2022年江苏省丹阳市高考物理仿真测试模拟试卷（三模）有答案

2022年江苏省丹阳市高考物理测试模拟试题（三模）

考试范围：xxx；考试工夫：100分钟；xxx

题号|一|二|三|总分

得分

注意：

1.答题前填写好本人的姓名、班级、考号等信息

2.请将答案正确填写在答题卡上

第I卷（选一选）

请点击修手第I卷勺文字阐明

评卷人得分

----------------一、单选题

1.1934年，约里奥一居里夫妇用a粒子轰击铝箔，产生了人工放射性同位素X,反应方程为

X+：＞n。x会发生夕*衰变生成原子核Y,衰变方程为X-Y+；e,则（）

A.X的质量数与Y的质量数相等B.X的电荷数比Y的电荷数少1

C.X的电荷数比;;A1的电荷数少2D.X的质量数与;:A1的质量数相等

2.位于水面上的波源，、S2产生两列周期均为7、振动方向相反、振幅均为/的相关波，实

线、虚线分别表示在同一时辰它们所发出的波的波峰和波谷，如图所示，a、b、c、d、e是水

面上的五个点，其中有一小树叶（未画出）位于d处，下列说确的是（）

A.6点的振动加强，d点的振动减弱

B.一段工夫后，小树叶被水波推至6处

第1页/总24页

C.e点在某工夫内也会振动

D.若波源Sz忽然中止振动，之后的27•内，6点经过的路程为164

3.如图所示，OBCD为半圆柱体玻璃的横截面，。。为直径，一束由紫光和红光组成的复色

光沿/。方向从真空射入玻璃，紫光和红光分别从8、C点射出。下列说法中正确的是（

A.紫光在半圆柱体玻璃中传播速度较大

B.紫光先从半圆柱体玻璃中射出

C.逐渐减小入射角3紫光先发生全反射

D.逐渐减小入射角3红光先发生全反射

O

4.2022年3月21日，东航一架波音737客机在广西壮族自治区境内坠毁，失事地点位于北

纬23。32'、东经111°12,的藤县琅南镇莫垠村。我国资源卫星运用在救援过程中实施了卫星监

测，若绕地球做匀速圆周运动的监测卫星，每天上午同一时辰都能在失事地点正上方拍照，则

下列说法中正确的是（）

O

g

O

A.该卫星一定是地球同步卫星

B.该卫星轨道平面与北纬23°32'所确定的平面共面

檄

C.地球自转周期一定是该卫星运转周期的整数倍

D.该卫星运转周期一定是地球自转周期的整数倍

5.关于以下四幅图中所涉及物理知识的论述中，正确的是（）O

氐

试卷第2页，共10页

甲

A.图甲所示是沙漠中的“蜃景”景象，是光的衍射景象惹起的

B.图乙所示是光照射透光的小圆孔得到的干涉图样

C.图丙所示是水流导光实验时，激光沿水流会变弯曲是由于光的折射

D.图丁所示是线圈c中的磁场能正在减小

6.小明同窗制造了一个风趣的“简易电动机”，将一节5号干电池的正极向上，几块圆柱形强

磁铁片（能导电）吸附在电池的负极上，把一段裸铜导线弯折成一个线框，如图甲所示，线框

上端的中点折出一个突出部分与电池的正极良好接触，上面弯曲的两端与磁铁表面保持良好接

触，如图乙所示，放手后线框就会转动。关于该“简易电动机”，下列说确的是（）

A.若磁铁N极朝上，从上往下看，该线框逆时针旋转

第3页/总24页

B.若将磁铁上下对调，“电动机”转动方向可能不变

C.若在磁铁上面再吸附一块异样的磁铁片，转动波动后转速更大

D.“简易电动机”由静止到转动的过程中，电源的功率不断增大

7.某同窗用如图所示安装研讨光电效应景象，所用光源的功率相反，可输入不同频率的单色

光，回路中的光电流为（，假设发生光电效应时一个光子能打出一个光电子，则下列光电流

与光源频率廿间的关系图象正确的是（）

O

O

g

O

檄

8.“摩天轮”是游乐场中深受大家喜欢的项目，如图所示，摩天轮在竖直平面内做速率为v的匀

速转动，其半径为R,游客站在观光舱中与之保持绝对静止，游客地位从A到B到C的过隹

O

中（）

氐

试卷第4页，共10页

A

A.游客遭到观光舱的支持力先变小后变大

B.游客遭到观光舱的力不断变大

C.游客遭到观光舱的作用力不断变大

D.观光舱对游客的作用力的冲量大小为

9.在平行于纸面的匀强电场中，有一个圆形区域/8CQ,如图甲，圆心为0,半径为

R=0.1m,P为圆弧上的一个点，从/点出发沿逆时针运动，。为PO连线旋转的角度，即

乙POA=0,尸点电势随6角度的变化如图乙所示，则（）

A.

B.匀强电场场强大小为10V/m

C.电子在8点的电势能大于在C点的电势能

D.电子从。点沿圆弧逆时针挪动到D点，电场力先做负功后做正功

10.道路压线测速零碎，不只可以测速，也可以测量能否超载，其结构原理电路可以理解为如

第5页/总24页

图甲所示由一个电源，一个灵敏电流计与传感器连接，一个电容和一个保护电阻R组成，愚应

线连接电容器的其中一块极板上，如果车轮压在感应线上会改变电容器两板间的距离，并会使

灵敏电流计中产生霎时电流，压力越大，则电流峰值也会越大，如果汽车的前、后轮先后感应

线，回路中产生两脉冲电流，如图乙所示，电子眼就会拍照。如果以顺时针方向为电流正方向,

则（）

O

A.汽车压线时，电容器板间距离变小

B.车轮感应线过程中电容器先充电后放电

C.增大电阻R值，可以使电容器波动时的带电量减小

D.如果车轮间距是2.5m,则可估算车速约为7.7m/sO

第II卷（非选一选）

请点击修正第II卷的文字阐明

g

评卷人得分

二、实验题

O

11.近年来，我国打响了碧水保卫战，检测组在某化工厂的排污管末端安装了如图1所示位计,

用此安装测量污水（有大量的正、负离子）的电阻，进而用来测污水的电阻。测量管由绝缘材

料制成，其直径为。，左右两端开口，匀强磁场方向竖直向下（未画出），在前后两个内侧田檄

/、C上固定有竖直正对的金属板作为电极（未画出，电阻不计），金属板电极与开关S、电阻

箱A和灵敏电流计连接，管道内一直充满污水，污水以恒定的速度v自左向右经过。O

氐

试卷第6页，共10页

图1图2

A.调理属，使G的指针偏转到满刻度，记下此时G1的示数4；

B.分别将4和凡的阻值调至；

C.合上开关5；

D.合上开关工；

E.反复调理4和4,使Gi的示数仍为'，G的指针偏转到满刻度的一半，此时凡的读数为

与

O

①正确的操作步骤是;②测出灵敏电流计内阻为

（2）用游标卡尺测量测量管的直径D,如图3所示，则D=cm。

（3）图1中与/极相连的是灵敏电流计的接线柱（填“正”或"负”）。

（4）闭合图1中的开关S,调理电阻箱的阻值，记下电阻箱接入电路的阻值尺与相应灵敏电

--R

流计G的读数/,绘制/图像，如图4所示，则污水接入电路的电阻为。（用

题中的字母。、6、c、v,D、凡表示）

评卷人得分

第7页/总24页

12.如图甲所示为某一发电机的实物模型，其工作原理可简化为如图乙所示：强磁场的磁感应

—T2

强度大小为2矩形线圈的总电阻为0.3。、匝数为5（）匝、面积为02nr,可绕垂直于匀强磁

场的轴匀速转动。现将该发电机接在理想变压器的原线圈上，副线圈接有规格均为

“220V,110W”的灯泡二、L2,如图丙所示，如今使发电机匀速转动，使两灯泡均正常发光，

己知理想变压器的原副线圈匝数之比为1：10,电压表为理想交流电表，其余电阻均不计。求:

（1）理想交流电压表的读数：

（2）手摇发电机匀速转动的角速度。

9

O

13.如图所示，质量为机的理想气体从形态4依次形态8、。和。后再回到形态其中，

8和为等温过程，8-C和。一”为绝热过程（气体与外界无热量交换）。这就是的O

“卡诺循环

（1）若该气体摩尔质量为〃，气体在4形态时的体积为匕，在8形态时压强为4形态时的g

2

3,求气体在5形态时单位体积内的分子数。（已知阿伏加德罗常数N”）

（2）若“-8过程中吸收的热量为0八过程中放出的热量为心，求卡诺热机的效益。O

（热机效率为气体对外做的净功与从高温热源吸收热量的比值）

檄

O

氐

试卷第8页，共10页

、pA

OV

14.如图，固定在竖直面内的导轨P0R,由半径为，•的光滑半圆环和足够长程度导轨组成，程

度导轨上的N点左侧部分光滑，右侧部分粗糙，半圆环与程度轨道在。点相切。一根自然长

k=奥区

度为八劲度系数3尸的轻质弹性绳，一端固定在圆环的顶点P,另一端与一个穿在圆环

上、质量为"，的小球"相连；在程度轨道的。、N两点间依次套着质量均为2加的氏c、d三

个小球，一切小球大小相反。开始时将小球。移到某一地位使弹性绳处于原长且伸直形态,

然后由静止释放小球a,当小球。在圆环上达到速度时，弹性绳自动零落。已知弹性绳的弹性

E=-kx2八，

势能练P与其伸长量x间满足p2,各个小球与导轨粗糙部分间的动因数均，二°/，小球

间的碰撞均为弹性碰撞，且碰撞工夫极短，重力加速度为g。求：

（1）释放小球。霎时，圆环对小球。的作用力尸N/大小；

（2）弹性绳自动零落时，小球。沿圆环下滑的速率为；

（3）最终。、〃两球间的距离X"”。

。bcdNR

75

AD=-dAB=-d

15.如图（〃），矩形区域力58（包含边界）中存在匀强磁场，其中4,4,质

量为〃?、电量为g的正离子以初速度y从4点沿48边射入匀强磁场中，规定垂直于4平

面向外为磁场的正方向，设匀强磁场的磁感应强度5随工夫作周期性变化如图（6）,题中

掰、q、d,v为已知量，B、T未知，求：

（1）若磁感应强度5qd,，=°时辰射入磁场的正离子刚好在t=7时辰垂直于8c边从E

第9页/总24页

点(图中未标出)离开磁场，求E8间的距离；

5=8WVT_

(2)若磁感应强度5qd,欲使在0〜5工夫内射入磁场的正离子均不能由边离开磁场,

求磁场的周期T应满足的条件；

nAmv

D-----

(3)若磁感应强度qd,欲使在f=°时辰射入磁场的正离子垂直于边离开磁场，求

.711

sin—=-

磁场的周期兀(取103)

O

O

g

o

o

氐

试卷第10页，共1()页

答案:

1.A

【详解】

AB.根据题干信息可知在衰变过程中，质量数不变，电荷数减1,所以X和Y的质量数

相等，X的电荷数比Y多1,故A正确，B错误；

CD.在X生成的方程中，由质量数和电荷数守恒可知，X的质量数为30,电荷数为15,

故CD错误。

故选Ao

2.D

【分析】

【详解】

A.6点是波峰和波峰叠加的点，d点是波谷和波谷叠加的点，都是振动加强点，A错误；

B.机械波传播的过程中，各质点并不随波迁移，故小树叶只在原地位上下振动，B错误：

C.e是波峰和波谷叠加的点，属于振动减弱点，由于两波源振幅相反，静止不动，C错误;

D.若波源S2忽然中止振动，由图像可知，在之后的2T内，6质点仍是振动加强点，振幅

为2力，完成两次全振动，经过的路程为164,D正确。

故选D«

3.C

【详解】

A.玻璃对紫光的折射率大于红光，根据

一

n

紫光在半圆柱体玻璃中传播速度较小，故A错误；

B.玻璃对紫光的折射率大于红光，从8点射出的是紫光，设OD长度为"，折射角分别为

%、%,连接50、CD,如下图

答案第1页，共14页

根据

sinic

nR=--------=一

sin0BvB

sinic

nc=--------=——

sinOcvc

解得

sin0B_sin0C

VBvc

光在玻璃中传播工夫为

dsin。

t=---------

v

可解得

=tC

故B错误；

CD.逐渐减小入射角3在半圆柱体玻璃内部的紫光临界角较小，先发生全反射，故C正

确，D错误。

故选Co

4.C

【详解】

ACD.由于卫星每天上午同一时辰都在失事地点正上方拍照，所以卫星的运动周期与地球

自转周期的关系为

品=&〃=1,23)

n

既卫星不一定是同步卫星，故C正确，AD错误；

B.卫星围绕地球做匀速圆周运动时:地球对卫星的万有引力提供向心力，轨道的圆心的

地心，所以该卫星轨道平面与北纬23°32,所确定的平面不可能共面，故B错误。

答案第2页，共14页

故选c。

5.D

【详解】

A.沙漠中的“蜃景”景象是光的全反射惹起的，故A项错误；

B.图乙所示是光照射不透明的小圆板得到的衍射图样，故B项错误；

C.图丙所示是水流导光实验时，激光沿水流会变弯曲是由于光的全反射，故C项错误；

D.根据图示电路可知，该振荡电路正在充电，电流在减小，电容器两极板间的电压正在

增大，磁场能转化电场能，所以磁场能正在减小，故D项正确。

故选D。

6.C

【详解】

A.线框遭到安培力的作用而发生转动，根据左手定则可以判断从上往下看，线框将做顺

时针转动，故A错误；

B.将磁铁上下对调，则安培力反向，“电动机”转动方向一定改变，故B错误；

C.若在磁铁上面再添加一块异样的磁铁，磁感应强度增大，线框遭到的安培力增大，转

动波动后转速更大，故C正确；

D.由静止到转动的过程中，转速不断增大，因导线切割磁感应线，产生的感应电动势与

电源相反，则线框中电流减小，根据？=£/知，电源的功率不断减小，故D错误。

故选C。

7.B

【详解】

设光源单位工夫内发出的光子数为〃，发出光的频率为声，则有

W=nhv

变式有

W

n=——

hv

可知光源功率相反时丫越大，〃越小，在未发生光电效应前，即光源频率小于阴极K的截

答案第3页，共14页

止频率时，回路中没有光电流产生，故B正确，ACD错误。

故选B„

8.C

【详解】

ABC.对游客进行受力分析，如下图，游客遭到竖直向下的重力G、观光舱对游客竖直向

上的支持力N和程度方向的力/,三者的合力提供向心力尸〃，且支持力N和力/的合力E

为观光舱对游客的作用力。

由于摩天轮在竖直平面内做匀速转动，因此向心力尸〃大小不变，方向指向圆心。当从A

到B过程中，由于支持力N和重力G在竖直方向，设二者的合力为尸”向心力与竖直方

向夹角为"（取锐角），因此可得

耳-G-N-Fncosa

f=F„sina

因此

N=G-Fflcosa

22

F=y]N+f=+G-2GFncosa

由于月、G大小不变，从A到B过程中，々从0逐渐增大到90",因此/逐渐增大，N逐

渐增大，尸逐渐增大。当从B到C过程时，此时

F}=N-G=Fncosa

因此

答案第4页，共14页

f=Fnsina

N=G+Fncosa

尸==Jk+G2+2G£,cosa

此时a从90”逐渐减小到0,因此/逐渐减小，N逐渐增大，F逐渐增大，综合上述分析可

得游客地位从A到B到C的过程中，游客遭到观光舱的支持力不断变大，游客遭到观光舱

的力先变大后变小，游客遭到观光舱的作用力不断变大，故AB错误，C正确；

D.游客地位从A到B到C的过程中，由于程度方向上游客仅受力作用，因此根据动量定

理，在程度方向上

If=\p=2mv

而观光舱对游客的作用力的冲量为观光舱对游客力的冲量与观光舱对游客支持力的冲量的

矢量和，观光舱对游客支持力的冲量不为零，故D错误。

故选Co

9.C

【详解】

AB.由图乙可知

心=2V

g三

当§时，P点位于下图中的£点处，此时可得

<PE=1V

9=%

当3时，尸点位于下图中的尸点处，由几何知识可知E、F、。三点共线，此时可得

孙=5V

则圆心。点的电势为

<PE+(PF

(Po=\3V

过“点作OE的垂线交于〃点，由几何知识易得，加点为EO中点，则下图中/点的电势

为

答案第5页，共14页

故直线为等势线，由于电场线与等势面垂直，则可知电场线沿FOE方向，过8点作电

场线FOE的垂线，交于N点，如下图所示

则有

(PA=<PM><PN=%

电场强度的大小为

£=^z£v=iv=20V/m

7?cos-0.Imx一

32

故AB错误；

C.根据上面的方法可知，8点的电势比C点的电势低，则电子在8点的电势能大于在C

点的电势能，故C正确；

D.电子从C点沿圆弧逆时针挪动到。点，电势先升高再降低，电势能先降低后升高，则

电场力先做正功后做负功，故D错误。

故选Co

10.D

【详解】

A.汽车压线时，由图乙可知电流方向沿顺时针方向，则阐明此时电容器在放电，电容器

电荷量减小。由于电容器电压等于电源电压不变，则电容器的电容减小。根据电容的决定

式

C=-^-

4兀kd

可知汽车压线时，电容器板间距离4变大，故A错误；

答案第6页，共14页

B.由图乙可知电流先沿顺时针方向后沿逆时针方向，则电容器先放电后充电，故B错误;

C.电阻R的作用是为了保护电路，防止电流过大而损坏灵敏电流计，阻值大小对电容器

的电容大小没有影响，从而对电容器波动时的带电量没有影响，故C错误;

D.由图乙可知，前后轮传感器的工夫间隔为

t=0.325s

则汽车是速度为

L2.5m_.

v-----------«7.7m/s

t0.325s

故D正确。

故选Do

11.BCADE&3.035正b-a

【详解】

(1)口］［2］本实验是用半偏法测电流表内阻。为保护电路，闭合开关前应将变阻器阻值调

至，合上开关调理舄，使待测灵敏电流计G满偏，记下此时Gi的示数人，人就等于

灵敏电流计G的满偏电流值；再合上开关S?,反复调理凡和使G］的示数仍为人，G

的指针偏转到满刻度的一半，此时G、旦的电流之和等于4,即等于G的满偏电流，也即

G、4的电流相等，故4因此正确的顺序为BCADE。

(2)［3］由游标卡尺读数由主尺刻度加游标尺刻度，从主尺读出整毫米刻度，从游标尺读

出对齐的刻度数乘以游标尺的精度，由图读得直径为

D=30mm+7x0.05inm=30.35mm=3.035cm0

(3)［4］由左手定则可得正离子往4处电极方向运动、负离子往C处电极方向运动，所以

与A处电极相连的是灵敏电流计的正接线柱。

(4)［5］由磁流体发电机的原理知，污水中正负粒子在洛伦兹力作用下向4、C两处电极偏

转，在两极处构成电场，直到电场力与洛伦兹力达到动态平衡，有

%=qvB

D

得电源电动势为

答案第7页，共14页

U=DvB

由欧姆定律可得

}U_DvB

R通R+Rg+r

其中厂为污水的电阻，所以

11DRg+r

IBDvBDv

由图像可得斜率

.b-a1

k=------=-------

cBDv

纵截距

R„+r

a=———

BDv

所以

naC

人十『一

b-a

故

_ac

r-.R0

b-a

12.(1)22V；(2)。=5rad/s

【详解】

(1)由题意可知副线圈两端电压为

5=220V

根据理想变压器变压规律可得原线圈两端电压，即理想交流电压表的读数为

=22V

«2'

(2)副线圈中的电流为

2P

kFj'A

根据理想变压器变流规律可得原线圈中的电流为

L=±A=10A

设发电机匀速转动的角速度为S,则产生的感应电动势的值为

Em=NBSto

答案第8页，共14页

有效值为

r6口

E=Em

根据闭合电路欧姆定律可得

E-Ixr=Ux

联立解得

co=5rad/s

2叫

13.（1）3%.（2）0

【详解】

（1）分子总数

"m

N=—NKr.

MA

ATB等温变化

p0=pBVB

得

与="幸

PB2

M__N___2_m_N_.

VB

（2）设整个循环过程中对外做功为忆由整个过程

△U=0

热力学定律

\U^Q-Q2-W

得

W=Q,-Q2

所以效率

等氏

14.(1)2.(2)V5,(4)4.5r

答案第9页，共14页

【详解】

(1)设释放小球a霎时，圆环对小球a的作用力大小为尸有

"?gcos60°-%=0

解得

F=整

NI2

(2)设在弹性绳自动零落前霎时，弹性绳与竖直方向间夹角为夕，此时小球。的速率为

%,此时弹性绳弹力“与球。的重力的合力沿半径指向圆心O,。球受力如图示

由正弦定理得

k(2rcos0-r)_mg_F合

sin(万一2。)sin。sin。

根据能量守恒

mgQrcos20-rcos60)=；k(2rcos夕一厂＞+；加其

解得

(3)弹性绳自动零落后，设小球“到达。点时的速度为％,有

~^mvm+^g(2r—2rcos:0)=g机*

小球a过。点后与小球b发生次弹性碰撞，设a、6碰撞后的速度分别为川八vbl,有

mva=mvax+2mvhx

g机片=；加吟+gx2〃以।

解得

1

答案第10页，共14页

2

4、6碰撞后，6与c、c与1先后发生弹性碰撞交换速度，所以d球最终N点的速度为

2

匕=§%

设"球在程度粗糙导轨滑行距离为Xd,有

-y-2mgxd=0-1-2wv2

小球。从圆环上前往后第二次与6球碰撞，同理0、6第二次碰撞后的速度分别为

“李。

2

%=三%

所以c球最终N点的速度为

小球。再次从圆环上前往后第三次与6球碰撞，同理a、6第三次碰撞后的速度分别为

1

%=一3%

2

%=于%

设小球a在程度粗糙导轨滑行距离为％,有

-p-mgxa=O-^mv^

解得

x“i=x11f»4.5r

EB=~dT<^~——

15.（1）4.（2）24v.（3）3v或lOv

【详解】

(1)设正离子在磁场中做匀速圆周运动的半径为火，周期为7°,正离子的运动轨迹如图所

示

答案第11页，共14页

根据牛顿第二定律，有

_mV2

Bqv=-----

R

根据题意

B①

5qd

解得

8

协间的距离为

EB=2R=-d

4

(2)从，=°