器的读数为:0.5mm+0.01mm×40.0=0.900mm，游标卡尺的读数为：3.3cm+0.05mm×2=3.310mm.（2）为保证两球发生对心正碰，两球的半径应相等，为防止碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，故选C；（3）小球离开轨道后做平抛运动，由h=gt2得小球做平抛运动的时间，由于小球做平抛运动时抛出点的高度h相同，则它们在空中的运动时间t相等，验证碰撞中的动量守恒，需要验证：m1v1=m1v1′+m2v2，则：m1v1t=m1v1′t+m2v2t，m1x1=m1x1′+m2x2，由图乙所示可知，需要验证：m1OP=m1OM+m2ON，因此实验需要测量的量有：①入射小球的质量，②被碰小球的质量，③入射小球碰前平抛的水平位移，④入射小球碰后平抛的水平位移，⑤被碰小球碰后平抛的水平位移。实验需要刻度尺与天平；故选AC。

（4）由（3）可知，验证碰撞中的动量守恒，需要验证：m1OP=m1OM+m2ON。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）3.17Mev，1.09Mev【解析】

（1）（2）依题意：系统动量守恒mnv1=mHev2可得系统能量守恒2E0+ΔE=Ekn+EkH3其中释放的核能ΔE=Δmc2可得Ekn=3.17Mev，EkH3=1.09Mev14、（1）50cm（2）450K【解析】

（1）玻璃管开口向上放置时封闭气体压强为P1=