2022-2023学年湖南省永州市新田一中物理高二下期中监测模拟试题含解析

2022-2023学年湖南省永州市新田一中物理高二下期中监测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是A．能量耗散表明，能量的总量并不守恒B．随着科技的发展，能量是可以凭空产生的C．随着科技的发展，永动机是可以制成的D．某种形式的能量减少，一定有其他形式的能量增加，能的总量保持不变2、如图所示，理想变压器原线圈匝数n1=1100匝，副线圈匝数n2=220匝，交流电源的电压u=220sin（100πt）V，电阻R=44Ω，电压表、电流表均为理想交流电表．下列说法正确的是A．交流电的频率为100Hz B．电压表的示数为44VC．电流表A1的示数为5A D．电流表A2的示数为1A3、下列应用了温度传感器的是()A．商场里的自动玻璃门B．夜间自动打开的路灯C．自动恒温冰箱D．楼梯口的夜间有声音时就亮的灯4、关于电阻、电感、电容对电流作用的说法正确的是()A．电阻对直流电和交流电的阻碍作用相同B．电感对直流电和交流电均有阻碍作用C．电容器两极板间是绝缘的，故电容支路上没有电流通过D．交变电流的频率增加时，电阻、电感、电容的变化情况相同5、两个钢球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，A球在后，B球在前，MA=1kg，MB=2kg，vA=6m/s，vB=2m/s。当A球与B球发生正碰后，A、B两球速度可能为()A．vA=7m/s,vB=1.5m/sB．vA=4m/s,vB=2m/sC．vA=2m/s,vB=4m/sD．vA=3m/s,vB=4m/s6、下列说法中正确的是（）A．变化的电场一定产生变化的磁场B．电磁波按波长从长到短顺序排列依次是：γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线、无线电波C．X射线的穿透本领比γ射线更强D．电磁波在真空中的传播速度等于光速二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一匀强电场的电场强度为E，A、B是电场中的两点．下列说法中正确的是A．电场中A点的电场强度等于B点电场强度B．电场中A、B两点的电场强度大小相同，方向不同C．电荷量为q的点电荷，在A点受到的电场力大小为qED．电荷量为q的点电荷，在A点受到的电场力比放在B点受到的电场力大8、如图所示，一电子以初速度v沿与金属板平行的方向飞入MN极板间，发现电子向N板偏转，则可能是（）A．电键S闭合瞬间B．电键S由闭合到断开瞬间C．电键S是闭合的，变阻器滑片P向右迅速滑动D．电键S是闭合的，变阻器滑片P向左迅速滑动9、如图所示，用一根粗细均匀的电阻丝制成形状相同、大小不同的甲、乙两个矩形线框．甲对应边的长度是乙的两倍，二者底边距离匀强磁场上边界高度h相同，磁场方向垂直纸面向里，匀强磁场宽度d足够大．不计空气阻力，适当调整高度h，将二者由静止释放，甲将以恒定速度进入匀强磁场中．在矩形线框进入磁场的整个过程中，甲、乙的感应电流分别为I1和I2，通过导体横截面的电量分别为q1和q2，线框产生的热量分别为Q1和Q2，线框所受到的安培力分别是F1和F2，则以下结论中正确的是A．I1＞I2 B．q1=4q2C．Q1=4Q2 D．F1=2F210、如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为11：1，电阻R=22Ω，各电表均为理想交流电表．原线圈输入电压的变化规律如图乙所示．下列说法正确的是A．副线圈输出电压的频率为51HzB．t=1．11s时电压表的示数为1VC．电阻R消耗的电功率为22WD．通过原、副线圈的磁通量变化率之比为11:1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“用单摆测定重力加速度”的实验中，测得单摆摆角小于5°，完成n次全振动的时间为t，用毫米刻度尺测得摆线长为L，用游标卡尺测得摆球直径为d：（1）用上述物理量的符号写出重力加速度的一般表达式g=_______________；（2）从下图可知，摆球直径d的读数为__________cm；（3）实验中有个同学发现他测得重力加速度的值偏大，其原因可能是__________。A．以摆线长为摆长来计算B．单摆所用摆球质量太大C．把n次全振动时间误当成(n+1)次全振动时间D．悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了12．（12分）某同学用如图所示的装置做验证动量守恒定律的实验．先将球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把同样大小的b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端上，让球仍从固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次．（1）本实验必须测量的物理量有________．（填写选项对应的字母）A．斜槽轨道末端距水平地面的高度HB．小球a、b的质量ma、mbC．小球a、b的半径rD．小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间tE．记录纸上O点到A、B、C各点的距离OA、OB、OCF．球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h（2）放上被碰小球b，两球（ma>mb）相碰后，小球a、b的落地点依次是图中水平面上的_______点和________点．（3）某同学在做实验时，测量了过程中的各个物理量，利用上述数据验证碰撞中的动量守恒，那么判断的依据是看________和________在误差允许范围内是否相等。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，倾角θ=37°的光滑固定斜面上放有A、B、C三个质量均为m的物块(均可视为质点)，A固定，C与斜面底端处的挡板接触，B与C通过轻弹簧相连且均处于静止状态，A、B间的距离为d。现释放A，一段时间后A与B发生碰撞，重力加速度大小为g，取sin37°=0.6，cos37°=0.8。(1)求A与B碰撞前瞬间A的速度大小v0；(2)若A、B碰撞为弹性碰撞，碰撞后立即撤去A，且B沿斜面向下运动到速度为零时(此时B与C未接触弹簧仍在弹性限度内)，弹簧的弹性势能增量为Ep，求B沿斜面向下运动的最大距离x；(3)若A下滑后与B碰撞并粘在一起，且C刚好要离开挡板时，A、B的总动能为Ek，求弹簧的劲度系数k。14．（16分）如图所示，截面为直角三角形的玻璃砖，，，玻璃砖的折射率，一束平行于底边BC的单色光从AB边上的中点M射入此玻璃砖。求：(1)请计算判断光束第一次到达AC时能否从AC边射出；(2)第一次从BC边射出时的折射角。15．（12分）如图所示，一交流发电机的线圈在匀强磁场中匀速转动，线圈匝数N＝100，线圈电阻r＝3Ω，ab＝cd＝0.5m，bc＝ad＝0.4m，磁感应强度B＝0.5T，电阻R＝311Ω，当线圈以n＝300r/min的转速匀速转动时．求：(1)感应电动势的最大值；(2)t＝0时线圈在图示位置，写出此交变电流电动势瞬时值表达式；(3)此电压表的示数是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A．能量耗散指的是任何其它形式的能量都有自发变为内能的倾向，其本质是有序运动最终要变为无序运动，这是由热力学第二定律所揭示的，但能量的总量依然守恒，故A错误；B．能量既不会凭空消失，也不会凭空产生，它只会从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，而在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，故B错误；C．永动机违背了能量守恒定律，是不可能制成的，故C错误；D．根据能量守恒定律可知，某种形式的能量减少，一定有其他形式的能量增加，能的总量保持不变，故D正确．故选D正确．2、D【解析】A项：交流电的周期为：，，故A错误；B、C、D项：原线圈的电压有效值为220V，根据电压与匝数成正比知，副线圈电压即电压表的示数为44V，则电流表A2的示数为：，电流与匝数成反比，所以电流表A1的示数为：，故B错误，C错误，D正确．点晴：电压表、电流表的示数表示电压电流的有效值，原副线圈的电压比等于匝数之比，电流比等于匝数之反比，原线圈的电压决定副线圈的电压，副线圈的电流决定原线圈的电流．3、C【解析】试题分析：A、商场里的自动玻璃门是应用了红外线传感器，A错误；B、夜间自动打开的路灯是利用了光传感器，B错误；C、自动恒温冰箱是利用了温度传感器，C正确；D、夜间有声音时就亮的楼梯灯是利用了声音传感器，D错误；故选C4、A【解析】A．电阻的阻值对直流电和交流电的阻碍作用相同，故A正确；B．电感对直流电没有阻碍作用，对交流电有阻碍作用，故B错误；C．由于电容器不断地充、放电，电路中存在充电电流和放电电流，故C错误；D．电阻的阻值与交流电的频率无关，感抗随交流电频率的增大而增大，容抗随交流电频率的增大而减小，故D错误．故选：A.5、C【解析】试题分析：两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度．两球碰撞过程系统动量守恒，以两球的初速度方向为正方向，如果两球发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得，代入数据解得，如果两球发生完全弹性碰撞，有：，由机械能守恒定律得，代入数据解得：，则碰撞后A、B的速度，，C正确．6、D【解析】

A．根据麦克斯韦电磁理论可知，均匀变化的电场产生稳定的磁场，选项A错误；B．电磁波按波长从短到长顺序排列依次是：γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线、无线电波，选项B错误；C．γ射线的穿透本领比X射线更强，选项C错误；D．电磁波在真空中的传播速度等于光速，选项D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

AB．由图看出，此电场是匀强电场，而匀强电场的电场强度处处相同，则EA=EB=E，故A正确，B错误；CD．匀强电场的电场强度处处相同，所以电荷量为q的点电荷，在A点受到的电场力和在B点受到的电场力大小都是qE，故C正确，D错误．故选AC．8、BC【解析】

A.开关S接通瞬间，根据安培定则，穿过线圈的磁通量向右增加，由楞次定律知在右侧线圈中感应电流的磁场方向向左，产生左正右负的电动势，电子向M板偏振，故A错误；B.断开开关S瞬间，穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律知在右侧线圈中产生左负右正的电动势，电子向N板偏振，故B正确；C.接通S后，变阻器滑动触头向右迅速滑动，电阻增大，电流减小，穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律知在右侧线圈中感应出左负右正的电动势，电子向N板偏振，故C正确；D.接通S后，变阻器滑动触头向左迅速滑动，电阻减小，电流增大，穿过线圈的磁通量增加，由楞次定律知在上线圈中产生左正右负的电动势，电子向M板偏振，故D错误。故选：BC9、CD【解析】设甲的宽度为L，周长为l，则乙的宽度为，周长为，那么甲的质量是乙质量的两倍，根据电阻，可得，由题意可知甲做匀速运动：，感应电动势为：，感应电流为：,联立以上可得：，同理对乙有：，联立以上可得，说明乙也匀速运动且，感应电流为：，结合以上易得，故A错误；电量为，可得：，故B错误；产生的热量为：，由运动学公式可得：，联立以上可得：,故C正确；安培力为：,根据以上可得：，故D正确．所以CD正确，AB错误．10、AC【解析】试题分析：由图象可知，交流电的周期为1．12s，所以交流电的频率为51Hz，故A正确．电压表的读数等于交流电的有效值，而不是瞬时值；根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为2212V，所以副线圈的电压的最大值为222V，所以电压的有效值为22V，所以电压表的示数为22V，故B错误．电阻R消耗的电功率是P=U考点：交流电的变化规律【名师点睛】此题考查了交流电的变化规律；掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题；注意电压表的读数等于交流电的有效值．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.240C【解析】

（1）[1]单摆摆角小于5°，摆角足够小，单摆的运动可以看成简谐运动，完成n次全振动的时间为t，则单摆的周期为小球大小不能忽略，所以摆长是绳长L加上小球的的半径长度，即由单摆周期公式联立可解得重力加速度为（2）[2]游标卡尺的主尺的读数是12mm，游标尺是20分度的，每一小格与标准长度相差游标尺上第8个刻度与主尺上某一刻度对齐，则游标尺的读数为则游标尺的读数为12+0.40mm=12.40mm=1.240cm（3）[3]由（1）问可知重力加速度为A．以摆线长作为摆长来计算，则L的测量值偏小，则重力加速度的测量值偏小，故A错误；B．重力加速度的测量值与摆球质量无关，B错误；C．把n次全振动时间误当成(n+1)全振动的时间，用的全振动次数多了，即上式中的n大了，导致根据重力加速度的测量值偏大，故C正确；D．悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了，故L的测量值偏小，则重力加速度的测量值偏小，故D错误。故选C。12、BEAC【解析】

（1）[1]小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则有两边同时乘以时间t得则因此A实验需要测量：两球的质量，两球做平抛运动的水平位移，故ACD错误，BE正确。（2）[2][3]由图所示装置可知，小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度减小，b球在前，a球在后，两球都做平抛运动，由图示可知，未放被碰小球时小球a的落地点为B点，碰撞后a、b的落点点分别为A、C点。（3）[