山东日照2016高考物理一模试卷-物理(解析版)

26/262016年山东省日照市高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．1．1820年4月的一天，丹麦科学家奥斯特在上课时，无意中让通电导线靠近小磁针，突然发现小磁针偏转．这个现象并没有引起在场其他人的注意，而奥斯特却是个有心人，他非常兴奋，紧紧抓住这个现象，接连三个月深入地研究，反复做了几十次实验．关于奥斯特的实验，如图所示，下列操作中一定能够观察到小磁针偏转的是（）A．通电导线AB东西放置，小磁针放在导线正下方，闭合开关B．通电导线AB南北放置，小磁针放在导线正下方，闭合开关C．通电导线AB东西放置，小磁针放在导线正下方，改变电流方向D．通电导线AB南北放置，小磁针在AB延长线的B端外侧，改变电流大小2．图甲为水平放置的两根平行光滑导轨，处在垂直轨道平面向里的匀强磁场中．均匀金属棒AB垂直于导轨水平静止放置．从t=0时刻开始在AB棒上通有图乙所示的交变电流，规定甲图所示的电流方向为正方向．下列说法正确的是（）A．金属棒将在某一范围内往复运动B．t1时刻导体棒的速度最大C．t2时刻导体棒的加速度最大D．安培力时而做正功，时而做负功3．如图所示，电场线方向竖直向下，在a点由静止释放一个质量为m、电荷量为q的带电微粒，带电微粒沿电场线运动到b点时速度恰好为零．下列说法正确的是（）A．该微粒可能带正电B．带电微粒在运动过程中，加速度先减小后反向增大C．带电微粒在运动过程中，电势能先减小后增大D．带电微粒不能从b点返回到a点4．如图甲所示，线圈ABCD固定于匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向外，当磁场变化时，线圈AB边受安培力向右且变化规律如图乙所示，则磁场的变化情况可能是（）A． B． C． D．5．2014年12月14日，北京飞行控制中心传来好消息，嫦娥三号探测器平稳落月．已知嫦娥三号探测器在地球表面受的重力为G1，绕月球表面飞行时受到月球的引力为G2，地球的半径为R1，月球的半径为R2，地球表面处的重力加速为g．则（）A．探测器沿月球表面轨道上做匀速圆周运动的周期为2πB．月球与地球的质量之比为C．月球表面处的重力加速度为gD．月球与地球的第一宇宙速度之比为6．如图所示，a、b端输入恒定的交流电压．理想变压器原、副线圈分别接有额定电压均为12V、额定功率均为2W的灯泡A、B、C．闭合开关，灯泡均正常发光．则下列说法正确的是（）A．原副线圈的匝数比为1：2B．电压表V的示数为24VC．变压器的输入功率为4WD．副线圈上再并联一个相同的灯泡D，灯泡A会烧坏7．如图所示，倾角为30°的斜面体静止在水平地面上，轻绳一端连着斜面上的物体A（轻绳与斜面平行），另一端通过两个滑轮相连于天花板上的P点．动滑轮上悬挂质量为m的物块B，开始悬挂动滑轮的两绳均竖直．现将P点缓慢向右移动，直到动滑轮两边轻绳的夹角为90°时，物体A刚好要滑动．假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物体A与斜面间的动摩擦因数为．整个过程斜面体始终静止，不计滑轮的质量及轻绳与滑轮的摩擦．下列说法正确的是（）A．物体A的质量为mB．物体A受到的摩擦力一直增大C．地面对斜面体的摩擦力水平向左并逐渐减小D．斜面体对地面的压力逐渐减小8．蹦床类似于竖直放置的轻弹簧（共弹力满足F=kx，弹性势能满足EP=kx2，x为床面下沉的距离，k为常量）．质量为m的运动员静止站在蹦床上时，床面下沉；蹦床比赛中，运动员经过多次蹦跳，逐渐增加上升高度，测得某次运动员离开床面在空中的最长时间为△t．运动员可视为质点，空气阻力忽略不计，重力加速度为g．则可求（）A．常量k=B．运动员上升的最大高度h=g（△t）2C．床面压缩的最大深度x=x0+D．整个比赛过程中运动员增加的机械能△E=mg2（△t）2二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都必须做．第13-16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学用图甲的实验装置探究小车的加速度a与小车的质量M之间的关系．打点计时器使用交变电流的频率为50Hz．（1）实验中必须进行的操作有．A．平衡摩擦力时，不能挂钩码B．改变小车的质量后，需要重新平衡摩擦力C．小车要在靠近打点计时器的位置释放D．为了使小车加速度大一些，应该尽量挂质量大的钩码（2）实验中得到的纸带如图乙所示，每两个计数点间还有四个计时点未画出．则小车的加速度大小为m/s2．（3）该同学根据实验测得的数据，描绘出a﹣M图象如图丙，于是根据图象得出结论：a与M成反比．该同学的做法是否合理？（填“合理”或“不合理”）．10．利用如图1所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻，要求尽量减小实验误差．供选择的器材有：A．电流表A（0～0.6A）B．电压表V1（0～3V）C．电压表V2（0～15V）D．滑动变阻器R1（0～20Ω）E．滑动变阻器R2（0～200Ω）G．定值电阻R0=1ΩH．开关一个，导线若干（1）实验中电压表应选用，滑动变阻器应选用（选填相应器材前的字母）．（2）闭合开关，电压表和电流表均有示数，但是无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读数变化都非常小．同学们讨论后，在原电路的基础上又加了一个定值电阻，问题得到解决．请你在虚线框内画出改进后的电路图．（3）某位同学记录了6组数据，对应的点已经标在坐标纸上．在坐标纸上画出U﹣I图线，并根据所画图线可得出干电池的电动势E=V，内电阻r=Ω．（结果保留两位有效数字）11．如图所示，三角形传送带以v=5m/s的速度逆时针匀速转动，传送带两边倾斜部分的长度都是L=6m，且与水平方向的夹角均为37°．现有两个质量均为m=1kg的小物体A、B从传送带顶端都以v0=1m/s的初速度同时沿传送带下滑，物体与传送带间的动摩擦因数都是μ=0.75．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）A、B两物体到达传送带底端的时间差（结果可用分数表示）；（2）整个下滑过程中因摩擦产生的总热量．12．如图所示，将某正粒子放射源置于原点O，其向各方向射出的粒子速度大小均为v0、质量均为m、电荷量均为q．在0≤y≤d的一、二象限范围内分布着一个匀强电场，方向与y轴正向相同，在d＜y≤2d的一、二象限范围内分布着一个匀强磁场，方向垂直于xoy平面向里．粒子离开电场上边缘y=d时，能够到达的最右侧的位置为（1.5d，d）．最终恰没有粒子从y=2d的边界离开磁场．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计粒子重力以及粒子间的相互作用，求：（1）电场强度E；（2）磁感应强度B；（3）粒子在磁场中运动的最长时间．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则按所做的第一题计分．[物理--选修3-3]13．下列说法正确的是（）A．物体的温度降低，个别分子的动能可能会增大B．液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的C．食盐熔化的过程中温度不变，说明食盐是晶体D．系统对外做功，内能一定减少E．热运动的宏观过程会有一定的方向性14．如图1所示，汽缸开口向右、固定在水平桌面上，气缺内用活塞（横截面积为S）封闭了一定质量的理想气体，活塞与气缸壁之间的摩擦忽略不计．轻绳跨过光滑定滑轮将活塞和地面上的重物（质量为m）连接．开始时汽缸内外压强相同，均为大气压p0（mg＜p0S），轻绳处在伸直状态，汽缸内气体的温度为T0，体积为V．现使汽缸内气体的温度缓慢降低，最终使得气体体积减半，求：①重物刚离地面时气缸内气体的温度T1；②气体体积减半时的温度T2；③在答题卡上画出如图2所示的坐标系，并在其中画出气体状态变化的整个过程，标注相关点的坐标值．[物理--选修3-4]15．如图所示，有一束平行于等边三棱镜截面ABC的单色光从空气射向E点，并偏折到F点，已知入射方向与边AB的夹角为θ=30°，E、F分别为边AB、BC的中点，则（）A．该棱镜的折射率为B．光在F点发生全反射C．光从空气进入棱镜，波长变大D．从F点出射的光束与入射到E点的光束平行16．一列简谐波沿x轴正方向传播，t=0时波形如图甲所示，已知在0.6s末，A点恰第四次（图中为第一次）出现波峰，求：（1）该简谐波的波长、波速分别为多少？（2）经过多少时间x=5m处的质点P第一次出现波峰？（3）如果以该机械波传到质点P开始计时，请在图乙中画出P点的振动图象，并标明必要横、纵坐标值，至少画出一个周期的图象．[物理--选修3-5]17．下列说法正确的是（）A．极限频率越大的金属材料逸出功越大B．β射线是从原子核内部射出的高速电子流C．光电子的最大初动能与入射光的频率成正比D．通过化学反应不能改变物质的放射性E．在光的双缝干涉实验中，光通过双缝时显出波动性，通过单缝时显出粒子性18．如图所示，质量分别为1kg、3kg的滑块A、B位于光滑水平面上，现使滑块A以4m/s的速度向右运动，与左侧连有轻弹簧的滑块B发生碰撞．在二者在发生碰撞的过程中，求：（1）弹簧的最大弹性势能；（2）滑块B的最大速度．

2016年山东省日照市高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．1．1820年4月的一天，丹麦科学家奥斯特在上课时，无意中让通电导线靠近小磁针，突然发现小磁针偏转．这个现象并没有引起在场其他人的注意，而奥斯特却是个有心人，他非常兴奋，紧紧抓住这个现象，接连三个月深入地研究，反复做了几十次实验．关于奥斯特的实验，如图所示，下列操作中一定能够观察到小磁针偏转的是（）A．通电导线AB东西放置，小磁针放在导线正下方，闭合开关B．通电导线AB南北放置，小磁针放在导线正下方，闭合开关C．通电导线AB东西放置，小磁针放在导线正下方，改变电流方向D．通电导线AB南北放置，小磁针在AB延长线的B端外侧，改变电流大小【考点】电磁感应现象的发现过程．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】解答本题的关键是了解发现电流磁效应的现象，同时明确通电直导线周围的磁场分别情况，并要求搞清地磁场的分布对小磁针的影响．【解答】解：奥斯特发现电流周围存在磁场，对小磁针有磁场力作用，但地磁场也对小磁针有磁场力作用（指向南北），所以为了回避因地磁场的作用，因此将导线须南北放置，若偏转说明是通电导线的磁场引起的，且放置在导线的下方或上方，不能在导线的延长线上，故ACD错误，B正确．故选：B．【点评】本题考查了电流磁效应的发现已经直导线周围磁场的分部情况，并强调地磁场的作用，同时本题比较简单，对于类似简单问题不能忽视，要不断加强练习．2．图甲为水平放置的两根平行光滑导轨，处在垂直轨道平面向里的匀强磁场中．均匀金属棒AB垂直于导轨水平静止放置．从t=0时刻开始在AB棒上通有图乙所示的交变电流，规定甲图所示的电流方向为正方向．下列说法正确的是（）A．金属棒将在某一范围内往复运动B．t1时刻导体棒的速度最大C．t2时刻导体棒的加速度最大D．安培力时而做正功，时而做负功【考点】安培力；牛顿第二定律．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】根据F=BIL分析安培力随电流的变化关系，由牛顿第二定律分析导体棒的加速度的变化，结合运动的对称性分析导体棒运动的规律即可．【解答】解：根据左手定则可知，当电流的方向向下时，棒受到的安培力的方向向右；同理，当电流的方向向上上，则棒受到的安培力的方向向左．A、由于电流随时间按照正弦规律变化，而安培力：F=BIL与电流成正比，所以导体棒受到的安培力也随时间按照正弦规律变化，在前半个周期内（0﹣t2时间内）棒受到的安培力的方向向右，所以棒向右做加速运动；在后半个周期内棒受到的安培力的方向向左，将向右做减速运动，由于加速阶段的加速度和减速阶段的加速度具有对称性，所以由运动的对称性可知，当t=t4时刻棒的速度恰好为0；而后，在以后的歌周期内棒将不断重复第一个周期内的运动．所以棒将一直向右运动．故A错误；B、导体棒在前半个周期内（0﹣t2时间内）棒受到的安培力的方向向右，所以棒向右做加速运动，后半个周期内棒受到的安培力的方向向左，将向右做减速运动，所以t2时刻导体棒的速度最大．故B错误；C、由于安培力：F=BIL与电流成正比，所以导体棒受到的安培力也随时间按照正弦规律变化，在t1时刻导体棒受到的安培力最大，所以加速度最大．故C错误；D、导体棒一直向右运动，前半个周期内（0﹣t2时间内）棒受到的安培力的方向向右，安培力做正功；后半个周期内棒受到的安培力的方向向左，安培力做负功．故D正确．故选：D【点评】该题结合安培力随电流变化的规律，考查牛顿第二定律的瞬时性的理解与应用能力，解答该题，关键要从运动的对称性来考虑，明确在t=t4时刻导体棒的速度为0．3．如图所示，电场线方向竖直向下，在a点由静止释放一个质量为m、电荷量为q的带电微粒，带电微粒沿电场线运动到b点时速度恰好为零．下列说法正确的是（）A．该微粒可能带正电B．带电微粒在运动过程中，加速度先减小后反向增大C．带电微粒在运动过程中，电势能先减小后增大D．带电微粒不能从b点返回到a点【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】比较思想；模型法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据质点的运动情况：先加速运动后减速运动，正确判断其受力情况：电场力逐渐增大，弄清在a、b两点电场力和重力大小关系．由牛顿第二定律分析加速度的变化情况．【解答】解：A、在a点由静止释放微粒，到达b点时速度恰好为零，可知微粒所受的电场力与重力方向相反，即与电场线方向相反，故粒子带负电，故A错误；B、微粒从a到b先加速后减速，故电场力开始时小于重力，后来电场力大于重力，电场力逐渐增大，由牛顿第二定律知，加速度先减小反向增大．故B正确．C、微粒所受的电场力一直做负功，所以电势能一直增大，故C错误．D、在b点，电场力大于重力，则由过程的可逆性知，微粒可返回a点，故D错误．故选：B【点评】解决带电粒子在复合场中的运动，要正确进行受力分析，确定其运动状态，然后依据牛顿运动定律、功能关系研究．4．如图甲所示，线圈ABCD固定于匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向外，当磁场变化时，线圈AB边受安培力向右且变化规律如图乙所示，则磁场的变化情况可能是（）A． B． C． D．【考点】法拉第电磁感应定律；安培力；楞次定律．【分析】根据左手定则，结合安培力与磁场方向，可知，感应电流的方向，再由右手定则可知，磁场是如何变化的，最后由法拉第电磁感应定律，结合闭合电路欧姆定律，确定安培力的综合表达式，从而即可求解．【解答】解：由题意可知，安培力的方向向右，根据左手定则，可知：感应电流的方向由B到A，再由右手定则可知，当垂直向外的磁场在增加时，会产生由B到A的感应电流，由法拉第电磁感应定律，结合闭合电路欧姆定律，则安培力的表达式F=，因安培力的大小不变，则B是定值，若磁场B增大，则减小，若磁场B减小，则增大，故D正确，ABC错误；故选：D．【点评】考查法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律，及安培力表达式的应用，注意判定磁场变化率大小是解题的关键．5．2014年12月14日，北京飞行控制中心传来好消息，嫦娥三号探测器平稳落月．已知嫦娥三号探测器在地球表面受的重力为G1，绕月球表面飞行时受到月球的引力为G2，地球的半径为R1，月球的半径为R2，地球表面处的重力加速为g．则（）A．探测器沿月球表面轨道上做匀速圆周运动的周期为2πB．月球与地球的质量之比为C．月球表面处的重力加速度为gD．月球与地球的第一宇宙速度之比为【考点】万有引力定律及其应用．【专题】定性思想；推理法；万有引力定律的应用专题．【分析】结合嫦娥三号在地球上的重力得出质量的大小，结合万有引力提供向心力，求出探测器绕月球表面做匀速圆周运动的周期．根据万有引力等于重力求出地球质量的表达式，根据月球对飞船的引力求出月球的质量，从而得出月球与地球质量的比值．根据嫦娥三号在月球表面飞行时受到的引力得出月球表面的重力加速度．根据万有引力提供向心力求出第一宇宙速度的表达式，结合质量之比和半径之比求出第一宇宙速度之比．【解答】解：A、嫦娥三号的质量m=，根据得，T=2π，故A正确．B、根据万有引力等于重力得，，解得地球质量，月球对飞船的引力，解得月球的质量，则月球与地球质量之比为，故B错误．C、嫦娥三号绕月球表面飞行时受到月球的引力为G2，有G2=mg′，解得月球表面的重力加速度g′=，故C错误．D、根据得，第一宇宙速度v=，则月球与地球的第一宇宙速度之比为，故D错误．故选：A．【点评】本题是卫星类型的问题，关键是构建物理模型，掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力，再运用数学变换进行分析处理．6．如图所示，a、b端输入恒定的交流电压．理想变压器原、副线圈分别接有额定电压均为12V、额定功率均为2W的灯泡A、B、C．闭合开关，灯泡均正常发光．则下列说法正确的是（）A．原副线圈的匝数比为1：2B．电压表V的示数为24VC．变压器的输入功率为4WD．副线圈上再并联一个相同的灯泡D，灯泡A会烧坏【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】定性思想；推理法；交流电专题．【分析】由三只灯泡均正常发光，则可求得原副线圈的电流，求得匝数之比，由匝数比求电压关系，由功率公式可求得功率．【解答】解：A、副线圈中每个灯泡电流：，则原线圈的电流为I1=A，副线圈电流，则匝数比为2：1，故A错误；B、副线圈电压为U2=12V，则原线圈电源U1=24V，则电压表示数为U=24+8=32V，故B错误；C、副线圈功率P1=2PL=4W，则变压器的输入功率为4W，故C正确；D、副线圈上再并联一个相同的灯泡D，则副线圈电流增大，则原线圈电流也增大，超过额定电流，A灯泡烧坏，故D正确．故选：CD【点评】本题解题的突破口在原副线圈的电流关系，特别注意电源总电压与加在副线圈两端电压的关系，难度适中．7．如图所示，倾角为30°的斜面体静止在水平地面上，轻绳一端连着斜面上的物体A（轻绳与斜面平行），另一端通过两个滑轮相连于天花板上的P点．动滑轮上悬挂质量为m的物块B，开始悬挂动滑轮的两绳均竖直．现将P点缓慢向右移动，直到动滑轮两边轻绳的夹角为90°时，物体A刚好要滑动．假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物体A与斜面间的动摩擦因数为．整个过程斜面体始终静止，不计滑轮的质量及轻绳与滑轮的摩擦．下列说法正确的是（）A．物体A的质量为mB．物体A受到的摩擦力一直增大C．地面对斜面体的摩擦力水平向左并逐渐减小D．斜面体对地面的压力逐渐减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；整体法和隔离法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】动滑轮处于静止状态，受力平衡，根据平衡条件求出绳子拉力，再对A受力分析求出A的质量，对A受力分析，判断A受到的静摩擦力的方向，再根据绳子拉力的变化分析摩擦力的变化，对斜面和A整体研究，根据平衡条件判断地面对斜面体的摩擦力以及斜面体对地面的压力的变化情况．【解答】解：A、动滑轮处于静止状态，受力平衡，根据平衡条件解得绳子拉力T=，物体A刚好要滑动，受力平衡，根据平衡条件得：T=mAgsin30°+μmAgcos30°解得：mA=，故A正确；B、开始悬挂动滑轮的两绳均竖直，则绳子拉力，则开始A受到的静摩擦方向向下，当P向右移动时，绳子的拉力一直增大，根据平衡条件可知，A受到的静摩擦力也一直增大，故B正确；C、设悬挂动滑轮左边一根绳子与水平方向的夹角为θ，对斜面和A整体研究，由平衡条件得：水平方向有：f=Tcosθ，P向右移动过程中，T增大，θ减小，则f增大，故C错误；D、悬挂动滑轮的绳子竖直方向的分量，所以斜面体对地面的压力等于斜面和A的重力与之和，不变，故D错误．故选：AB【点评】本题主要考查了共点力平衡条件的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况，注意整体法和隔离法在解题时的应用，难度适中．8．蹦床类似于竖直放置的轻弹簧（共弹力满足F=kx，弹性势能满足EP=kx2，x为床面下沉的距离，k为常量）．质量为m的运动员静止站在蹦床上时，床面下沉；蹦床比赛中，运动员经过多次蹦跳，逐渐增加上升高度，测得某次运动员离开床面在空中的最长时间为△t．运动员可视为质点，空气阻力忽略不计，重力加速度为g．则可求（）A．常量k=B．运动员上升的最大高度h=g（△t）2C．床面压缩的最大深度x=x0+D．整个比赛过程中运动员增加的机械能△E=mg2（△t）2【考点】功能关系；弹性势能．【专题】定性思想；方程法；功能关系能量守恒定律．【分析】由胡克定律可求得常量k；根据匀变速直线运动的规律可求得上升的高度，则可判断是否符合要求；根据功能关系可求得床面压缩的最大深度和整个比赛过程中运动员增加的机械能．【解答】解：A、根据运动员静止站在蹦床上时，床面下沉x0；则：mg=kx0解得k=；故A正确；B、根据匀变速直线运动公式，上升下落时间相等，即上升时间为，上升的最大高度：h=．故B错误；C、运动员从最高点到最低点的过程中重力势能转化为蹦床的弹性势能，即：所以：x=．故C正确；D、整个比赛过程中运动员增加的机械能等于运动员从x0处到最高点的重力势能与减小的弹性势能的差，即：△E=mg（x0+h）﹣=mgx0+mg2（△t）2﹣••=mgx0+mg2（△t）2．故D错误．故选：AC【点评】本题考查物理规律在生活中的应用，要注意正确分析物理过程及做好受力分析，然后才能根据题意选择合适的物理规律．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都必须做．第13-16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学用图甲的实验装置探究小车的加速度a与小车的质量M之间的关系．打点计时器使用交变电流的频率为50Hz．（1）实验中必须进行的操作有AC．A．平衡摩擦力时，不能挂钩码B．改变小车的质量后，需要重新平衡摩擦力C．小车要在靠近打点计时器的位置释放D．为了使小车加速度大一些，应该尽量挂质量大的钩码（2）实验中得到的纸带如图乙所示，每两个计数点间还有四个计时点未画出．则小车的加速度大小为0.50m/s2．（3）该同学根据实验测得的数据，描绘出a﹣M图象如图丙，于是根据图象得出结论：a与M成反比．该同学的做法是否合理？不合理（填“合理”或“不合理”）．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】（1）平衡摩擦力是让小车所受的滑动摩擦力等于小车所受重力沿斜面的分量，即mgsinθ=μmgcosθ，平衡摩擦力时，不能将重物用细线通过定滑轮系在小车上且只需要平衡一次；（2）根据△x=aT2求解加速度；（3）图象为曲线不能说明两个物理量成反比．【解答】解：A、平衡摩擦力时研究对象是小车，是让小车所受的滑动摩擦力等于小车所受重力沿斜面的分量，故平衡摩擦力时，不能将重物用细线通过定滑轮系在小车上，故A正确．B、每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面向下的分量等于小车所受的滑动摩擦力，即mgsinθ=μmgcosθ，故不需要重新平衡摩擦力，故B正确．C、小车要在靠近打点计时器的位置释放，有利于纸带的利用，故C正确．D、钩码的质量不能太大，否则不满足钩码质量远远小于小车质量，故D错误．故选：AC（2）根据△x=aT2得：a=（3）在探究加速度a与质量m的关系时，作出a﹣m图象是一条曲线，应该做a﹣图象，如果是通过坐标原点的直线，证明a与m成反比，所以该同学的做法不合理．故答案为：（1）AC；（2）0.50；（3）不合理【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和M＞＞m的操作和要求的含义．10．利用如图1所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻，要求尽量减小实验误差．供选择的器材有：A．电流表A（0～0.6A）B．电压表V1（0～3V）C．电压表V2（0～15V）D．滑动变阻器R1（0～20Ω）E．滑动变阻器R2（0～200Ω）G．定值电阻R0=1ΩH．开关一个，导线若干（1）实验中电压表应选用B，滑动变阻器应选用D（选填相应器材前的字母）．（2）闭合开关，电压表和电流表均有示数，但是无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读数变化都非常小．同学们讨论后，在原电路的基础上又加了一个定值电阻，问题得到解决．请你在虚线框内画出改进后的电路图．（3）某位同学记录了6组数据，对应的点已经标在坐标纸上．在坐标纸上画出U﹣I图线，并根据所画图线可得出干电池的电动势E=1.5V，内电阻r=1.1Ω．（结果保留两位有效数字）【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】（1）根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器；（2）明确实验原理，根据实验中所出现的问题即可明确对应的解决方案；（3）根据电源的U﹣I图象求出电源电动势与内阻；【解答】解：（1）一节干电池电动势约为1.5V，则电压表应选B；因内阻较小，故为方便实验操作，滑动变阻器应选D；（2）无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读数变化都非常小，则说明内阻较小，故为了增大等效内阻，只需将一定值电阻与电源串联即可；故原理图如图所示；（3）根据闭合电路欧姆定律可知：U=E﹣Ir，则由图象可知，电动势E=1.5V，则阻r==1.1Ω；故答案为：（1）B；D；（2）如图所示；（3）1.5；1.1．【点评】本题考查测量电源的电动势和内电阻的实验，要注意掌握图象法的正确应用，明确等效电源内阻的实验方法；能根据数学规律求解电源的电动势和内电阻．11．如图所示，三角形传送带以v=5m/s的速度逆时针匀速转动，传送带两边倾斜部分的长度都是L=6m，且与水平方向的夹角均为37°．现有两个质量均为m=1kg的小物体A、B从传送带顶端都以v0=1m/s的初速度同时沿传送带下滑，物体与传送带间的动摩擦因数都是μ=0.75．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）A、B两物体到达传送带底端的时间差（结果可用分数表示）；（2）整个下滑过程中因摩擦产生的总热量．【考点】功能关系；牛顿第二定律．【专题】定量思想；方程法；功能关系能量守恒定律．【分析】（1）分析A重力沿斜面向下的分力与摩擦力的关系，判断A物体的运动规律，B所受的摩擦力沿斜面向上，向下做匀变速直线运动，结合运动学公式分析求解时间差．（2）由运动学的公式求出二者相对于传送带的位移，然后由Q=fs相对即可求出．【解答】解：（1）受力分析如图所示对A，受到沿着传送带向下的摩擦力设经过时间t1，A与传送带达到共同速度，由运动学公式，得v=v0+at1得：此时A下滑的位移以后物体与传送带一起匀速下滑到最低端L﹣x=vt2得：t2=1sA下滑的时间为：对B受力分析可知，B一直做匀速直线运动，A、B两物体到达传送带底端的时间差（2）A在与传送带相对滑动的过程中，与传送带的相对路程为B一直匀速运动，但是与传送带的运动方向相反，故与传送带的相对路程为△x2=vtB+v0tB=36m因为滑动摩擦力产生热量Q=μmgcos37°（△x1+△x2）=220J答：（1）A、B两物体到达传送带底端的时间差是s；（2）整个下滑过程中因摩擦产生的总热量是220J．【点评】解决本题的关键能正确对其受力分析，判断A、B在传送带上的运动规律，结合运动学公式分析求解；特别分析相对位移时，找出物理量间的关系是解据相对位移的关键．12．如图所示，将某正粒子放射源置于原点O，其向各方向射出的粒子速度大小均为v0、质量均为m、电荷量均为q．在0≤y≤d的一、二象限范围内分布着一个匀强电场，方向与y轴正向相同，在d＜y≤2d的一、二象限范围内分布着一个匀强磁场，方向垂直于xoy平面向里．粒子离开电场上边缘y=d时，能够到达的最右侧的位置为（1.5d，d）．最终恰没有粒子从y=2d的边界离开磁场．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计粒子重力以及粒子间的相互作用，求：（1）电场强度E；（2）磁感应强度B；（3）粒子在磁场中运动的最长时间．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题；定性思想；推理法；带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】（1）沿x轴正方向发射的粒子做类平抛运动，根据平抛运动基本公式列式求解E；（2）粒子沿x轴正方向射出的粒子进入磁场偏转的角度最大，若该粒子进入磁场不能打在ab板上，则所有粒子均不能打在ab板上．根据带电粒子在电场中类平抛运动，求出进入磁场中的偏转角度，结合几何关系得出轨道半径，从而得出磁感应强度的大小；（3）粒子运动的最长时间对应最大的圆心角，经过（1.5d，d）恰与上边界相切的粒子轨迹对应的圆心角最大，根据几何关系结合周期公式求解．【解答】解：（1）沿x轴正方向发射的粒子有：x=1.5d，y=d，由类平抛运动基本规律得：x=v0t，，而，联立可得：（2）沿x轴正方向发射的粒子射入磁场时有：1.5d=v0t，，联立可得：，，方向与水平成53°，斜向右上方，据题意知该粒子轨迹恰与上边缘相切，则其余粒子均达不到y=2d边界，由几何关系可知：，根据牛顿第二定律得：解得：联立可得：（3）粒子运动的最长时间对应最大的圆心角，经过（1.5d，d）恰与上边界相切的粒子轨迹对应的圆心角最大，由几何关系可知圆心角为：θ=254°，粒子运动周期为：，则时间为：．答：（1）电场强度E为；（2）磁感应强度B为；（3）粒子在磁场中运动的最长时间为．【点评】本题考查了带电粒子在电场和磁场中的运动，关键确定粒子运动的临界情况，通过几何关系解决，对学生数学几何能力要求较高．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则按所做的第一题计分．[物理--选修3-3]13．下列说法正确的是（）A．物体的温度降低，个别分子的动能可能会增大B．液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的C．食盐熔化的过程中温度不变，说明食盐是晶体D．系统对外做功，内能一定减少E．热运动的宏观过程会有一定的方向性【考点】热力学第二定律；扩散；*晶体和非晶体．【专题】定性思想；推理法；内能及其变化专题．【分析】温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律；扩散现象是不同物质相互接触，彼此进入对方的现象，说明分子的无规则运动；区分晶体与非晶体是根据是否由固定的熔沸点；做功和热传递都可以改变物体的内能；热力学过程都有一定的方向性．【解答】解：A、温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，物体的温度降低，个别分子的动能可能会增大．故A正确；B、液体中的扩散现象是由于分子的无规则运动，故B错误；C、食盐熔化的过程中温度不变，说明食盐由固定的熔点，是晶体，故C正确；D、做功和热传递都可以改变物体的内能，系统对外做功，内能不一定减少，故D错误；E、根据热力学第二定律可知，热运动的宏观过程都有一定的方向性．故E正确．故选：ACE．【点评】该题考查3﹣3的多个知识点的内容，明确扩散现象、温度的微观意义、和正确理解热力学第二定律的含义是解题的关键，属于基础题．14．如图1所示，汽缸开口向右、固定在水平桌面上，气缺内用活塞（横截面积为S）封闭了一定质量的理想气体，活塞与气缸壁之间的摩擦忽略不计．轻绳跨过光滑定滑轮将活塞和地面上的重物（质量为m）连接．开始时汽缸内外压强相同，均为大气压p0（mg＜p0S），轻绳处在伸直状态，汽缸内气体的温度为T0，体积为V．现使汽缸内气体的温度缓慢降低，最终使得气体体积减半，求：①重物刚离地面时气缸内气体的温度T1；②气体体积减半时的温度T2；③在答题卡上画出如图2所示的坐标系，并在其中画出气体状态变化的整个过程，标注相关点的坐标值．【考点】理想气体的状态方程．【专题】计算题；定量思想；推理法；理想气体状态方程专题．【分析】①物体刚离地时，缸内气压强为，此时刚内气体为等容变化②从重物离地到气体体积减半，封闭气体做等压变化③有计算值，画出图象即可【解答】解：①对于封闭气体，P1=P0，，重物刚离地过程等容过程：整理得：②从重物离地到气体体积减半，封闭气体做等压变化：整理得：③图线如下：答：①重物刚离地时气缸内的温度为T0②气体体积减半时的温度为T0③图象为【点评】本题关键是得到封闭气体初末状态的各个状态参量，然后根据理想气体状态方程列式求解即可．[物理--选修3-4]15．如图所示，有一束平行于等边三棱镜截面ABC的单色光从空气射向E点，并偏折到F点，已知入射方向与边AB的夹角为θ=30°，E、F分别为边AB、BC的中点，则（）A．该棱镜的折射率为B．光在F点发生全反射C．光从空气进入棱镜，波长变大D．从F点出射的光束与入射到E点的光束平行【考点】光的折射定律；全反射．【专题】光的折射专题．【分析】由几何知识分别得到入射角和折射角，求出折射率．根据光路可逆性原理，知光在F点不可能发生全反射．光从空气进入棱镜，频率不变，波速变小，波长变小．从F点出射的光束与BC的夹角为θ．【解答】解：A、由几何知识得：光线在AB面上入射角为i=60°，折射角为r=30°，则折射率为n==．故A正确．B、D光线在F点的入射角与AB面上的折射角相等，根据光路可逆性原理，得知光在F点不可能发生全反射，而且从F点出射的光束与BC的夹角为θ，所以从F点出射的光束与入射到E点的光束不平行．故BD错误．C、光从空气进入棱镜，频率不变，波速变小，由公式v=λf得知，波长变小．故C错误．故选A【点评】本题是折射定律的应用问题，根据几何知识与折射定律结合进行处理．光从一种介质进入另一种介质时频率不变．16．一列简谐波沿x轴正方向传播，t=0时波形如图甲所示，已知在0.6s末，A点恰第四次（图中为第一次）出现波峰，求：（1）该简谐波的波长、波速分别为多少？（2）经过多少时间x=5m处的质点P第一次出现波峰？（3）如果以该机械波传到质点P开始计时，请在图乙中画出P点的振动图象，并标明必要横、纵坐标值，至少画出一个周期的图象．【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】（1）由图读出波长．根据题意：在0.6s末，A点恰第四次出现在波峰，说明经过了三个周期时间，可求出周期．再求解波速．（2）当图示时刻A点的振动传到x=5m处的质点P时，质点P第一次出现波峰．波在同一均匀介质中是匀速传播的，根据t=求要求的时间．（3）机械波传到质点P时，P点向下振动，根据周期、振幅和P起振状态画出振动图象．【解答】解：（1）由图读出波长λ=