河南省信阳市固始县蒋集中学2022-2023学年物理高一第二学期期中教学质量检测试题含解析

河南省信阳市固始县蒋集中学2022-2023学年物理高一第二学期期中教学质量检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、下列关于地球同步通信卫星的说法中，正确的是A．为避免通信卫星在轨道上相撞，应使它们运行在不同的轨道上B．通信卫星定点在地球上空某处，各个通信卫星的角速度相同，但线速度可以不同C．通信卫星只能运行在赤道上空某一恒定高度上D．不同国家发射通信卫星的地点不同，这些卫星轨道不一定在同一平面内2、关于运动的合成与分解，下列说法正确的是（）A．合运动的速度大小等于分运动的速度大小之和B．物体的两个分运动若是直线运动，则它的合运动一定是直线运动C．两个分运动是直线运动，合运动可能是直线运动，也可能是曲线运动D．若合运动是曲线运动，则其分运动至少有一个是曲线运动3、某行星周围存在着环状物质，为了测定环状物质是行星的组成部分还是环绕该行星的卫星群，某天文学家对其做了精确的观测，发现环状物质绕行星中心的运行速度v与到行星中心的距离r的关系如图所示。已知行星除环状物外的半径为R，环状物质的宽度为d，引力常量为G。则以下说法正确的是（）A．环状物质不是该行星的组成部分B．行星表面的重力加速度g=C．该行星除去环状物质部分后的质量M=D．该行星的自转周期T=4、如图所示，A、B两颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，A卫星的速度大小是B卫星速度大小的2倍，下列说法正确的是A．轨道半径 B．向心加速度C．周期 D．角速度5、如图，m＝10kg的物体在水平面上向左运动，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，与此同时物体受到一个水平向右的推力F＝20N的作用，则物体产生的加速度是（g取10m/s2）A．0B．4m/s2，水平向左C．2m/s2，水平向左D．4m/s2，水平向右6、如图所示，图线a、b分别表示电阻R1．R2的伏安特性曲线，下列说法中正确的是（）A．R1：R2=1：4B．R1：R2=2：1C．将R1与R2串联在电路中，它们两端的电压之比为2：1D．将R1与R2串联在电路中，它们消耗的电功率之比为1：27、物体以v0的速度水平抛出，忽略空气阻力，重力加速度为g，当其竖直分位移与水平分位移大小相等时，下列说法中正确的是()A．运动时间为B．竖直分速度大小为2v0C．瞬时速度的大小为3v0D．瞬时速度方向与水平方向成45°角斜向下8、如图电阻R1＝20Ω，电动机线圈电阻R2＝10Ω，当开关S断开时，电流表的示数为0.5A．当开关S闭合后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表显示的电流或电路消耗的电功率P应为A．I＝1.5A B．I<1.5AC．P<15W D．P>15W9、下列有关电动势的说法正确的是A．电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电量成反比B．电动势的单位跟电压的单位一致，所以电动势就是两极间的电压C．干电池电动势为1.6V，表面将1C的正电荷从电源负极移到正极，通过非静电力做功，将其他性质的能量1.5J转化为电能D．只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的10、关于运动的合成和分解，下列说法正确的是（）A．合运动的时间就是分运动的时间之和B．已知两分运动速度的大小，就可以确定合速度的大小C．已知两分运动的速度的大小和方向，可以用平行四边形定则确定合速度的大小和方向D．若两匀速直线运动的速度大小分别为v1、v2，则合速度v大小的范围为∣v1-v2∣≤v≤v1+v211、铀核裂变的一种方程为U＋X→Sr＋Xe＋2n，已知原子核的比结合能与质量数的关系如图所示，下列说法正确的有()A．X粒子是中子B．X粒子是质子C．U、Sr、Xe相比，Sr的比结合能最大，最稳定D．U、Sr、Xe相比，U的质量数最多，结合能最大，最稳定12、地球同步卫星的发射过程如下：先进入环绕地球的停泊轨道1，运行稳定后再进入转移轨道2，运行稳定后再进入同步轨道1．下列判断正确的是（）A．卫星从轨道1进入轨道2，需在Q点加速B．卫星从轨道2进入轨道1卫星需在P点减速C．卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道2上经过Q点的加速度D．卫星在轨道2上经过Q点时的速度大于在轨道1上过P点时的速度二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）某同学采用如图1所示的实验装置做“研究平抛运动”的实验:(1)实验时,下列操作中不需要的是________A．将斜槽轨道的末端调成水平B．用天平称出小球的质量C．每次都要让小球从同一位置由静止开始运动(2)实验时，该同学忘记在白纸上记录小球抛出点的位置，于是他根据实验中记录的点迹描出运动轨迹曲线后，在该段曲线上任取水平距离均为的三点A、B、C，如图2所示，其中相邻两点间的竖直距离分别为小球运动过程中所受空气阻力忽略不计，则小球初速度_________(g取)。14、（10分）图1是研究平抛运动的实验装置示意图，小球从斜面上一定高度处从静止释放，经过一段水平轨道后落下，图2是实验后在白纸上描出的轨迹和所测数据，以抛出点为原点建立坐标系，测得水平位移x＝16cm，竖直位移y＝5cm。根据图像可算出此平抛运动初速度v0＝________m/s(g＝10m/s2)。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）质量为1kg的物体静置于粗糙水平地面上，现对物体施以水平方向的恒定拉力，1s时物体的速度达到12m/s，此时撤去拉力，物体运动的v-t图像如图所示，物体与地面摩擦力大小为6N，求：（1）1～3s滑动摩擦力做的功；（2）0～3s拉力的平均功率．16、（12分）在粒子对撞机中,有一个电子经过高压加速,速度达到光速的0.5倍.试求此时电子的质量变为静止时的多少倍?17、（12分）撑杆跳高是一项技术性很强的体育运动，完整的过程可以简化成如图所示的三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落．在第二十九届北京奥运会比赛中，身高1.74m的俄罗斯女运动员伊辛巴耶娃以5.05m的成绩打破世界纪录．设伊辛巴耶娃从静止匀加速助跑距离s=32m，速度达到v=8.0m/s时，撑杆起跳，使重心升高h1=4.20m后越过横杆，重心下降h2=4.05m时身体接触软垫，从最高点到落地过程中水平位移x=0.9m，已知伊辛巴耶娃的质量m=65kg，重力加速度g取10m/s2，不计撑杆的质量和空气的阻力，求：(1)伊辛巴耶娃匀加速助跑的加速度大小；(2)如果伊辛巴耶娃只是通过借助撑杆把助跑提供的动能转化为上升过程中的重力势能，她最多能使自身重心升高多少?(3)伊辛巴耶娃在撑杆起跳上升阶段至少要做多少功？

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、C【解析】

同步卫星运行轨道为位于地球赤道平面上空圆形轨道，轨道固定不变，故A错误，D错误；通信卫星定点在地球上空某处，各个通信卫星的角速度相同，线速度也相等，B错误；不同国家发射通信卫星的地点不同，但射通信卫星是同步卫星，轨道固定不变，所以这些卫星轨道一定在同一平面内，故C正确；【点睛】地球同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期，2、C【解析】A、根据平行四边形定则知，合速度可能比分速度大，可能比分速度小，可能与分速度相等，故A错误；

B、两个直线运动的合运动不一定是直线运动，如平抛运动，故B错误；

C、两个匀变速直线运动的合运动的合加速度与合初速度方向共线时，则是匀变速直线运动，若不共线时，则是匀变速曲线运动，故C正确；

D、若合运动是曲线运动，则其分运动不一定是曲线运动，例如平抛运动，故D错误．点睛：解决本题的关键知道合运动是直线运动还是曲线运动取决于合速度方向与合加速度方向是否在同一条直线上，以及会根据平行四边形定则判断合速度与分速度的大小关系．3、D【解析】

A．若环状物质为行星的组成部分，则两者角速度相同，则有故图象是通过坐标原点的直线，故环状物质为行星的组成部分，故A错误；B．行星表面的物体的向心加速度行星表面的重力加速度和向心加速度意义不同，故B错误；C．若环状物质为卫星群，根据万有引力提供向心力可得可得当时，则有因为环状物质为行星的组成部分，质量不能用进行计算，无法求解该行星除去环状物质部分后的质量，故C错误；D．由于环状物质是该行星的组成部分，故其转动周期等于行星的自传周期为故D正确；故选D。4、B【解析】

根据，得，可得，故A错误；根据，得，故，故B正确；根据，得，故，C错误；根据，得，得，故D错误．5、D【解析】

物体向左运动所受摩擦力方向向右，大小为，由牛顿第二定律F+f=ma，所以加速度为4m/s2,水平向右，D对；6、D【解析】

根据控制变量法和欧姆定律分析电流与电压的关系图即可得出正确答案。【详解】AB、根据电阻的定义式R=得，根据图象可知，当电流都为2A时，电阻之比等于电压的反比，所以导体A、B的电阻．故A错误，B错误；C、根据公式：U=IR，当两段导体中的电流相等时，他们的电压之比U1：U2=．故C错误；D、将R1与R2串联在电路中，流过它们的电阻是相等的，根据公式：P=I2R，它们消耗的电功率之比为1：2，故D正确。故选：D。【点睛】本题考查了欧姆定律的实际应用，侧重考查了控制变量法。控制变量法是最重要研究方法之一，所以我们要好好掌握。7、AB【解析】竖直分位移与水平分位移大小相等，有v1t=gt2，t=，竖直方向上的分速度vy=gt=2v1．故AB正确；此时小球的速度v

＝v1，故C错误；设瞬时速度方向与水平方向成θ角，则tanθ＝＝2，所以θ不是45°，故D错误．故选AB．8、BC【解析】

当电键S断开时，由欧姆定律得，U=I1R=0.5×20=10V．当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流，故电流表的电流I＜1.5A，电路中电功率P=UI＜15W．故BC正确，AD错误。9、CD【解析】

AD．电源的电动势等于电源内非静电力做的功跟通过的电量的比值，E=W/q只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的，选项A错误，D正确；B．电动势的单位跟电压的单位一致，但是电动势与两极间的电压不同，只有当外电路断开时，电动势才等于两极间的电压，选项B错误；C．干电池电动势为1.6V，表明将1C的正电荷从电源负极移到正极，通过非静电力做功，将其他性质的能量1.5J转化为电能，选项C正确；故选CD.10、CD【解析】合运动与分运动具有等时性．故A错误．根据平行四边形定则知，只知道两分运动速度的大小，还不能确定合速度的大小．故B错误．已知两分运动的速度的大小和方向，可以用平行四边形定则确定合速度的大小和方向，故C正确．两匀速直线运动的速度大小分别为v1、v1，则合速度v大小的范围为|v1-v1|≤v≤v1+v1．故D正确．故选CD．点睛：解决本题的关键知道合运动与分运动的关系：合运动与分运动具有等时性；合运动与分运动满足平行四边形法则．会根据平行四边形定则判断合速度与分速度的大小关系．11、AC【解析】

AB.根据核反应方程，质量数守恒，电荷数守恒得X是中子，所以A正确，B错误C.根据图像可知，中等质量大小的Sr的比结合能最大，比结合能越大，分子越稳定，C正确D.裂变反应释放能量，所以U的质量数最多，结合能最大，但比结合能越大，越稳定，根据C选项分析，Sr的比结合能最大，最稳定，D错误12、AD【解析】卫星从轨道1进入轨道2，需在Q点加速点火，选项A正确；卫星从轨道2进入轨道1卫星需在P点点火加速，选项B错误；根据可知，卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道2上经过Q点的加速度，选项C错误；根据可知，卫星在轨道1上过P点时的速度小于经过轨道1上Q点的速度，而经过轨道1上Q点的速度小于经过轨道2上Q点的速度，可知在轨道2上经过Q点时的速度大于在轨道1上过P点时的速度，选项D正确；故选AD.点睛：卫星的变轨问题，关键是知道由低轨道进入高轨道要加速点火；从高轨道进入低轨道要减速制动.二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（1）AC（2）1.8m/s【解析】

（1）必须要将斜槽轨道的末端调成水平，以保证小球做平抛运动，选项A正确；没必要用天平称出小球的质量，选项B错误；每次都要让小球从同一位置由静止开始运动，以保证小球到达底端的速度相同，选项C正确；（2）竖直方向：；水平方向：，解得14、1.6m/s【解析】在水平方向上做匀速运动，则由x=v在竖直方向上做自由落体运动，则y=1解得：t=0.1s；v0故本题答案是：v点睛：平抛运动可以分解为水平方向上的匀速运动和竖直方向上的自由落体运动。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）-72J（2）36W【解析】

（1）1～3s内物体的位移滑动摩擦力做的功W=-fx=-6×12J=-72J；（2）0～1s的加速度由牛顿第二定律F-f