新疆库尔勒市新疆兵团第二师华山中学2022年物理高三第一学期期中复习检测模拟试题含解析

2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．作答选择题，必须用2B052B一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点电荷分别处于椭圆的两个焦点、N上，下列说法中正确的是（）A．C、D两处电势、场强均相同B．A、B两处电势、场强均相同CABOD．带正电的试探电荷在O处的电势能小于在B处的电势能2、一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a—t图象如图所示．下列v—t图象中，可能正确描述此物体运动的是A． B．C． D．3、甲、乙两物体在同一直线上运动，它们在0～0.4s时间内的v﹣t图象如图所示．仅在两物体之间存在相互作用力，则甲、乙两物体的质量之比为（ ）A．1：3 B．3：1 C．1：4 D．4：14、甲、乙两个物体质量之比为4：1，与水平地面之间的动摩擦因数之比为1：2，不其他外力的情况下，以相同的动能在水平地面上开始运动到静止，则( )C

1：1D5、如图所示，倾角为的斜面体c置于水平地面上，物块b置于斜面上，通过跨过光滑定滑轮的细绳与小盒a连接连接b的一段细绳与斜面平行连接a的一段细绳竖直a连接在竖直固定在地面的弹簧上．现向盒内缓慢加入适量砂粒c始终处于静止状态．下列判断正确的是（ ）A．c对b的摩擦力可能减小c的支持力可能增大c的摩擦力可能不变弹簧的弹力可能增大6、如图所示质量相同的三个小球均可视为质处于同一水平面上．A球以初速度v0竖直上抛,B球以与水平面成角大小也是v0的初速度斜向右上抛,C球沿倾角为θ的足够长斜面以初速度v0上滑上述运动过程中均不计空气阻力和一切摩以下关于个小球上升的最大高度的比较正确( )A．HB<HA=HC B．HA>HB=HC C．HA<HB<HC D．HA>HB>HC二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20530分。7、如图所示，人造地球卫星发射过程要经过多次变轨方可到达预定轨道．先将卫星发IA点（近地点）点火加速，卫星做离心运动进入椭圆轨道II远地点）再次点火加速进入圆形轨道IIIB列说法正确的是I上运行时的向心加速度和周期大于在圆轨道III周期IIII的过程中，动能减小，重力势能增大，机械能守恒IIA点时的速度大于经过B点时的速度如果圆轨道III和在地面上静止物体的角速度相同8、如图所示，设天宫一号原来在圆轨道I上飞行，到达P点时转移到较低的椭圆道II上未进入大气层则天宫一号”( )PIIPI上运动的周期大于轨道II上运动的周期IPIIPIII9、关于物体的运动，以下说法正确的是AB．物体做匀速圆周运动时，加速度恒定C．合力对物体做功为零时，物体的机械能一定守恒D．如图所示，光滑的水平面上放置一个光滑的斜劈，在小物块沿斜劈斜面下滑的过程中，小物块和斜劈组成的系统总动量不守恒10、为了备战2020年东京奥运会，我国羽毛球运动员进行了如图所示的原地纵跳摸高训练已知质量m=50kg的运动员原地静止站（不起跳摸高为比赛过程中该运动员先下蹲，重心下降0.5m，经过充分调整后，发力跳起摸到了2.90m的高度。若运动员起跳过程视为匀加速运动，忽略空气阻力影响取10。则（ ）A．运动员起跳过程处于超重状态BC．起跳过程中运动员对地面的压力为800ND．从开始起跳到离地上升到最高点需要0.65s218出演算过程。1（6分”,实验装置示意图.利用气垫导轨上的光电门可测出滑块上的细窄挡光片经过时的挡光时间g气垫导轨水平放置实验步骤如下:A．测出挡光片的宽度为d,滑块与挡光片的质量为M;B．轻细线的一端固定在滑块另一端绕过定滑轮挂上一砝码,盘和砝码的总质为m(m M细绳与导轨行;x;释放滑块测出挡光片经过光电门的挡光时间为;改变砝码的质量间.滑块经过光电门时速度的计算式v 用题目中所给的字母来表达)细线的拉力做功的表达式为W 滑块的动能改变的表达式为E K 用题目中所给的字母来表示)我们可以通过测得的多组数据来建立1 m的关系图像来进行更准确的实验验t2证则图示中哪一项更符合真实的实验情况）A．B．C．1（12分）11.5V、内阻约为，电压表VV的量程均为3、内阻为k，定值电阻R（R未知，滑动变阻器最大阻值1 2(为R R(2

1 1已知)．请回答下列问题：根据设计的电路图，将图2中的实物图连接 ；在完成实验时，将滑动变阻器的最值调到

V

的示数分别为U、U10

2 ，则定值电阻 （用U、 10 20

1 2、R表示；2测出定值电阻的阻值后，调节滑动变阻器的滑片，读出多组电压表V

的示数1 2U、U1

，以两电压表的示数为坐标轴，建立坐标系，描绘出的U-U1 2

关系图象如图31所示假设图线的斜率为与横轴交点的坐标值为则电池的电动势为= 内阻r （以上结果用、、R表示）1226必要的文字说明、方程式和演算步骤。1（10分）+、质量为m的小物块处于一倾角为30的光滑g，sin370=0.6，cos370=0.1．求：1若将电场强度减小为原来的2

，电场强度变化后小物块下滑距离L时的动能．1（16分）如图所示，在竖直面内有一个光滑弧形轨道，其末端水平，且与处于同一竖直面内光滑圆形轨道的最低端相切，并平滑连接．A、B两滑块（可视为质点）用A沿圆形轨道运动恰能通过轨道最高点．已R0.50mAmA

0.16kg．滑块B的质量m 0.04kghg取B10m/s2，空气阻力可忽略不计．求：AB两滑块一起运动到圆形轨道最低点时速度的大小．A被弹簧弹开时的速度大小．弹簧在将两滑块弹开的过程中释放的弹性势能．1（12分），电荷量为e，极板长l，板间距离d，极板右端到荧光屏的距离是L，加在偏转极（设每个电子穿过平行板时可以认为电压是不变的，忽略电子所受重力。求：电子进入偏转电场时的初速度v；0电子偏转距离最大时所加的偏转电压U；电子打在荧光屏上的长度Y。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】B两处电势不相等，场强对；在虚线ABOO点运动到B点电场力先做正功后作负功，由于B点确切位置未知，OB两点电势高低不能确定，D错；2、D【解析】由—t～0.T时间内的加速度与～Tv-t图象的斜率的绝对值相等，正负不同，可得D正确，ABC错误3、B【解析】

a 04

01根据速度图象的斜率等于加速度得：对于乙：乙

0.400 0.40t1

，得t1=0.3s。则v 10 10a=甲 t

0.30

3m/s2；乙的加速度大小为：v 40a = 乙 t

0.4

10m/s2；得知，相互作用力大小相等，由牛顿第二定律F=ma得：两物体的加速度与质量成反比，则有质量之比为：m【点睛】

：m =a 甲 乙 乙

=3：1。所以ACD错误，B正确；故选B。甲的能力．4、B【解析】.【详解】mg根据牛顿第二定律：am

g 1：2，故两个物体加速度之比为故C错误；E k

12mv2，动能相同，质量之比为，则初速度之比为1：v202ass

v2 sa2 sa2

v t故错误 t11得t 11t 12

故B正确；由W mgs得Wff Wf2

11D。5、A【解析】ab的重Aa处于静止状bcc的支持力一定减小，摩擦力一定BCD错误．6、A【解析】A、C、C、C的最大高度相同；对于BB是斜抛运动，在水平方向上有一个速度，这个分速度的动能不会转化成物体的重力势能，所以B球在最高点时的重力势能要比ACACAA．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】根据万有引力提供向心力可知，GMmr2

mam42rT2442r3GMaGMr2

；TI度大于在圆轨道Ⅲ上的向心加速度，而周期小于在圆轨道Ⅲ的周期；故A错误；卫星从轨道Ⅰ转移到轨道Ⅲ的过程中，变轨需要点火加速，因此机械不守恒，故B错误；根据开普勒第二定律可知，近地点的速度大，卫星在椭圆轨道Ⅱ上运行，经过AB点时的速度，故C正确；卫星，其角速度都和在地面上静止物体的角速度相同，故D正确．8、ABD【解析】天宫一号进入轨道IIPIIA正确；轨道II的半长轴较小，根据开普勒第三定律可知，天宫一号在轨道III上运动的周期，故B正确；根据GMmmar2得aGMr2IPIIPC错误；IIPIII上的机械能，故D正确。9、AD【解析】平抛运动是加速度为的匀加速运动． ．在任意相等时间内速度的增量是相等．故A正确；匀速圆周运动加速度的方向指向圆心，始终是变化的．故B错误；只有重力做功时机械能才守恒．故C错误；由于系统的合外力不为零，则小物块和斜劈组成的系统总动量不守恒，但水平方向动量守恒，故D正确；故选AD．10、AD【解析】跳过程处于超重状态，故A正确；v

v0v 2 2v0 v2地面后做竖直上抛运动，离地上升到最高点过程的平均速度v 2相等，故B错误运动员离开地面后做竖直上抛运动，根据2ghv2可知v 2gh 210(2.92.1)m/s4m/s根据速度位移公式可知2ahv2解得： 2 v2 4a m/s 16m/ 2 2h 20.5对运动员根据牛顿第二定律可知

，即两者2 2F mgmaN解得：F1560N，1根据牛顿第三定律可知，对地面的压力为1560N，故C错误起跳过程运动的时间tv4s0.25s，1 a 16起跳后运动的时间t v0.4s2 g故运动的总时间ttt1 2

0.65sD正确；218出演算过程。d 1 d211t

mgx

2M 丙 【解析】根据很短时间内，平均速度等于瞬时速度，即可求解；根据拉力做功表达式，以及熟练应用匀变速直线运动规律，即可求解；于小车受到的摩擦力．【详解】根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度的大小，可知小物块经过光电门时速度的大小是v

dt；1 1 d2滑块的动能改变表达为E k

2Mv2

2M； t该实验中保持小车质量M不变，d2因此有v2 t 而aFmg

2s 2sM M1t

2gsd2

m重物质量m增加不能远小于小车的质量时，直线在末端发生弯曲，则此结果对应于图中的图C．【点睛】考查光电门测量瞬时速度的原理．解答．12、

U U20

10R

kc R110U 2 k1 k110【解析】由电路图的连接可得出的实物图的连接方式，如图所示；VR

VR21两端的电压，则R两端的电压U120

1 2 1 2U ，由欧姆定律可知，10RU20U10U20U10RU1 U 2；U10 10R22EU2

U2

U1r，变形得U R 11

Rr RE1 U 1 ，则r 2 rRr

kc R有1 k，解得E 、r 1 ．r k1 k1得出对应的表达式，再分析图象的意义，求得电动势和内电阻．226必要的文字说明、方程式和演算步骤。13

4q

（2）

mgL【解析】对物块进行受力分析如图：qEmgtan37E

3mg4q设电场强度变化后小物块下滑距离LEkmgLsin37q1ELcos37E2 k解得E 0.3mgLk【点睛】1（）4.0m/s（）5.0m/s（）0.40J．（1）AB运动到圆形轨道最低点速度为v0

，对滑块A和B下滑到圆形轨道和最低点的过程，根据动能定理，有mA

mghB

mv2，B 0解得v0

4.0m/s．A恰能通过圆形轨道最高点时的速度大小为v，根据牛顿第二定律有mgm v2．A AR设滑块A在圆形轨道最低点被弹出时的速度为vA

，对于滑块A从圆形轨道最低点运动1 1到最高点的过程，根据机械能守恒定律，有

mv2 A

2mA

g2R 2

v2，代入数据A联立解得：vA

5.0m/s．对于弹簧将两滑块弹开的过程，A、B两滑块所组成的系统水平方向动量守恒，设滑块B被弹出时的速度为vB

，根据动量守恒定律，有mA

mB

mv

mv ，B解得vB

0．设弹簧将两滑块弹开的过程中释