成都市大邑中学高一(下)期末物理复习试卷(解析版)

2014-2015学年四川省成都市大邑中学高一（下）期末物理复习试卷（解析版）2014-2015学年四川省成都市大邑中学高一（下）期末物理复习试卷学年四川省成都市大邑中学高一（下）期末物理复习试卷一、选择题（本题包括一、选择题（本题包括6小题，每题1．关于曲线运动，以下说法中正确的选项是（）A．平抛运动是一种匀变速运动B．物体在恒力作用下不能能做曲线运动C．做匀速圆周运动的物体，所受合力是恒定的D．做圆周运动的物体合力总是与速度方向垂直2．如图，从地面上方某点，将一小球以10m/s的初速度沿水平方向抛出，小球经过1s落地，不计空气阻力，g=10m/s2，则可求出（）小题，每题3分，共分，共18分．每小题只有一个选项正确）分．每题只有一个选项正确）A．小球抛出时离地面的高度是5mB．小球从抛出点到落地址的位移大小是10mC．小球落地时的速度大小是20m/sD．小球落地时的速度方向与水平川面成60°角3．以下列图，一个内壁圆滑的圆锥筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，有两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则以下说法正确的选项是（）A．球A的线速度必然大于球B的线速度B．球A的角速度必然等于球B的角速度C．球A的运动周期必然小于球B的运动周期D．球A对筒壁的压力必然大于球B对筒壁的压力4．一台正确走动的钟表上的时针、分针、秒针的长度之比为2：3：3，则三针尖端的线速度之比为（）A．1：9：540B．1：12：7205．一轻杆一端固定一质量为m的小球，以另一端O为圆心，使小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动，以下说法正确的选项是（）C．1：18：1080D．1：90：5400A．小球过最高点时，杆与球间必然有作用力B．小球过最高点时最小速度为C．小球过最高点时，杆对球的作用力能够与球所受重力方向相反，但此时重力必然大于杆对球的作用力D．小球过最高点时，杆对球的作用力必然与小球所受重力方向相反6．在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强处．质量为m的跳水运动员进入水中后碰到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F，那么在他减速下降高度为h的过程中，以下说法正确的选项是（g为当地的重力加速度）（）A．他的动能减少了FhC．他的机械能减少了（F﹣mg）h二、选择题（本题包括二、选择题（本题包括6小题，每题项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得7．已知引力常量G和以下某组数据就能计算出地球的质量，这组数据是（）A．地球绕太阳运行的周期及地球与太阳之间的距离B．月球绕地球运行的周期及太阳与地球之间的距离C．人造地球卫星在地面周边绕行的速度及运行周期D．若不考虑地球自转，已知地球的半径及地球表面重力加速度8．经长远察看，人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每颗恒星的半径远小于两颗恒星之间的距离，而且双星系一致般远离其他天体．如图，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上某﹣定点O点做匀速圆周运动，现测得两颗星球之间的距离为L，质量之比为m1：m2=3：2，则可知（）B．他的重力势能增加了mghD．他的机械能减少了Fh小题，每题4分，共分，共24分．每题给出的四个选项中，有的只有一个选分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选分，选对但不全的得2分，有选错的得分，有选错的得0分）分）A．m1、m2做圆周运动的线速度之比为3：2B．m1、m2做圆周运动的角速度之比为1：1C．m1做圆周运动的半径为lD．m2做圆周运动的半径为l9．汽车的质量为4吨，最大功率为100kw，在平直的公路上能达到的最大速度是25m/s，现让汽车由静止开始先以1m/s2匀加速起动到最大功率，再以恒定功率加速到最大速度，整个过程中汽车所受的阻力大小不变，则当汽车的速度为15m/s时汽车的实质功率为（）A．120kwB．100kw10．节日燃放礼花弹时，要先将礼花弹放入一个竖直的炮筒中，此后点燃礼花弹的发射部分，经过分药激烈燃烧产生高压燃气，将礼花弹由炮筒底部射向空中．若礼花弹在由炮筒底部击发至炮筒口的过程中，战胜重力做功W1，战胜炮筒阻力及空气阻力做功W2，高压燃气对礼花弹做功W3，则礼花弹在炮筒内运动的过程中（设礼花弹发射过程中质量不变）（）A．礼花弹的动能变化量为W3+W2+W1B．礼花弹的动能变化量为W3﹣W2﹣W1C．礼花弹的机械能变化量为W3﹣W1D．礼花弹的机械能变化量为W3W2﹣W111．民族运动会上有一个骑射项目，运动员骑在奔驶的马背上，弯弓放箭射击侧向的固定目标．假设运动员骑马奔驰的速度为v1，运动员静止时射出的弓箭速度为v2．跑道离固定目标的近来距离为d．要想命中目标且射出的箭在空中翱翔时间最短，则（）C．80kwD．60kwA．运动员放箭处离目标的距离为B．运动员放箭处离目标的距离为C．箭射到靶的最短时间为D．箭射到靶的最短时间为12．如图，表面圆滑的固定斜面顶端安装必然滑轮，小物块A、B用轻绳连接并超出滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）．初始时刻，A、B处于同一高度并处于静止状态．剪断轻绳后A自由下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地前瞬时，两物块（）A．速率的变化量相同C．重力势能的变化量相同B．机械能的变化量不一样D．重力做功的平均功率相同三、实验题（本题共三、实验题（本题共3小题，每空小题，每空2分，共分，共14分）分）13．“在考据机械能守恒定律”时，若是以为纵轴，以h为横轴，依照实验数据绘出﹣h图线的斜率等于的数值．14．在“考据机械能守恒定律”的实验中，有以下器材：A．打点计时器；B．低压交流电源（附导线）；C．天平（附砝码）；D．铁架台（附夹子）；E．重锤（附夹子）；F．纸带；G．秒表，H复写纸．其中不用要的有；还缺少的是．15．在“研究平抛物体的运动”实验中，在固定斜槽时，应该使尾端，每次释放小球的地址应该；以下列图是用闪光照像法拍摄到的平抛小球在运动过程中的闪光照片的一部分．A为抛出后小球运动过程中的某一地址．已知每个小方格的边长是5cm，则小球A运动到B所花的时间为秒，平抛运动的初速度大小为m/s．（重力加速度g=10m/s2）四．计算题（本题共四．计算题（本题共4小题，共计16．已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，不考虑地球自转的影响．（1）推导第一宇宙速度v1的表达式；（2）若卫星绕地球做匀速圆周运动，运行轨道距离地面高度为h，求卫星的运行周期T．17．在2008年四川汶川大地震抗震救灾活动中，为转移被困公众动用了直升飞机．设被救人员的质量m=80kg，所用吊绳的拉力最大值Fm=1200N，所用电动机的最大输出功率为Pm=12kW，为赶忙吊起被困公众，操作人员采用的方法是，先让吊绳以最大的拉力工作一段时间，此后电动机又以最大功率工作，被救人员上升h=90m时恰好达到最大速度（g取10m/s2），试求：（1）被救人员刚到达机舱时的速度；（2）这一过程所用的时间．18．以下列图，AB是倾角为θ的粗糙直轨道，BCD是圆滑的圆弧轨道，AB恰幸好B点与圆弧相切，圆弧的半径为R．一个质量为m的物体（能够看作质点）从直轨道上的P点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运动．已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为μ．求：（1）物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上经过的总行程；（2）最后当物体经过圆弧轨道最低点E时，对圆弧轨道的压力；（3）为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D，释放点距B点的距离L′应满足什么条件？小题，共计44分）分）．以下列图是某公园中的一项游乐设施，半径为R=2.5m、r=1.5m的两圆形轨道甲和乙安装在同一竖直平面内，两轨道之间由一条水平轨道CD相连，现让可视为质点的质量为10kg的无动力小滑车从A点由静止释放，恰好能够滑过甲轨道后经过CD段又滑上乙轨道后走开两圆形轨道，此后从水平轨道飞入水池内，水面离水平轨道的高度h=5m，全部轨道均圆滑，g=10m/s2．（1）求小球到甲轨道最高点时的速度v．（2）求小球到乙轨道最高点时对乙轨道的压力．（3）若在水池中MN范围放上安全气垫（气垫厚度不计），水面上的B点在水平轨道边缘正下方，且BM=10m，BN=15m；要使小滑车能经过圆形轨道并安全到达气垫上，则小滑车初步点A距水平轨道的高度该如何设计？2014-2015学年四川省成都市大邑中学高一（下）期末物理复习试卷学年四川省成都市大邑中学高一（下）期末物理复习试卷参照答案与试题解析参照答案与试题解析一、选择题（本题包括一、选择题（本题包括6小题，每题1．关于曲线运动，以下说法中正确的选项是（）A．平抛运动是一种匀变速运动B．物体在恒力作用下不能能做曲线运动C．做匀速圆周运动的物体，所受合力是恒定的D．做圆周运动的物体合力总是与速度方向垂直考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．解析：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不用然变化，由此能够解析得出结论．解答：解：A、平抛运动只碰到重力的作用，是一种加速度不变的曲线运动，即匀变速曲线运动，故A正确；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，物体在恒力作用下，能够做曲线运动，比方平抛运动，因此B错误．C、匀速圆周运动的向心力的方向向来是指向圆心的，方向是不断变化的，因此匀速圆周运动必然是碰到变力的作用，因此C错误．D、物体做匀速圆周运动的物体合力才总是与速度方向垂直，因此D错误．应选：A．谈论：本题要点是对质点做曲线运动的条件的观察，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，关于它们的特点要掌握住．2．如图，从地面上方某点，将一小球以10m/s的初速度沿水平方向抛出，小球经过1s落地，不计空气阻力，g=10m/s2，则可求出（）小题，每题3分，共分，共18分．每题只有一个选项正确）分．每题只有一个选项正确）A．小球抛出时离地面的高度是5mB．小球从抛出点到落地址的位移大小是10mC．小球落地时的速度大小是20m/sD．小球落地时的速度方向与水平川面成60°角考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．解析：依照运动的时间求出小球抛出时离地的高度，依照初速度和时间求出抛出点和落地址的水平位移，从而得出抛出点和落地址的位移大小．依照竖直方向上的分速度，结合平行四边形定则求出落地的速度大小和方向．解答：解：A、小球抛出时的高度h=，故A正确．B、小球抛出点到落地址的水平位移x=v0t=10×1m=10m，依照平行四边形定则知，抛出点与落地点的位移大小s=，故B错误．C、小球落地时竖直分速度vy=gt=10×1m/s=10m/s，依照平行四边形定则知，落地的速度大小为v=，落地的速度方向与水平方向的夹角为45度，故C、D错误．故选：A．谈论：解决本题的要点知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵便求解．3．以下列图，一个内壁圆滑的圆锥筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，有两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则以下说法正确的是（）A．球A的线速度必然大于球B的线速度B．球A的角速度必然等于球B的角速度C．球A的运动周期必然小于球B的运动周期D．球A对筒壁的压力必然大于球B对筒壁的压力考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．解析：对小球受力解析，受重力和支持力，合力供应向心力，依照牛顿第二定律列式求解即可．解答：解：A、对小球受力解析，小球碰到重力和支持力，它们的合力供应向心力，如图依照牛顿第二定律，有：F=mgtanθ=m解得：v=由于A球的转动半径较大，A线速度较大．故A正确．．B、ω=，由于A球的转动半径较大，则A的角速度较小．故B错误．C、周期T==2π，由于A的半径较大，则周期较大．故C错误．D、由上解析可知，筒对小球的支持力N=，与轨道半径没关，则由牛顿第三定律得知，小球对筒的压力也与半径没关，即有球A对筒壁的压力等于球B对筒壁的压力．故D错误．应选：A．谈论：本题要点是对小球受力解析，知道小球做圆周运动向心力的来自于合外力．4．一台正确走动的钟表上的时针、分针、秒针的长度之比为2：3：3，则三针尖端的线速度之比为（）A．1：9：540B．1：12：720考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．C．1：18：1080D．1：90：5400解析：已知转动半径和周期，依照v=求解线速度比值．解答：解：秒针、分针、时针尖端尖端做圆周运动的周期分别为：h、1h、12h；秒针、分针、时针的长度比为：d1：d2：d3=2：3：3；故秒针、分针、时针尖端的线速度之比：1：18：1080，故C正确．应选：C谈论：解决本题的要点知道时针、分针、秒针的周期，以及知道周期与线速度的关系，难度不大，属于基础题．5．一轻杆一端固定一质量为m的小球，以另一端O为圆心，使小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动，以下说法正确的选项是（）A．小球过最高点时，杆与球间必然有作用力B．小球过最高点时最小速度为C．小球过最高点时，杆对球的作用力能够与球所受重力方向相反，但此时重力必然大于杆对球的作用力D．小球过最高点时，杆对球的作用力必然与小球所受重力方向相反考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：轻杆固定的小球做圆周运动，只要小球能够到达最高点就可以做圆周运动，在最高点，由小球的重力与杆对球的作用力的合力作为向心力．解答：解：A、当小球在最高点恰好只有重力供应它的向心力的时候，此时球对杆没有作用力，故A错误．、轻杆带着物体做圆周运动，杆能够是支持力，故只要物体能够到达最高点就可以了，因此速度能够为零，故B错误．C、小球在最高点时，若是速度恰好为，则此时恰好只有重力作为它的向心力，杆和球之间没有作用力，若是速度小于，重力大于所需要的向心力，杆就要随球由支持力，方向与重力的方向相反，此时合力向下，重力必然大于杆对球的作用力，若是速度大于球所受重力方向相同，故C正确，D错误．应选：C．谈论：杆的模型和绳的模型是在高中常碰到的两种基本模型，这两种模型不一样样，杆在最高点的速度能够为零，而绳在最高点时的速度必定大于或等于最小速度．6．在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强处．质量为m的跳水运动员进入水中后碰到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F，那么在他减速下降高度为h的过程中，以下说法正确的选项是（g为当地的重力加速度）（），杆对球的作用力能够与A．他的动能减少了FhC．他的机械能减少了（F﹣mg）h考点：功能关系．解析：能够运用动能定理求出动能的变化量．能够经过重力做功量度重力势能的变化．知道除了重力和弹簧弹力之外的力做功量度机械能的变化．解答：解：A、在运动员减速下降高度为h的过程中，运动员受重力和阻力，运用动能定理得：（mg﹣F）h=?Ek由于运动员动能是减小的，因此运动员动能减少（F﹣mg）h，故A错误．B、依照重力做功与重力势能变化的关系得：wG=﹣?Ep=mgh，他的重力势能减少了mgh，故B错误．C、由除了重力和弹簧弹力之外的力做功量度机械能的变化得出：w外=?E运动员除了重力还有阻力做功，w外=wF=﹣Fh，他的机械能减少了Fh，故C错误．D、依照C选项解析，故D正确．应选：D．谈论：解这类问题的要点要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．我们要正确的对物体进行受力解析，能够求出某个力做的功．二、选择题（本题包括二、选择题（本题包括6小题，每题小题，每题4分，共分，共24分．每题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得分，选对但不全的得2分，有选错的得7．已知引力常量G和以下某组数据就能计算出地球的质量，这组数据是（）B．他的重力势能增加了mghD．他的机械能减少了Fh分．每题给出的四个选项中，有的只有一个选分，有选错的得0分）分）A．地球绕太阳运行的周期及地球与太阳之间的距离B．月球绕地球运行的周期及太阳与地球之间的距离C．人造地球卫星在地面周边绕行的速度及运行周期D．若不考虑地球自转，已知地球的半径及地球表面重力加速度考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．解析：计算中心天体质量的主要思路有：一是在星球表面重力与万有引力相等，据重力加速度和地球半径求地球的质量，二是围绕天体围绕地球圆周运动的向心力由万有引力供应，依照圆周运动的物理量能够求中心天体的质量．解答：解：A、地球绕太阳运行的周期及地球与太阳间距离依照万有引力供应圆周运动向心力，能够计算中心天体太阳的质量，而不能够够计算围绕天体地球的质量，故A错误；B、依照万有引力供应圆周运动向心力G=mr，可得中心天体地球的质量M=，若是知道月球绕地球做圆周运动的周期与月球与地球间的距离能够求出地球的质量，知道月球绕地球运行的周期及太阳与地球之间的距离不能够求出地球质量，故B错误；C、已知地面周边绕行的人造卫星的速度及运行周期，依照v=可知，卫星的轨道半径：r=，地球的质量M=，若是已知人造地球卫星在地面周边绕行的速度及运行周期，能够求出地球的质量，故C正确；D、不考虑地球自转，在地球表面重力与万有引力相等有，G=mg，可得地球质量M=，故D正确．应选：CD．谈论：万有引力应用的主要下手点是星球表面重力与万有引力相等，二是万有引力供应围绕天体的向心力．据此只能计算中心天体的质量．8．经长远察看，人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每颗恒星的半径远小于两颗恒星之间的距离，而且双星系一致般远离其他天体．如图，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上某﹣定点O点做匀速圆周运动，现测得两颗星球之间的距离为L，质量之比为m1：m2=3：2，则可知（）A．m1、m2做圆周运动的线速度之比为3：2B．m1、m2做圆周运动的角速度之比为1：1C．m1做圆周运动的半径为lD．m2做圆周运动的半径为l考点：线速度、角速度和周期、转速；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．解析：抓住双星围绕连线上的O点做匀速圆周运动的向心力由相互间的万有引力供应，因此两星做圆周运动的角速度相等，由此张开谈论即可．解答：解：双星围绕连线上的O点做匀速圆周运动，相互间万有引力供应圆周运动向心力，可知双星做圆周运动的周期和角速度相等．令星m1的半径为r，则星m2的半径为l﹣r，则有：据万有引力供应圆周运动向心力有：=m1rω2=m2（l﹣r）ω2，即m1r=m2（l﹣r）质量之比为m1：m2=3：2，因此r=l则星m2的半径为l，故C错误，BD正确又由于v=rω可知，两星做圆周运动的线速度之比等于半径之比为2：3，故A错误．应选：BD．点评：抓住双星靠相互间的万有引力供应圆周运动的向心力可知，两星做圆周运动的角速度相同这是解决本题的打破口和要点．9．汽车的质量为4吨，最大功率为100kw，在平直的公路上能达到的最大速度是25m/s，现让汽车由静止开始先以1m/s2匀加速起动到最大功率，再以恒定功率加速到最大速度，整个过程中汽车所受的阻力大小不变，则当汽车的速度为15m/s时汽车的实质功率为（）A．120kwB．100kw考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．解析：当速度最大时，牵引力等于阻力，依照P=Fvm=fvm求出阻力的大小．依照P=Fv求出汽车匀加速直线运动的最大速度，将15m/s与匀加速直线运动的最大速度进行比较，由于汽车一旦达到匀加速直线运动的最大速度，功率达到额定功率，今后功率保持不变．解答：解：当速度最大时，F=f．C．80kwD．60kw有P=fvm，则f=．依照牛顿第二定律有：F﹣f=ma．则牵引力F=f+ma=4000+4×103×1N=8000N．匀加速直线运动的最大速度当速度大于12.5m/s时，功率达到额定功率，则当汽车的速度达到15m/s时，汽车的实质功率P′=P=100kW．应选：B谈论：解决本题的要点知道发动机功率P=Fv，知道当速度达到最大时，牵引力等于阻力．以及知道以恒定加速度运动在整个过程中的运动情况．．节日燃放礼花弹时，要先将礼花弹放入一个竖直的炮筒中，此后点燃礼花弹的发射部分，经过分药激烈燃烧产生高压燃气，将礼花弹由炮筒底部射向空中．若礼花弹在由炮筒底部击发至炮筒口的过程中，战胜重力做功W1，战胜炮筒阻力及空气阻力做功W2，高压燃气对礼花弹做功W3，则礼花弹在炮筒内运动的过程中（设礼花弹发射过程中质量不变）（）A．礼花弹的动能变化量为W3+W2+W1B．礼花弹的动能变化量为W3﹣W2﹣W1C．礼花弹的机械能变化量为W3﹣W1D．礼花弹的机械能变化量为W3﹣W2﹣W1考点：动能定理；功能关系．专题：动能定理的应用专题．解析：本题要解析功与能的关系．抓住功是能量转变的量度，其中合力做功是动能变化的量度，除重力外其他力做的功是机械能变化的量度，依照功能关系解析即可．解答：解：A、B、礼花弹在炮筒内运动的过程中，高压燃气对礼花弹做功为W3，重力做功为﹣W1，炮筒阻力及空气阻力做功为﹣W2，各个力做的总功为W3﹣W2﹣W1，依照动能定理得知，外力做的总功等于物体动能的变化量，故动能变化量等于W3﹣W2﹣W1，故A错误，B正确；C、D除重力外其他力做的功等于机械能的变化，故高压燃气做的功和空气阻力和炮筒阻力做的功之和等于机械能的变化量，即机械能的变化量为W3﹣W2，故C、D错误．应选B谈论：本题运用功能关系解析实责问题，要点要掌握：重力做的功等于重力势能的减小量；外力做的总功等于动能变化的变化量；除重力外其他力做的功等于机械能的变化量．11．民族运动会上有一个骑射项目，运动员骑在奔驶的马背上，弯弓放箭射击侧向的固定目标．假设运动员骑马奔驰的速度为v1，运动员静止时射出的弓箭速度为v2．跑道离固定目标的近来距离为d．要想命中目标且射出的箭在空中翱翔时间最短，则（）A．运动员放箭处离目标的距离为B．运动员放箭处离目标的距离为C．箭射到靶的最短时间为D．箭射到靶的最短时间为考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．解析：运动员放出的箭既参加了沿马运行方向上的匀速直线运动，又参加了垂直于马运行方向上的匀速直线运动，当放出的箭垂直于马运行方向发射，此时运行时间最短，依照t=求出最短时间，依照分运动和合运动拥有等时性，求出箭在马运行方向上的距离，依照运动的合成，求出运动员放箭处离目标的距离．解答：解：A、最短时间为t=，则箭在沿马运行方向上的位移为x=v1t=，因此放箭处距离目标的距离为s==．故A错误、B正确．C、当放出的箭垂直于马运行方向发射，此时运行时间最短，因此最短时间t=．故C正确，D错误．应选BC．谈论：解决本题的关键知道箭参加了沿马运行方向上的匀速直线运动和垂直于马运行方向上的匀速直线运动，知道分运动与合运动拥有等时性．12．如图，表面圆滑的固定斜面顶端安装必然滑轮，小物块A、B用轻绳连接并超出滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）．初始时刻，A、B处于同一高度并处于静止状态．剪断轻绳后A自由下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地前瞬时，两物块（）A．速率的变化量相同C．重力势能的变化量相同考点：功能关系；功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．解析：初始时刻，A、B处于同一高度并恰好保持静止状态，知A的重力等于绳子的拉力，B重力沿斜面向下的分力等于绳子的拉力，因此B的重力大于A的重力．依照动能定理求出物块落地的速B．机械能的变化量不一样D．重力做功的平均功率相同度，从而比较出速率的变化量．依照重力做功比较重力势能的变化量．由公式P=解析重力做功的平均功率．解答：解：A、依照动能定理得，mgh=，知落地的速度v=，由于h相等，落地时速率v相等，则速率的变化量相同．故A正确．B、剪断细线，A、B两物体都只有重力做功，机械能守恒，则机械能的变化量都为零．故B错误．C、开始A、B静止，依照平衡知B的重力大于A的重力，依照WG=mgh知，两物体重力做功不一样，则重力势能变化量不一样．故C错误．D、依照开始时系统平衡得，mBgsinθ=mAg．两物体落地的速度大小相等，则平均速度大小相等．对A，重力做功的平均功率PA=mAg，对B，重力做功的平均功率PB=mBg功的平均功率相同．故D正确．应选：AD．sinθ=mAg．知重力做谈论：解决本题的要点经过共点力平衡求出A、B质量的关系，以及知道剪断细线后，A、B两物体机械能守恒．三、实验题（本题共三、实验题（本题共3小题，每空小题，每空2分，共分，共14分）分）13．“在考据机械能守恒定律”时，若是以为纵轴，以h为横轴，依照实验数据绘出﹣h图线的斜率等于重力加速度的数值．考点：考据机械能守恒定律．专题：实验题．分析：依照机械能守恒定律写出机械能守恒的表达式，从而得出﹣h的关系，得出图线的性质以及图线的斜率．解答：解：在考据机械能守恒定律的实验中，有mgh=mv2，则=gh，g是常数，因此图线为过原点的倾斜直线，图线的斜率等于g，即重力加速度．故答案为：重力加速度．谈论：解决本题的要点掌握机械能守恒定律的表达式，会依照机械能守恒推导﹣h的关系．14．在“考据机械能守恒定律”的实验中，有以下器材：A．打点计时器；B．低压交流电源（附导线）；C．天平（附砝码）；D．铁架台（附夹子）；E．重锤（附夹子）；F．纸带；G．秒表，H复写纸．其中不用要的有C，G；还缺少的是刻度尺．考点：考据机械能守恒定律．专题：实验题．解析：在考据机械能守恒的实验中，考据动能的增加量与重力势能的减小量可否相等，因此要测重锤下降的距离和瞬时速度，测量瞬时速度和下降的距离均需要刻度尺，不需要秒表，重锤的质量可测可不测．解答：解：在实验中需要刻度尺测量纸带上点与点间的距离从而可知道重锤下降的距离，以及经过纸带上两点的距离，求出平均速度，从而可知瞬时速度．纸带上相邻两计时点的时间间隔已知，因此不需要秒表．重锤的质量可测可不测．故答案为：C，G；刻度尺．谈论：解决本题的要点掌握考据机械能守恒定律的实验的原理，知道需要测量哪些量，需要哪些器材．15．在“研究平抛物体的运动”实验中，在固定斜槽时，应该使尾端斜槽尾端切线水平，每次释放小球的地址应该同一地址静止释放；以下列图是用闪光照像法拍摄到的平抛小球在运动过程中的闪光照片的一部分．A为抛出后小球运动过程中的某一地址．已知每个小方格的边长是5cm，则小球A运动到B所花的时间为0.1秒，平抛运动的初速度大小为1m/s．（重力加速度g=10m/s2）考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题．解析：保证小球做平抛运动必定经过调治使斜槽的尾端保持水平，由于要画同一运动的轨迹，必定每次释放小球的地址相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度；由于O点为抛出点，因此依照水平方向匀速，竖直方向自由落体即可正确解答．解答：解：在研究平抛运动的实验中，由于要画同一运动的轨迹，必定每次释放小球的地址相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，同时必然要使小球水平抛出，否则不是平抛运动，因此斜槽尾端切线要保持水平；由图示可知，xAB=xBC=2l=2×5cm=10cm，由于平抛运动可分解为水平方向上的匀速直线运动，因此从A到B与从B到C的运动时间t相等；由图示可知，yAB=3l=3×5cm=15cm，yBC=5l=5×5cm=25cm，在竖直方向上做自由落体运动，则?y=gt2，则运动时间t====0.1s，平抛的初速度v0===1m/s；故答案为：斜槽尾端切线水平，同一地址静止释放，0.1，1．谈论：解决平抛实验问题时，要特别注意实验的注意事项，在平抛运动的规律研究活动中不用然限制于课本实验的原理，要侧重学生对研究原理的理解，提高解决问题的能力；同时熟练应用平抛运动的规律来解答有关问题．四．计算题（本题共四．计算题（本题共4小题，共计小题，共计44分）分）16．已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，不考虑地球自转的影响．（1）推导第一宇宙速度v1的表达式；（2）若卫星绕地球做匀速圆周运动，运行轨道距离地面高度为h，求卫星的运行周期T．考点：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度；牛顿第二定律；万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．解析：（1）第一宇宙速度是卫星在近地圆轨道上的围绕速度，重力等于万有引力，引力等于向心力，列式求解；（2）依照万有引力供应向心力即可求解．解答：解：（1）设卫星的质量为m，地球的质量为M，在地球表面周边满足得GM=R2g①卫星做圆周运动的向心力等于它碰到的万有引力②①式代入②式，获得故第一宇宙速度v1的表达式为．（2）卫星碰到的万有引力为③由牛顿第二定律④③、④联立解得故卫星的运行周期T为．谈论：卫星所受的万有引力等于向心力、地面周边引力等于重力是卫星类问题必定要考虑的问题，本题依照这两个关系即可列式求解！17．在2008年四川汶川大地震抗震救灾活动中，为转移被困公众动用了直升飞机．设被救人员的质量m=80kg，所用吊绳的拉力最大值Fm=1200N，所用电动机的最大输出功率为Pm=12kW，为赶忙吊起被困公众，操作人员采用的方法是，先让吊绳以最大的拉力工作一段时间，此后电动机又以最大功率工作，被救人员上升h=90m时恰好达到最大速度（g取10m/s2），试求：（1）被救人员刚到达机舱时的速度；（2）这一过程所用的时间．考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．解析：（1）当拉力与重力大小相等时，速度达到最大；（2）依照牛顿第二定律求出匀加速运动的加速度，依照P=Fv求出匀加速运动的末速度，从而得出匀加速运动的时间和位移，经过动能定理求出变加速运动的时间，从而得出总时间．解答：解：（1）当牵引力等于重力时，速度最大，则最大速度为：（2）匀加速运动的末速度为：，匀加速运动的加速度为：a=，则匀加速运动的时间为：，上升的高度为：，恒定功率上升的过程，依照动能定理得：，代入数据解得：t2=5.75s，则：t=t1+t2=5.75+2s=7.75s．答：（1）被救人员刚到达机舱时的速度15m/s；（2）这一过程所用的时间为7.75s．谈论：解决本题的要点知道工件在整个过程中的运动规律，关于求解变加速运动的时间，不能够经过动力学知识求解，由于加速度在变化，抓住功率不变，运用动能定理进行求解．18．以下列图，AB是倾角为θ的粗糙直轨道，BCD是圆滑的圆弧轨道，AB恰幸好B点与圆弧相切，圆弧的半径为R．一个质量为m的物体（能够看作质点）从直轨道上的P点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运动．已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为μ．求：（1）物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上经过的总行程；（2）最后当物体经过圆弧轨道最低点E时，对圆弧轨道的压力；（3）为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D，释放点距B点的距离L′应满足什么条件？考点：向心力；动能定理的应用．专题：压轴题．分析：①利用动能定理求摩擦力做的功；②对圆周运动条件的解析和应用；③圆周运动中能过最高点的条件．解答：解：（1）由于摩擦向来对物体做负功，因此物体最后在圆心角为2θ的圆弧上往来运动．对整体过程由动能定理得mgR?cosθ﹣μmgcosθ?x=0因此总行程为x=．（