2020年福建省厦门市高二(下)期中物理试卷

第第页，共13页期中物理试卷一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）.下列有关近代物理的说法正确的是（ ）A.卢瑟福的a粒子散射实验使人们认识到原子是可以再分的B.电子的发现使人们认识到原子具有核式结构C.玻尔理论能成功解释所有原子光谱的实验规律D.天然放射现象说明了原子核内部是有结构的.美国物理学家康普顿在研究石墨对 X射线的散射时，用X光对静止的电子进行照射，照射后电子获得速度的同时， X光的运动方向也会发生相应的改变。下图是X射线的散射示意图，下列说法中正确的是（ ）电子-O■ft*A.在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时， 把部分动量转移给电子,因此光子散射后频率变大B.康普顿效应揭示了光的粒子性，表明光子除了具有能量之外还具有动量C.X光散射后与散射前相比，速度将会变小D.散射后的光子虽然改变原来的运动方向，但频率保持不变.真空中一个静止的镭原子核留，a经一次“衰变后变成一个新核Rn,衰变方程为图Ra-筮'Rn+；He,下列说法正确的是（ ）A.衰变后得Rn核的动量与a粒子的动量相同B.衰变后留Rn核的质量与“粒子的质量之和等于衰变前镭核 第*Ra的质量C.若镭元素的半衰期为 则经过。的时间，8个第1Ra核中有4个已经发生了衰D.若镭元素的半衰期为 t,是经过2°的时间，2kg的屣Ra核中有1.5kg已经发生了衰变. 将静止在P点的原子核置于匀强磁场中（匀强磁场的方向图中未画出），能发生c衰变或3衰变，衰变后沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场中，得到轨迹圆弧 AP和轨迹圆弧PB,两轨迹在P点相切，它们的半径Rap与Rpb之比为44:1,则（ ）

A.发生了a衰变，磁场垂直纸面向外，原核电荷数为B.发生了“衰变，磁场垂直纸面向里，原核电荷数为C.发生了3衰变，磁场垂直纸面向里，原核电荷数为D.发生了3衰变，磁场垂直纸面向外，原核电荷数为.某同学在研究单摆的受迫振动时，得到如图所示的共振曲线，已知重力加速度为g,下列说法正确的是（A.由图中数据可以估算出摆球的最大动能B.由图中数据可以估算出摆球的质量C.由图中数据可以估算出单摆的摆长D.如果增大该单摆的摆长，则曲线的峰将向右移动.如图，质量为m的人在质量为M的平板车上从左端走到右端，若不计平板车与地面的摩擦，则下列说法正确的是（ ）90864543A.90864543B.当人停止走动时，由于车的惯性大，车将继续后退C.若人越慢地从车的左端走到右端，则车在地面上移动的距离越大D.不管人在车上行走的速度多大，车在地面上移动的距离都相同.质量相等的A、B两球在光滑水平面上，沿同一直线，同一方向运动， A球的动量PA=9kg?m/s,B球的动量PB=3kg?m/s.当A追上B时发生碰撞，则碰后A、B两球的动量可能值是（ ）Pa'=10kg?m/s,Pb'=2kg?m/sPa'=6kg?m/s,Pb'=4kg?m/sPa'=-6kg?m/s,Pb'=18kg?m/sPa'=4kg?m/s,Pb'=8kg?m/s.雨打芭蕉是我国古代文学中重要的抒情意象。 为估算雨天院中芭蕉叶面上单位面积所承受的力，小玲同学将一圆柱形水杯置于院中，测得 10分钟内杯中雨水上升了15mm,查询得知，当时雨滴落地速度约为 10m/s,设雨滴撞击芭蕉后无反弹，不计雨滴重力，雨水的密度为1xi03kg/m3,据此估算芭蕉叶面单位面积上的平均受力约为（ ）A.0.25N B.0.5N C.1.5N D.2.5N二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）.用中子轰击堂U原子核，发生一种可能的裂变反应，其裂变方程为颦U+：n-X嗯Sr+26则以下说法中正确的是（ ）X原子核中含有86个中子X原子核中核子的比结合能比 货U原子核中核子的比结合能大X原子核中核子的平均质量比场：U原子核中核子的平均质量大X原子核的结合能比转U原子核的结合能大.如图甲所示为以。点为平衡位置，在A、B两点间做简谐运动的弹簧振子，图乙为这个弹簧振子的振动图象，由图可知下列说法中正确的是（）A.在t=0.2s时，弹簧振子的加速度为正向最大B.在t=0.1s与t=0.3s两个时刻，弹簧振子在同一位置C.从t=0至ijt=0.2s时间内，弹簧振子做加速度增加的减速运动D.在t=0.6s时，弹簧振子有最小的弹性势能.利用如图甲所示的实验装置观测光电效应，已知实验中测得某种金属的遏止电压Uc与入射频率Y之间的关系如图乙所示，电子的电荷量e=1.610-19C,则（ ）A.A.普朗克常量为B.该金属的逸出功为eU1C.要测得金属的遏止电压，电源的右端为正极D.若电流表的示数为10g,则每秒内从阴极发出的光电子数的最小值为 6.251012.如图所示，一质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定在其左端，另一质量也为 m的物块乙以4m/s的速度与物块甲在同一直线上相向运动，则（）乙一一甲7加V妣加55脑5施加方渤引壶暇应侬炉7A.甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，系统动量守恒B.当两物块相距最近时，甲物块的速率为零C.碰撞过程中，甲物块的速率可能为 1m/s,也可能为5m/sD.碰撞过程中，乙物块的速率可能为 2m/s,也可能为1.7m/s.如图所示，小车的上面固定一个光滑弯曲圆管道， 整个小车（含管道）的质量为2m,原来静止在光滑的水平面上， 今有一个可二飞〃以看做质点的小球，质量为 m,半径略小于管道半径，以水平速度v从左端滑上小车，小球恰好到达管道的最高点后， 然后从管道左端滑离小车，TOC\o"1-5"\h\z关于这个过程，下列说法正确的是（ ）A.小球滑离小车时，小车回到原来位置B.小球滑离小车时相对小车的速度为 vC.车上管道中心线最高点的竖直高度为 卷D.小球在滑上曲面到滑到最高点的过程中，小车的动量变化大小是三、计算题（本大题共5小题，共48.0分）.起跳摸高是学生常进行的一项活动。 某中学生身高1.80m,质量70kg。他站立举臂,手指摸到的高度为2.10m。在一次摸高测试中，如果他下蹲，再用力瞪地向上跳起，同时举臂，离地后手指摸到高度为 2.55m。设他从蹬地到离开地面所用的时间为0.7s。不计空气阻力，（g=10m/s2）。求：（1）他跳起刚离地时的速度大小；（2）从蹬地到离开地面过程中重力的冲量的大小；（3）上跳过程中他对地面平均压力的大小。.氢原子处于基态的能级值为-E。，普朗克常量为h。原子从能级n=2向n=1跃迁所放出的光子，正好使某种金属材料产生光电效应。 有一群处于n=4能级的氢原子向较低能级跃迁时所发出的光照射该金属。 求该金属的截止频率刈和产生光电子最大初动能Ek。.一个静止的铀核右U（原子质量为232.0372U）放出一个“粒子（原子质量为4.0026u）后衰变成社核常Th（原子质量为228.0287u）.（已知：原子质量单位1u=1.67M0-27kg,1u相当于931MeV,本题计算结果用Mev作为能量单位）（1）写出核衰变反应方程；（2）算出该核衰变反应中释放出的核能；（3）若反应中释放出的核能全部转化为社核和 a粒子的动能，则社核获得的动能有多大？

17.18.弹簧振子在光滑水平面上以振幅A做简谐运动，质量17.18.为M的滑块上面放着质量为m的祛码，m随M一起做简谐运动，已知弹簧的劲度系数为 k,试求：(1)使祛码做简谐运动的回复力是什么？它和位移成正比的比例常数是多少？(2)当滑块运动到振幅一半的位置时，祛码所受回复力有多大？(3)当祛码与滑块的摩擦因数为 科时，则要使祛码与滑块不发生相对滑动的最大振幅为多少？如图所示，质量为M=2kg的木板A静止在光滑水平面上，其左端与固定台阶相距x,右端与一固定在地面上的半径 R=0.4m的光滑四分之一圆弧紧靠在一起，圆弧的底端与木板上表面水平相切。质量为m=1kg的滑块B(可视为质点)以初速度V0=有m/s从圆弧的顶端沿圆弧下滑， B从A右端的上表面水平滑入时撤走圆弧。 A与台阶碰撞无机械能损失，不计空气阻力， A、B之间动摩擦因数科=01A足够长，B不会从A表面滑出，取g=10m/s2o(1)求滑块B到圆弧底端时的速度大小 vi；(2)若A与台阶碰前，已和B达到共速，求A向左运动的过程中与B摩擦产生的热量Q(结果保留两位有效数字)；(3)若A与台阶只发生一次碰撞，求x满足的条件。答案和解析.【答案】D【解析】解：A、通过“粒子散射实验使人们认识到原子具有核式结构模型，但是不能说明原子是可以再分的，故A错误；B、通过a粒子散射实验使人们认识到原子具有核式结构模型，故B错误；C、波尔理论能成功解释氢原子的光谱，但不是所有原子光谱的实验规律。故 C错误;D、天然放射现象中的射线来自原子核，说明原子核内部有复杂结构，故D正确。故选：D本题是原子物理学史问题， a粒子散射实验使人们认识到原子具有核式结构模型，天然放射现象说明原子核内部有复杂结构，波尔理论能成功解释氢原子的光谱。本题考查了原子核的知识和物理学史，象原子的核式结构学说、 a粒子散射实验都是考查的重点，要重点掌握。.【答案】B【解析】解：在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，则动量减小，根据入匚知波长增大，根据光子的波长 入;，频率减小，但光P] *1速c不变，能量减小，康普顿效应说明光不但具有能量而且具有动量，证明了光的粒子性，故ACD错误B正确。故选：B。在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，则动量减小，根据入：，知波长增大，频率减小，本题考查康普顿效应，解题关键是要理解康普顿效应，知道康普顿效应的实验现象，即x光的波长边长，光的能量有损失，最终由现象得到的结论，证明的光的粒子性，证明了光不但具有能量而且具有动量。.【答案】D【解析】解：A、衰变前，镭原子核常Ra的动量为零。根据动量守恒可知， 窗Rn与“粒子的动量大小相等，方向相反，所以二者动量不同，故A错误。B、镭核衰变的过程中，存在质量亏损，导致衰变后*Rn核的质量与a粒子的质量之和小于衰变前镭核图Ra的质量，故B错误。C、少量放射性元素的衰变是一个随机事件，对于 8个放射性元素，无法准确预测其衰变的个数，故C错误。77gD、2kg的欣Ra核衰变，符合统计规律，经过2。的时间，已有1.5kg发生衰变，故D正确。故选：D。衰变过程遵守动量守恒定律，由动量守恒定律分析衰变后 需Rn核的动量与“粒子的动量关系。衰变过程存在质量亏损。半衰期是统计规律，针对大量原子核有效。解决本题的关键知道核反应过程中电荷数守恒、 质量数守恒，知道衰变的过程中的半衰

期仅仅与元素本身有关，是一个统计规律。.【答案】D【解析】解：由动量守恒可知，发生衰变后放射出的粒子与新核速度的方向是相反的，而且二者的动量大小相等；由图可知，发生衰变后放射出的粒子与新核都向左发生偏转，根据左手定则可知，由于二者运动的方向相反，则二者的电性必定是相反的，所以该衰变一定是 3衰变。粒子得磁场中受到的洛伦兹力提供向心力，则:粒子得磁场中受到的洛伦兹力提供向心力，则:IH4-'则:IH4-'新核的电荷量大，所以新核的半径小，则 PB为新核的轨迹；新核带正电，运动的方向向下，由左手定则可知，磁场的方向垂直于纸面向外；可知粒子的半径与粒子的电荷量成反比， 3粒子的电荷量为1个单位的负电荷，它们的半径rap与Rpb之比为44：1,所以新核的电荷量为44个单位的正电荷。根据3衰变的特点可知，原电荷数为43.故ABC错误，D正确故选：D。曲线运动中，粒子的速度方向沿着轨迹上该点的切线方向， 又由于带电粒子做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供，可以列式求出粒子与新核的动量之比，再结合动量守恒定律列式分析。本题考查了求粒子的动量之比， 应用牛顿第二定律与动量守恒定律、 动量的计算公式即可正确解题。.【答案】C【解析】解：A、根据题意无法知道摆球的质量，也不能得出摆球的最大动能，故AB错误C、由共振曲线可知当驱动力频率 f=0.3Hz时产生共振现象，则单摆的固有频率f=0.3Hz。由单摆的频率公式f=：埠得摆长1=*故C正确。D、由单摆的频率公式f=：£得知，当摆长增大时，单摆的固有频率减小，产生共振的驱动力频率也减小，共振曲线的“峰”向左移动。故D错误故选：Co当物体受到的驱动力频率与物体的固有频率相等， 振动物体产生共振现象.由共振曲线可知当驱动力频率f=0.3Hz时产生共振现象，则单摆的固有频率f=0.3Hz.由单摆的频率公式求解摆长.摆长增大时，单摆的固有频率减小，共振曲线“峰”向左移动.本题考查对共振现象及共振曲线的理解能力， 关键抓住产生共振的条件： 驱动力频率与物体的固有频率相等..【答案】D【解析】解：A、人与车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得： mv人+Mv车=0,故车的方向一定与人的运动方向相反；故人与车的速度方向相反，人在车上向右行走时，车将向左运动，故A错误；B、因总动量为零，故人停止走动速度为零时，车的速度也为零，故 B错误；CD、因人与车的运动时间相等，动量守恒，以人的方向为正方向，则有： mx人-Mx车=0；故车与人的位移之比为： /二看不变；则车的位移与人的运动速度无关，不论人的速度多大，车在地面上移动的距离都相等；故 C错误，D正确。

故选：Do人与车组成的系统动量守恒， 由动量守恒定律得到人的位移与车的位移之比， 由此进行分析。本题考查了“人船模型”， “人船模型”是动量守恒定律的应用的一个经典模型， 该模型应用的条件：一个原来处于静止状态的系统， 当系统中的物体间发生相对运动的过程中，有一个方向上动量守恒。.【答案】D【解析】解：由题意可知，两球的质量相等，设球的质量为 m；以两物体组成的系统为研究对象，以球的初速度方向为正方向，系统初动能:系统初动能:系统总动量：P=PA+PB=9kg?m/s+3kg?m/s=12kg?m/s；A、如果：Pa'=10kg?m/s,Pbz=2kg?m/s,系统末动量：P'=10+2=12kg?m/s,系统动量守恒，系统动能:E系统动能增加，不符合实际，故A错误;量守恒，系统动能:E系统动能增加，不符合实际，故A错误;B、如果Pa'=6kg?m/s,Pb'=4kg?m/s,系统末动量：P'=6+4=10kg?m/s,系统动量不守恒，故B错误；C、如果：Pa'=-6g?m/s,Pb'=18kg?m/s,系统末动量：P'=-6+18=12kg?m/s,系统动量守恒，系统动能:系统动能增加，不符合实际，故C错误;量守恒，系统动能:系统动能增加，不符合实际，故C错误;D、如果：Pa'=4kg?m/s,Pb'=8kg?m/s,系统末动量：P'=4+8=12kg?m/s,系统动量守恒，系统动能:E,系统动能不增加，故D正确;守恒，系统动能:E,系统动能不增加，故D正确;故选：Do当A球追上B球时发生碰撞，遵守动量守恒.由动量守恒定律和碰撞过程总动能不增加，进行选择.本题考查了动量守恒定律的应用，对于碰撞过程要遵守三大规律： 1、是动量守恒定律;2、总动能不增加；3、符合物体的实际运动情况..【答案】A【解析】解：由于是估算压强，所以不计雨滴的重力。设雨滴受到支持面的平均作用力为F.设在dt时间内有质量为4m的雨水的速度由v=10m/s减为零。以向上为正方向，对这部分雨水应用动量定理：FAt=0-(-Amv)=Amvo,一 A训M得：F=设水杯横截面积为S,对水杯里的雨水，在△时间内水面上升则有：△m=pSAhF=pSv：：.压强为：P=*pV^=1X乂10X素果=0.25N/s2故A正确，BCD错误故选：Ao想估算雨水对睡莲叶面撞击产生的平均压强， 首先要建立一个不计雨水重力， 但速度由v=10m/s减为零的动量变化的模型，应用动量定理表示出睡莲叶面对雨滴的冲力，利用圆柱形容器10分钟得到的水的体积算出水的质量，利用压强公式求得压强。估算题目关键是建立一个模型， 然后利用合理的理论推断得出基本符合事实的结论， 这是物理学中常用的一种思想方法。.【答案】AB【解析】解：A、由核反应方程的质量数守恒和电荷数守恒可知： X原子核中含有92-38=54个质子，235+1-94-2-54=86个中子。故A正确；B、道U裂变的过程中释放能量，则墟U的比结合能小于X原子核的比结合能，故B正确；C、因为裂变释放能量，出现质量亏损，所以裂变后的总质量数减少。故 C错误；D、发U裂变的过程中释放能量，则昱'U的结合能大于X原子核与器Sr原子核的结合能的和。故D错误。故选：AB。根据核反应前后质量数和核电荷数均守恒， 即可求解核子的数目与中子的数目， 比结合能的大小反应原子核稳定的程度。该题考查重核的裂变，属于对常见核反应方程的考查， 结合核反应前后质量数和核电荷数均守恒即可。.【答案】BC【解析】解：A、在t=0.2s时，弹簧振子的位移为正向最大，由a二」‘，知加速度为负向fFI最大，故A错误。B、在t=0.1s与t=0.3s两个时刻，弹簧振子的位移相同，说明弹簧振子在同一位置，故B正确。C、从t=0到t=0.2s时间内，弹簧振子的位移增大，加速度增加，速度减小，所以弹簧振子做加速度增加的减速运动。故 C正确。D、在t=0.6s时，弹簧振子的位移最大，速度最小，由机械能守恒知，弹簧振子有最大的弹性势能，故D错误。故选：BC。周期是振子完成一次全振动的时间， 振幅是振子离开平衡位置的最大距离； 由图象直接读出周期和振幅.根据振子的位置分析其速度和加速度大小. 振子处于平衡位置时速度最大，弹簧势能最小，在最大位移处时，加速度最大，弹性势能最大.对于简谐运动的图象问题，关键要抓住振子的特征 a=-：,分析加速度与位移的关系，知道加速度与位移大小成正比，方向相反，而速度与位移的变化情况是相反的..【答案】BC【解析】解：A由图象可知，U』：-?,知图线的斜率，弓，那么普朗克常量h=：，故A错误B、当遏止电压为零时，最大初动能为零，则入射光的能量等于逸出功， 所以W0=hv0=eU1,故B正确C、遏止电压为反向截止电压，电源的右端为正极，故C正确D、电流I=，=：得n=!="m=6.251013,故D错误LjBmJ.tl故选：BC。根据光电效应方程Ekm=hv-W3和eUc=EKm得出遏止电压Uc与入射光频率v的关系式，从而进行判断。根据逸出功W0=hv0,和光电效应方程：EK=hv-W0直接进行求解逸出功；遏止电压为反向截止电压；由电流的定义求得电子数。解决本题的关键掌握光电效应方程， 以及知道遏止电压与最大初动能之间的关系。 本题考查知识点简单，但是学生在学习中要牢记公式以及物理量之间的关系， 同时注意计算的准确性。.【答案】AD【解析】解：A、甲、乙两物块（包括弹簧）组成的系统在弹簧压缩过程中，系统所受的合外力为零，系统动量守恒，故 A正确；B、当两物块相距最近时速度相同，取碰撞前乙的速度方向为正方向，设共同速率为 v,由动量守恒定律得： mv乙-mv甲=2mv,代入数据解得：v=0.5m/s,故B错误。C、若物块甲的速率达到5m/s,方向与原来相同，则：mv乙-mv甲=-mv甲’+m乙v乙’，代入数据代入解得：v乙’=6m/s。两个物体的速率都增大，动能都增大，违反了能量守恒定律。若物块甲的速率达到5m/s,方向与原来相反，则： mv乙-mv甲=mv甲'+m乙v乙’，代入数据解得：v乙'=-4m/s,可以，碰撞后，乙的动能不变，甲的动能增加，系统总动能增加，违反了能量守恒定律。所以物块甲的速率不可能达到 5m/s,故C错误。D、甲、乙组成的系统动量守恒，选取向右为正方向，由动量守恒定律得：mv乙-mvR-mv甲'+m乙v乙',碰撞结束后，系统的动能守恒，则： 前源谒+乙尺=；?n加/扃+）炉弓代入数据解得：v甲’=4m/s；v乙’=-3m/s可知碰撞结束后，甲与乙交换速度；碰撞过程中，乙物块的速度在4m/s〜-3m/s之间都是可以的。所以速率可能为 2m/s,也可能为1.7m/s,故D正确。故选：AD。根据动量守恒的条件： 系统所受的合外力为零判断动量是否守恒. 竖直方向上甲乙两物体所受的重力与水平面的支持力平衡. 水平方向系统不受外力.当两物块相距最近时速度相同，根据动量守恒定律求出物块甲的速率.物块甲的速率为 1m/s时，速度方向可能与原来方向相同，也与原来方向相反，由动量守恒研究乙的速率.若物块甲的速率为5m/s,由动量守恒求出乙的速率，根据系统的机械能是否守恒判断速率为 5m/s是否可能.本题考查了含弹簧的碰撞问题， 处理该类问题，往往应用动量守恒定律与机械能守恒定律分析解题.分析清楚物体运动过程是正确解题的前提与关键， 应用动量守恒定律即可正确解题；当两物体速度相等时，弹簧被压到最短，此时弹力最大.13.【答案】BC【解析】解：A、小球与小车在水平方向上的合外力为零，故在水平方向上动量守恒，所以，小车的速度一直向右，小球滑离小车时，小车向右运动，不可能回到原来位置，故A错误；B、由动量守恒可得：mv=2mv车+mv球，由机械能守恒可得：gn"=白山琉+；加崂；所以，v车+2v球=0,那么，『羊以。球=一%,小球滑离小车时相对小车的速度 v球-v车=7,故小球滑离小车时相对小车的速度为 v,故B正确；C、小球恰好到达管道的最高点后，则小球和小车的速度相同，故由动量守恒定理可得此时的速度由机械能守恒可得：小球在最高点的重力势能J1%=；血，一;黑3mx ，所以，车上管道中心线最高点的竖直高度故故C正确;D、小球恰好到达管道的最高点后，则小球和小车的速度相同，故由动量守恒定理可得

此时的速度= 故小车的动量变化大小为故D错误;J J故选：BC。根据小球在小车上运动时， 小球和小车的在水平方向上合外力为零， 故水平方向上动量守恒；且小球和小车运动过程中只有重力做功，故机械能守恒即可求解。再应用动能定理时要注意分析做功情况， 每个力都要具体分析；在应用动量守恒定律时，常根据某一方向上合外力为零，然后就可在这一方向上应用动量守恒。14.【答案】解：(1)起跳后离地向上竖直上抛，上升阶段的位移为：h=2.55-2.10m=0.45mv=|...-；；■：',<=, - -I：=3m/s(2)重力的冲量大小为： mgt=70X10X0.7=490NS。(3)选向上为正方向，地面对人的力为 F,由动量定理有：(F-mg)ti=0-mv由牛顿第三定律可知对地的压力 F'大小等于F的大小，则代入数据解得平均压力为：F，=F=1000NO答：(1)他跳起刚离地时的速度大小为 3m/s；(2)重力的冲量大小为： mgt=70X10X0.7=490NS。(3)上跳过程中他对地面平均压力的大小为 1000N【解析】(1)根据竖直上抛的高度，结合速度位移公式求出离地的速度大小。(2)由冲量定义求解重力冲量。(3)通过动量定理求出地面对人的平均作用力，从而得出人对地面的平均压力本题中要明确人运动的过程， 找出人起跳的高度及人在空中运动的高度， 从而正确选择物理规律求解。运用动量定理解题时注意公式的矢量性。.【答案】解：原子从能级n=2向n=1跃迁所放出的光子，正好使某种金属材料产生光电效应，可知两能级间的能级差等于金属的逸出功，根据E2-E1=hvo得金属的截止频率为： vo='.逸出功为：Wo=E2-E1=；,hv=E4-E1hv=E4-E1=--(-Eo)15=赤，则光电子的最大初动能为： Ekm=hv-W0=1(_i7ro-4=I口。答：该金属的截止频率为光电子最大初动能的最大值为答：该金属的截止频率为光电子最大初动能的最大值为【解析】抓住原子从能级n=2向n=1跃迁所放出的光子，正好使某种金属材料产生光电效应，求出金属的逸出功，从而得出金属的截止频率，根据光电效应方程求出光电子的最大初动能。本题考查了能级跃迁与光电效应的综合运用， 知道辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，掌握光电效应方程，并能灵活运用。.【答案】解：(1)根据电荷数守恒、质量数守恒有：2329oU—>22890Th+24He(2)质量亏损Am=0.0059u△E=Amc2=0.0059931MeV=5.49MeV

(3)系统动量守恒，社核和 “粒子的动量大小相等，即根据动量守恒定律得:PTh=Pa根据动能与动量的关系：Ek=3△E=EKTh+EKa所以社核获得的动能 EKTh=—用"4代入数据得：EKTh=0.09Mev答：(1)铀核的衰变反应方程23290U-22890Th+24He；(2)该衰变反应中释放出的核能 5.49MeV;0.09Mev.(3)若释放的核能全部转化为新核的动能，社核获得的动能有0.09Mev.【解析】(1、2)根据质量亏损，结合爱因斯坦光电效应方程求出释放的核能.(3)根据动量守恒定律得出两粒子的动量大小关系， 结合动能和动量的关系求出动能.解决本题的关键知道在核反应过程中电荷数守恒、 质量数守恒，以及掌握爱因斯坦质能方程，知道在衰变的过程中动量守恒.17.【答案】解：(1)使祛码随着滑块一起振动，祛码所受静摩擦力是产生祛码与滑块一起变加速运动的加速度，故 M对m的静摩擦力