2018-2019版化学新学案同步选修五鲁科版讲义：第2章 章末检测试卷（二）

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精章末检测试卷（二)(时间：90分钟满分：100分)一、选择题（本题包括16小题，每小题3分，共48分;每小题只有一个选项符合题意)1．(2017·全国卷Ⅱ，7)下列说法错误的是()A．糖类化合物也可称为碳水化合物B．维生素D可促进人体对钙的吸收C．蛋白质是仅由碳、氢、氧元素组成的物质D．硒是人体必需的微量元素，但不宜摄入过多答案C解析A项，大多数糖类化合物符合通式Cm（H2O)n，糖类最早被称为碳水化合物，正确；B项，维生素D主要功能是促进小肠对钙的吸收，正确;C项,蛋白质是C、H、O、N等元素组成的物质，错误;D项，硒是人体必需的微量元素，但摄入过多会对人体产生危害，正确。【考点】糖类蛋白质【题点】糖类蛋白质综合2．（2017·昆明三中高二期中)下列物质既能发生消去反应，又能催化氧化生成醛的是（)A．苯甲醇 B．2，2—二甲基-1-丙醇C．2—甲基—1—丁醇 D．甲醇答案C解析苯甲醇的结构简式为，分子中与羟基相连的碳原子的相邻碳原子上无氢原子,不能发生消去反应生成烯烃,故A错误;2,2-二甲基—1-丙醇的结构简式为，分子中含有-CH2OH的醇能催化氧化生成醛，连有—OH的碳原子的邻位碳原子上没有氢原子，不能发生消去反应，故B错误；2—甲基—1-丁醇的结构简式为CH3CH2CH（CH3）CH2OH,与羟基相连碳原子的相邻碳原子上连有氢原子，能发生消去反应生成烯烃，与羟基相连的碳原子上有2个氢原子,能发生催化氧化反应生成醛，故C正确；甲醇的结构简式为CH3OH，甲醇能够催化氧化生成甲醛，但是甲醇分子中只含有一个碳原子，不能发生消去反应,故D错误。【考点】醇的化学性质【题点】醇的性质的综合3．（2017·全国卷Ⅲ,8)下列说法正确的是（）A．植物油氢化过程中发生了加成反应B．淀粉和纤维素互为同分异构体C．环己烷与苯可用酸性KMnO4溶液鉴别D．水可以用来分离溴苯和苯的混合物答案A解析A项，植物油中含有不饱和高级脂肪酸甘油酯，其中的碳碳双键可与氢气发生加成反应，正确；B项，淀粉和纤维素分子式均为(C6H10O5)n，但n值不同，故二者不互为同分异构体，错误；C项，环己烷和苯的密度均比水小且不与酸性KMnO4溶液反应，故不能用酸性KMnO4溶液鉴别，错误；D项,溴苯和苯互溶且二者均不溶于水,故不能用水分离,两者沸点差别较大,应用蒸馏法分离，错误。【考点】常见有机化合物【题点】常见有机化合物的综合4．（2017·泰安高二期末）最简式相同，但既不是同系物,也不是同分异构体的是（）A．甲醛与甲酸甲酯B．1-戊烯与2—甲基—1-丙烯C．1—丁醇与甲醚D．丙酸与甲酸乙酯答案A解析甲醛的分子式为CH2O，甲酸甲酯的分子式为C2H4O2，实验式相同，分子式不同，不属于同分异构体，前者属于醛,后者属于酯，不属于同系物，A项正确；1—戊烯和2-甲基—1-丙烯的分子式分别为C5H10、C4H8，分子组成相差一个CH2，两者都是烯烃，属于同系物，B项错误；1—丁醇的分子式为C4H10O，甲醚的分子式为C2H6O，实验式不相同，C项错误；丙酸和甲酸乙酯的分子式均为C3H6O2，互为同分异构体，D项错误。【考点】常见的含氧衍生物【题点】同系物、同分异构体判断5．区别乙醛、苯、苯酚、四氯化碳最好选用的试剂是()A．新制Cu（OH)2悬浊液B．银氨溶液C．浓溴水D．AgNO3溶液答案C解析乙醛能被溴水氧化而使溴水退色；苯酚能与浓溴水反应生成白色沉淀;苯、四氯化碳分别与溴水混合时，苯的密度比水小,有色层在上层，四氯化碳的密度比水大，有色层在下层,因而可用浓溴水来鉴别。【考点】有机物的检验【题点】有机物的鉴别6．（2017·菏泽中学高二月考)要使有机物转化为，最佳试剂是（）A．Na B．NaHCO3C．Na2CO3 D．NaOH答案B解析Na、Na2CO3、NaOH均能与酚羟基反应,使得最终产物为，由于酸性:H2CO3＞酚，故NaHCO3与酚羟基不反应，故可得题给产物,B项正确。【考点】酚、羧酸的酸性【题点】酚、羧酸羟基活泼性7．肉桂醛是一种食用香精,广泛应用于牙膏、糖果及调味品中，工业上可通过下列反应制得：＋CH3CHOeq\o（→，\s\up7(一定条件）)＋H2O。下列说法不正确的是()A．肉桂醛的分子式为C9H8OB．检验肉桂醛中是否有残留的苯甲醛：加入酸性KMnO4溶液，看是否退色C．1mol肉桂醛完全燃烧消耗10。5molO2D．肉桂醛分子中含有的官能团:醛基、碳碳双键答案B解析根据肉桂醛的结构简式确定其分子式为C9H8O,A正确；检验肉桂醛中是否有残留的苯甲醛不能用酸性KMnO4溶液，因为肉桂醛中含有的碳碳双键和醛基也可以使酸性KMnO4溶液退色，B错误；根据肉桂醛的化学式可知，1mol肉桂醛完全燃烧消耗10.5molO2,C正确；肉桂醛分子中含有碳碳双键和醛基，D正确。【考点】醛的结构和性质【题点】醛结构和性质的综合8。某天然拒食素具有防御非洲大群蚯蚓的作用，其结构简式如图(未表示出原子或原子团的空间排列)。该拒食素与下列某试剂充分反应，所得有机物分子的官能团数目增加,则该试剂是()A．Br2的CCl4溶液 B．[Ag(NH3)2]OH溶液C．HBr D．H2答案A解析根据拒食素的结构简式确定其性质，进而确定其与不同试剂反应后产物的结构和官能团。该有机物中的碳碳双键与Br2发生加成反应，使官能团数目由3个增加为4个,选项A正确；有机物中的醛基被银氨溶液氧化为—COOH，官能团数目不变，选项B不正确；有机物中的碳碳双键与HBr发生加成反应，但官能团数目不变，选项C不正确；有机物中的碳碳双键、醛基与H2发生加成反应,官能团数目减少，选项D不正确。【考点】醛的结构和性质【题点】醛结构和性质的综合9．（2017·临沧一中高二期末）下列说法不正确的是（）A．1mol乙醇可以与足量金属钠反应，生成0.5molH2,能证明乙醇分子有一个H原子与其余的H原子不同B．下列反应可证明苯环受甲基的影响，甲苯易被酸性高锰酸钾溶液氧化C．下列反应可证明由于羟基对苯环的影响，导致苯酚的取代比苯容易D．苯不能使溴的四氯化碳溶液退色可以说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键答案B解析1mol乙醇可以与足量金属钠反应，生成0。5molH2，根据氢原子守恒可证明乙醇分子中有一个H原子与其余的H原子不同，A项正确;该反应可证明甲基受苯环的影响,甲苯易被酸性高锰酸钾氧化，B项错误；该反应可证明由于羟基对苯环的影响，导致苯酚的取代比苯容易,C项正确;苯不能使溴的四氯化碳溶液退色，可以说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键，D项正确.【考点】有机物的结构和性质【题点】有机物结构和性质的关系10．（2017·邵阳邵东三中高二月考)有下列物质：①乙醇；②苯酚；③乙醛;④乙酸乙酯;⑤丙烯酸(CH2=CH—COOH）。其中与溴水、酸性KMnO4溶液、NaHCO3溶液都能反应的是(）A．仅①③ B．仅②④C．仅⑤ D．仅③⑤答案C解析①乙醇只可以和酸性高锰酸钾溶液反应;②苯酚不可以和NaHCO3溶液反应；③乙醛不可以和NaHCO3溶液反应；④乙酸乙酯和溴水、酸性KMnO4溶液、NaHCO3溶液都不反应；⑤丙烯酸（CH2=CH—COOH）,可以和溴水、酸性KMnO4溶液、NaHCO3溶液反应。所以可以和溴水、酸性KMnO4溶液、NaHCO3溶液都反应的只有⑤,故C正确.【考点】含氧衍生物的结构和性质【题点】含氧衍生物结构和性质的综合11．（2017·天津理综，2)汉黄芩素是传统中草药黄芩的有效成分之一，对肿瘤细胞的杀伤有独特作用.下列有关汉黄芩素的叙述正确的是（)A．汉黄芩素的分子式为C16H13O5B．该物质遇FeCl3溶液显色C．1mol该物质与溴水反应,最多消耗1molBr2D．与足量H2发生加成反应后，该分子中官能团的种类减少1种答案B解析A项，汉黄芩素的分子式为C16H12O5，错误;B项，汉黄芩素含有酚羟基,遇FeCl3溶液显色，正确；C项,1mol汉黄芩素能与溴水发生取代反应和加成反应，最多消耗2molBr2，错误；D项，汉黄芩素中的羰基和碳碳双键均可与H2发生加成反应，所以与足量H2发生加成反应后，该分子中官能团的种类减少2种,错误。【考点】含氧衍生物的结构和性质【题点】多官能团有机物性质的判断

12．（2017·定州中学高三期末）某有机化合物的结构简式如图所示，下列说法正确的是（)A．不能发生银镜发应B．1mol该物质最多可与2molBr2反应C．1mol该物质最多可与4molNaOH反应D．与NaHCO3、Na2CO3均能发生反应答案C解析A项，根据结构简式,含有甲酸酯，能发生银镜反应，故错误；B项,含有酚羟基，由于羟基的影响，苯环上的两个邻位和对位上的氢变得活泼，容易发生取代，消耗2molBr2，碳碳双键能与溴发生加成反应，因此1mol该有机物共消耗3molBr2，故错误；C项，1mol该有机物含有2mol酚羟基、1molCl原子、1mol酯基，因此共消耗4molNaOH，故正确;D项，有机物中不含有羧基，因此不能和NaHCO3溶液反应，故错误。【考点】含氧衍生物的结构和性质【题点】多官能团有机物性质的判断13．化合物Ⅲ是合成中药黄芩中的主要活性成分的中间体，合成方法如下：下列有关叙述正确的是（)A．化合物Ⅰ的分子式为C9H10O4B．化合物Ⅱ中所有原子有可能均共面C．可用FeCl3溶液鉴别化合物Ⅰ和ⅢD．1mol化合物Ⅲ与足量溴水反应，消耗Br2的物质的量为1.5mol答案B解析根据结构简式，化合物Ⅰ的分子式为C9H12O4,故A错误；化合物Ⅱ分子含有苯环、碳碳双键和羰基，具有苯、乙烯和甲醛的平面结构特点，通过碳碳单键的旋转，可使化合物Ⅱ中所有原子共面，故B正确；化合物Ⅰ、Ⅲ中均含有酚羟基,均能与FeCl3溶液发生显色反应,不能用FeCl3溶液鉴别,故C错误；化合物Ⅲ中含有酚羟基，酚羟基邻位上的氢原子可与溴发生取代反应,碳碳双键可与溴发生加成反应，则1mol化合物Ⅲ与足量溴水反应，消耗Br2的物质的量为2mol，故D错误。【考点】含氧衍生物的结构和性质【题点】多官能团有机物性质的判断14．（2017·玉溪一中高二期末)下列有机化合物中均含有酸性杂质，除去这些杂质的方法中正确的是()A．苯中含苯酚杂质：加入溴水、过滤B．乙醇中含乙酸杂质：加入碳酸钠溶液洗涤,分液C．乙醛中含乙酸杂质:加入氢氧化钠溶液洗涤，分液D．乙酸丁酯中含乙酸杂质：加入饱和碳酸钠溶液洗涤，分液答案D解析溴易溶于苯，溴水与苯发生萃取，苯酚与溴水发生取代反应生成三溴苯酚,用溴水除杂，生成的三溴苯酚和过量的溴都能溶于苯,不能得到纯净的苯，并引入新的杂质，所以不能用溴水来除去苯中的苯酚，应向混合物中加入NaOH溶液后分液,A项错误；加入碳酸钠溶液,乙酸与碳酸钠反应生成乙酸钠、水和二氧化碳，但乙酸钠和乙醇都溶在水中，不分层，不能采用分液的方法，B项错误；加入氢氧化钠溶液，乙酸与氢氧化钠反应生成乙酸钠和水，但乙酸钠和乙醛都溶在水中，不分层，不能采用分液的方法，C项错误;乙酸丁酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸的酸性比碳酸强，能与碳酸钠反应生成二氧化碳和乙酸钠，然后分液可得到纯净的乙酸丁酯，D项正确。【考点】有机物的分离和除杂【题点】有机物分离和除杂的方法15。（2017·合肥质检）最新研究表明,咖啡中含有的咖啡酸能使人心脑血管更年轻。咖啡酸的球棍模型如图所示，下列有关咖啡酸的叙述不正确的是(）A．咖啡酸的分子式为C9H8O4B．咖啡酸中的含氧官能团只有羧基、酚羟基C．咖啡酸可以发生氧化反应、消去反应、酯化反应、加聚反应D．是咖啡酸的一种同分异构体,1mol该物质最多可消耗3molNaOH答案C解析根据球棍模型可知咖啡酸的结构简式为，其分子式为C9H8O4,A项正确；咖啡酸中的含氧官能团有羧基和酚羟基，B项正确；根据其结构简式可知咖啡酸不能发生消去反应,C项错误;1mol水解时,2mol酯基消耗2molNaOH,水解生成的1mol酚羟基又消耗1molNaOH，共消耗3molNaOH,D项正确。【考点】含氧衍生物的结构和性质【题点】多官能团有机物性质的推断16．有机物C4H8O3在一定条件下的性质有:在浓硫酸存在下，可脱水生成能使溴水退色的只有一种结构形式的有机物;在浓硫酸存在下，能分别与乙醇或乙酸反应；在浓硫酸存在下，还能生成分子式为C4H6O2的五元环状有机物.则有机物C4H8O3的有关叙述正确的是(）A．C4H8O3的结构简式为HOCH2CH2CH2COOHB．C4H8O3的结构简式为CH3CH(OH）CH2COOHC．C4H8O3为α—羟基丁酸D．C4H8O3为羟基乙酸乙酯答案A解析该有机物在一定条件下，能分别与乙醇或乙酸反应，说明含有羟基和羧基，与羟基相连的碳原子的相邻碳原子上有氢原子；根据该物质能生成分子式为C4H6O2的五元环状有机物,判断该化合物无支链且羟基在4号碳原子上，故应选A。【考点】含氧衍生物的结构和性质【题点】含氧衍生物的检验、相互转化与推断二、非选择题(本题包括5小题,共52分）17．（6分)（2017·海南中学高二期中)与淀粉相关的物质间转化关系如图所示.其中B的分子中含有一个甲基，B与羧酸和醇均能发生酯化反应;C的催化氧化产物既是合成酚醛树脂的原料之一，又是常见的居室污染物；E能使Br2的CCl4溶液退色。eq\x（淀粉)eq\o(→，\s\up7（H2O）,\s\do5（催化剂））eq\x（A）eq\o（→,\s\up7(一定条件)）eq\x(BC3H6O3)eq\o(→，\s\up7(C)，\s\do5（浓硫酸，△))eq\x（D)eq\o（→,\s\up7(浓硫酸），\s\do5(△)）eq\x(E)eq\o（→,\s\up7(一定条件))eq\x（F高聚物)（1)B的结构简式是________________________________________________。(2）E→F的化学方程式是__________________________________________________________________________________________________________________________。(3）某同学欲验证淀粉完全水解的产物A，进行如下实验操作：①在试管中加入少量淀粉溶液;②加热3～4min；③加入少量新制的Cu（OH)2悬浊液;④加入少量稀硫酸；⑤加热;⑥待冷却后,滴加NaOH溶液至溶液呈碱性。则以上操作步骤正确的顺序是________（填字母）.A．①②④⑤③⑥ B．①④②③⑤⑥C．①④②⑥③⑤ D．①⑤③④⑥②答案(1)CH3CH（OH）COOH（2)nCH2=CHCOOCH3eq\o(→，\s\up7（引发剂）)（3)C解析B的分子中含有一个甲基，且与羧酸和醇均能发生酯化反应,说明B中既含有羧基又含有羟基，结合B的分子式C3H6O3，则B的结构简式为CH3CH（OH)COOH；C的催化氧化产物既是合成酚醛树脂的原料之一,又是常见的居室污染物，所以C是甲醇;甲醇和B发生酯化反应生成D，即D为CH3CHOHCOOCH3；D在浓硫酸的作用下发生消去反应生成E，E的结构简式为CH2=CHCOOCH3,在一定的条件下，含有碳碳双键的化合物可以发生加聚反应生成高分子化合物,即F的结构简式为(1）B的结构简式为CH3CH(OH）COOH。(2）E→F的转化过程是含有碳碳双键的物质发生加聚反应的过程,化学方程式为nCH2=CHCOOCH3eq\o（→，\s\up7（引发剂）)(3）淀粉在酸性环境下水解得到的产物是葡萄糖,葡萄糖在碱性环境下可以和新制的氢氧化铜悬浊液反应,但是在加入氢氧化铜之前必须先加入氢氧化钠中和硫酸,然后加热,才会出现砖红色的沉淀，故C项正确.【考点】糖类的综合【题点】淀粉的水解及水解程度的检验18．(10分）（2017·济宁高二检测)以五倍子为原料可制得化合物A。A的结构简式如图所示:请解答下列各题:（1)A的分子式是________________。(2）有机化合物B在硫酸催化条件下加热发生酯化反应可得到A。请写出B的结构简式:________________________________________________________________________。（3)请写出A与过量NaOH溶液反应的化学方程式:___________________________________________________________________________________________________.（4）有机化合物C是合成治疗禽流感药物的原料之一.C可以看成是B与氢气按物质的量之比1∶2发生加成反应得到的产物。C分子中无羟基与碳碳双键直接相连的结构,它能与溴水反应使溴水退色.请写出C与溴水反应的化学方程式：____________________________________________________________________________________________________.答案(1）C14H10O9(2）(3)＋8NaOH→＋7H2O解析(2)因B在题设条件下可生成A，由A逆推，A水解可以得知B的结构简式为（3)由A的结构简式可以看出1molA中有5mol-OH，需中和5molNaOH,1mol羧基中和1molNaOH，1mol酯基消耗2molNaOH，故1molA可消耗8molNaOH。(4)根据题意,B与氢气按物质的量之比1∶2加成可得C，C分子中无羟基与碳碳双键直接相连，且C能与溴水反应，因此C的结构简式应为所以C与溴水反应的方程式应为＋Br2→【考点】多官能团有机物的结构和性质【题点】酚、羧酸和酯的结构和性质综合19．（12分)（2017·许昌四校高二期末）A～G都是有机化合物，它们的转化关系如下：请回答下列问题：(1）已知：6.0g化合物E完全燃烧生成8。8gCO2和3.6gH2O;E蒸气的密度标准状况下约为2。68g·L－1，则E的分子式为________。(2)A为一取代芳香烃，B中含有一个甲基.由B生成C的化学方程式为___________________________________________________________________________________________。（3)由B生成D、由C生成D的反应条件分别是________、________.（4)由A生成B、由D生成G的反应类型分别是________、________。（5）F存在于栀子香油中，其结构简式为____________________________________________。（6)在G的同分异构体中，苯环上一硝化的产物只有一种的共有________种。答案(1）C2H4O2（2）＋NaCl(3）NaOH醇溶液、加热浓硫酸、加热（4）取代反应加成反应(5）（6)7＝60g·mol－1，6.0gE的物质的量是0.1mol,完全燃烧后生成8.8gCO2(0。2mol)和3.6gH2O(0.2mol）,则分子中N（C）＝2，N(H）＝4，故N（O)＝eq\f(60－24－4，16）＝2,故E的分子式是C2H4O2。（2）A为一取代芳香烃，由分子式C8H10可知为苯的同系物，故A为。A与氯气在光照条件下发生取代反应生成B，而B中含有一个甲基，则B为B发生水解反应生成C，则C为（3）C与E发生反应生成F,结合F的分子式可知，应是发生酯化反应，则E为CH3COOH，F为,B、C分别转化都得到D，D与溴发生加成反应生成G,则B、C均发生消去反应生成D,故D为则G为所以由B生成D为卤代烃的消去反应，反应条件是NaOH醇溶液、加热；由C生成D为醇的消去反应，反应条件是浓硫酸、加热。(4)由A生成B是取代反应,由D生成G是加成反应。（5）由上述分析可知F的结构简式为(6)在G(）的同分异构体中，苯环上一硝化的产物只有一种，说明对称性很高，可以含有2个相同的取代基，处于对位，结构简式为若含有3个取代基时，则取代基不可能相同,苯环上取代位置至少有2种,所以不可能含有3个取代基；若含有4个取代基，应为2个—Br、2个—CH3，结构简式分别为所以符合条件的同分异构体共有7种。【考点】卤代烃、醇的结构和性质【题点】卤代烃、醇结构和性质的综合20．（14分)（2017·烟台高二检测）有机物A为茉莉香型香料.（1)A分子中含氧官能团的名称是________.（2）C的分子结构可表示为(其中R和R′代表不同的烃基)：A的化学式是________，A可以发生的反应是________(填字母)。a．还原反应 b．消去反应c．酯化反应 d．水解反应（3)已知含有烃基R的有机物R—OH与浓溴水反应产生白色沉淀，则含有烃基R′的有机物R′-OH的类型属于________。(4)A分子结构中只有一个甲基，A的结构简式是______________________________。(5）在浓硫酸存在下，B与乙醇共热生成化合物C16H22O2的化学方程式是______________________________________________________________________________________。(6)在A的多种同分异构体中,分子结构中除烃基R′含有三个甲基外，其余部分均与A相同的有________种。答案(1)醛基(2)C14H18Oa（3)醇＋CH3