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文档简介
试卷第=page22页,共=sectionpages44页2023届山东省新高考联合质量测评高三上学期12月联考数学试题一、单选题1.已知集合,则集合的子集个数为(
).A.1 B.2 C.4 D.8【答案】D【分析】解不等式求出,求出值域得到,从而求出交集及子集个数.【详解】,解得:,所以,其中,所以,所以.所以的子集个数是.故选:D.2.复数,则(
).A. B.2 C.4 D.8【答案】A【分析】先根据复数的乘除法运算求出复数,再根据复数的模的计算公式计算即可得解.【详解】解:,所以.故选:A.3.设,则(
).A. B. C. D.【答案】C【分析】根据切化弦公式及逆用二倍角公式求解即可.【详解】解:,故选:C.4.在的展开式中,含项的系数为(
).A.10 B.15 C.20 D.30【答案】B【分析】问题可以看作5个括号中分别选取的不同选法的组合问题,利用组合知识求解即可.【详解】根据组合可知,展开式中含项为:,所以含项的系数为15,故选:B.5.已知在三棱锥中,平面,为等腰直角三角形,且,,点为棱上一点,且,过点作平行于底面的截面,那么三棱台的体积等于(
).A. B. C. D.【答案】B【分析】求出,,,,相减后得到三棱台的体积.【详解】因为平面,且平面平面ABC,,,所以,,,,,,所以.故选:B.6.若,则的大小关系为(
).A. B.C. D.【答案】A【分析】根据与判断即可.【详解】解:令,则,在上单调递增,,令,则,由得,递增;由得,递减,,.,故选:A.7.若点是所在平面上一点,且是直线上一点,,则的最小值是(
).A.2 B.1C. D.【答案】C【分析】根据向量的运算确定G的位置,可得B、H、D三点共线,利用三点共线得,再由不等式求最值即可.【详解】设,,因为,所以,,所以点G是的重心,设点D是AC的中点,则,B、G、D共线,如图,又.因为B、H、D三点共线,所以,所以,当且仅当,即,时取等号,即的最小值是.故选:C.8.已知函数,对任意,存在,使,则的最小值为(
).A.1 B.C. D.【答案】D【分析】令,将都用表示,从而可将构造出关于的函数,再利用导数求出函数的最小值即可.【详解】解:由题意,令,则,,所以,,,令,所以,令,得,所以当时,,单调递减;当时,,单调递增,所以当时,有最小值,即的最小值为.故选:D.二、多选题9.党的二十大报告从16个方面概括了我国十年来的伟大变革,报告指出,“我们提出并贯彻新发展理念,着力推进高质量发展,推动构建新发展格局,实施供给侧结构性改革,制定一系列具有全局性意义的区域重大战略,我国经济实力实现历史性跃升,国内生产总值从五十四万亿元增长到一百一十四万亿元,我国经济总量占世界经济的比重达百分之十八点五,提高七点二个百分点,稳居世界第二位;人均国内生产总值从三万九千八百元增加到八万一千元.谷物总产量稳居世界首位,制造业规模、外汇储备稳居世界第一.”下图是某地区2012年一2021年人均国内生产总值(人均GDP)及同比增长率变化情况,则下列说法正确的是(
).A.2020年受到疫情影响,该地区人均GDP增长减缓B.2012年至2021年该地区人均GDP的80%分位数为69901C.2012年至2021年该地区人均GDP同比增长率的平均值在以上D.根据图表和二十大报告可推测该地区十年的人均GDP的极差低于全国【答案】ACD【分析】用样本估计总体思想,结合图解决.【详解】由图可知2020年该地区人均CDP同比增长率有所下降,但GDP依然增加,所以A正确.2012年至2021年该地区人均GDP的80%分位数为,所以B不正确.2012年至2021年该地区人均GDP同比增长率的平均值为:,所以C正确(也可以直接观察判断).2012年至2021年该地区人均GDP极差,所以D正确.故选:ACD.10.关于函数有如下四个命题,则下列选项正确的是(
).A.的图象关于轴对称B.的图象关于原点对称C.的图象关于点对称D.的周期是【答案】BC【分析】选项A和选项B可通过函数的奇偶性进行判断;选项C可通过将向左平移个单位长度后是否为奇函数进行判断;选项D可通过周期函数的定义进行判断.【详解】对于选项A和选项B,由已知,的定义域为,,都有,且,∴为奇函数,的图象关于原点对称,∴选项A错误,选项B正确;对于选项C,将的图象向左平移个单位长度,得到的图象,则,的定义域与定义域相同,均为,,都有,且,∴为奇函数,图象关于原点对称,即将的图象向左平移个单位长度后关于原点对称,∴的图象关于点对称,故选项C正确;对于选项D,,∴不是的周期,选项D错误.故选:BC.11.在棱长为2的正方体中,点为线段(包含端点)上一动点,则下列选项正确的是(
).A.三棱锥的体积为定值B.在点运动过程中,存在某个位置使得平面C.截面三角形面积的最大值为D.当三棱锥为正三棱锥时,其内切球半径为【答案】AC【分析】对于A,证明平面,从而可得上所有点到平面的距离不变,即可判断;对于B,假设平面BQC,从而可得,,即可判断;对于C,要使截面三角形面积的最大,只要Q到BC的距离最大,过Q作于F,过F作于G,连接QG,求出的最大值即可;对于D,利用等体积法求解即可.【详解】解:A.,而为定值.连接,因为且,所以四边形是平行四边形,所以,因为平面,平面,所以平面,所以上所有点到平面的距离不变,所以三棱锥的高不变,所以为定值,故A正确;B.若平面BQC,平面BQC,则,又,所以,不正确,故B错误;C.因为BC为定值,所以只要Q到BC的距离最长,过Q作于F,过F作于G,连接QG,因为,所以,又平面,所以平面,又平面,则,要使QG最长,只需QF最长,即Q点在时,最长,此时,故C正确,D.当Q在A点时,为正三棱锥,设三棱锥的内切球的半径为,由等体积法,所以,所以,故D错误.故选:AC.12.已知奇函数在上可导,其导函数为,且恒成立,则下列选项正确的是(
).A.为非奇非偶函数B.C.D.【答案】BCD【分析】由函数的奇偶性定义判断出为奇函数,A错误;赋值法得到,结合奇偶性得到,联立后求出,B正确;将变形为,令,则,结合是奇函数,得到是一个周期为4的周期函数,得到,求出,C正确;对求导,得到,赋值法得到,,结合的周期性与奇偶性得到的周期性和奇偶性,得到.【详解】由已知有为R上的奇函数,所以,故的定义域为R,且,故为奇函数,故A选项错误;由已知有:恒成立,令时,①,因为为奇函数,故,令时,②,由①②解得:,,故B选项正确;由已知有:恒成立,即恒成立,令,则恒成立,由A选项知是奇函数,故,故,即,所以,所以是一个周期为4的周期函数,则,所以,故C选项正确;由已知有:在R上可导,对求导有:,即,令时,,则,因为,所以.又因为是奇函数,故是偶函数,所以,因为是一个周期为4的周期函数,所以也是一个周期为4的周期函数,以下是证明过程:假设为周期为的函数,则,所以为周期为的函数,故,故D选项正确.故选:BCD【点睛】结论点睛:设函数,,,.(1)若,则函数的周期为2a;(2)若,则函数的周期为2a;(3)若,则函数的周期为2a;(4)若,则函数的周期为2a;(5)若,则函数的周期为;(6)若函数的图象关于直线与对称,则函数的周期为;(7)若函数的图象既关于点对称,又关于点对称,则函数的周期为;(8)若函数的图象既关于直线对称,又关于点对称,则函数的周期为;(9)若函数是偶函数,且其图象关于直线对称,则的周期为2a;(10)若函数是奇函数,且其图象关于直线对称,则的周期为4a.三、填空题13.已知,则_______.【答案】##-0.8【分析】对两边平方求出,结合诱导公式求出答案.【详解】因为,两边平方得:所以.所以.故答案为:14.有形状完全相同的4个白球和4个红球,若一个袋中放有3个白球和2个红球,另一个袋中放有1个白球和2个红球,任选一个袋子取出一球,则恰好取出的是白球的概率为________.【答案】【分析】根据互斥事件和的概率等于互斥事件概率的和求解即可.【详解】解:设A表示选择其中有3白球、2红球的袋子,B表示取出白球,则,.故答案为:.15.在数列中,,则数列的前20项和为________.【答案】230【分析】根据递推公式得到从第一项起,依次相邻两奇数项的和为2,从第二项起,依次相邻两偶数项的和组成以12为首项,16为公差的等差数列,进而分组求和即可.【详解】因为,所以有:,,,,,,,…由此可得出:,,,,…,所以从第一项起,依次相邻两奇数项的和为2,从第二项起,依次相邻两偶数项的和组成以12为首项,16为公差的等差数列,所以数列的前20项和为:.故答案为:23016.若存在,使得不等式成立,则实数的取值范围为__________.【答案】【分析】原不等式转化为存在,成立,令,由导数可知函数为增函数,据此可得,转化为成立,分离参数求的最小值即可.【详解】由题意:存在,使得不等式成立,即成立,即成立,令,,则恒成立,所以在上单调递增,所以只需时,有成立,即成立,令,则,所以当时,;当时,.所以在上单调递减,在上单调递增.所以的最小值为e.所以a的取值范围是.故答案为:四、解答题17.在锐角中,角的对边分别为,且满足.(1)求角的大小;(2)求的取值范围.【答案】(1)(2)【分析】(1)利用正弦定理化边为角,结合两角和的正弦公式及三角形内角关系即可得出答案;(2)利用正弦定理将所求边为角的形式,再结合三角函数的性质即可得出答案.【详解】(1)解:因为,所以,即,即,又,所以,因为,所以;(2),因为为锐角三角形,所以,解得,所以,所以,即的取值范围为.18.已知函数.(1)求函数在点处的切线方程;(2)证明:函数在上有且仅有一个零点.【答案】(1);(2)证明见解析.【分析】(1)根据导数几何意义求解.(2)判断函数在上单调性,然后观察零点.【详解】(1)因为,且,,所以切线方程为,即所求切线方程为.(2).因为,所以,,,所以,所以,当且仅当时取等号,所以在上是减函数,且,所以在上仅有一个零点.19.已知数列满足,且,数列满足,设的前项和为.(1)求数列的通项公式;求数列的前项和;(2)设,记数列的前项和为对恒成立,求的取值范围.【答案】(1),(2)【分析】(1)对变形得到,得到是等差数列,求出通项公式,利用裂项相消法求和;(2)得到,利用错位相减法求出,判断出在上单调递增,求出,得到不等式,求出的取值范围.【详解】(1)因为,所以,所以(常数),故数列是以为公差的等差数列,且首项为,所以,故.因为,所以.(2).所以,所以,两式相减得,,所以.由,知在上单调递增,所以,所以,解得.20.已知直三棱柱中,侧面为正方形,为等腰直角三角形,且分别为和的中点,为棱上的点.(1)证明:;(2)当为何值时,直线与平面所成线面角的正弦值为.【答案】(1)证明见解析(2)或【分析】(1)根据证明即可.(2)根据线面角的正弦等于线法角的余弦绝对值列式计算求解即可.【详解】(1)解:为等腰直角三角形,且,.又∵三棱柱为直三棱柱,平面ABC.分别以向量,,的正方向为x,y,z轴的正方向建立空间直角坐标系,为中点,连接,则,,,,,,,.(2)解:设,则,.,,,BC,平面,平面,是平面的一个法向量且.∵直线DE与平面所成的线面角的正弦值为,,化简得:且,或,即或.21.某公司在一种传染病毒的检测试剂品上加大了研发投入,其研发的检验试剂品分为两类不同剂型和.现对其进行两次检测,第一次检测时两类试剂和合格的概率分别为和,第二次检测时两类试剂和合格的概率分别为和.已知两次检测过程相互独立,两次检测均合格,试剂品才算合格.(1)设经过两次检测后两类试剂和合格的种类数为,求的分布列和数学期望;(2)若地区排查期间,一户4口之家被确认为“与确诊患者的密切接触者”,这种情况下医护人员要对其家庭成员逐一使用试剂品进行检测,如果有一人检测呈阳性,则检测结束,并确定该家庭为“感染高危户”.设该家庭每个成员检测呈阳性的概率均为且相互独立,该家庭至少检测了3个人才确定为“感染高危户”的概率为,若当时,最大,求的值.【答案】(1)分布列见解析,1(2).【分析】(1)先得到剂型与合格的概率,求出X的所有可能取值及相应的概率,得到分布列,求出期望值;(2)求出,令,得到,利用基本不等式求出最值,得到答案.【详解】(1)剂型合格的概率为:;剂型合格的概率为:.由题意知X的所有可能取值为0,1,2.则,,,则X的分布列为X012P数学期望.(2)检测3人确定“感染高危户”的概率为,检测4人确定“感染高危户”的概率为,则.令,因为,所以,原函数可化为.因为,当且仅当,即时,等号成立.此时,所以.22.已知函数.(1)当时,求函数的极值.(2)若有三个极值点,且,①求实数的取值范围;②证明:.【答案】(1)极小值为,无极大值(2)①;②证明见解析【分析】(1)求出函数的导数,判断其正负,确定函数单调性,进而求得函数的最小值;(2)①当时,判断函数的单调性,说明不
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