2020年天津市滨海新区中考物理一模试卷

第第页，共17页中考物理一模试卷题号一二三四五总分得分一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）TOC\o"1-5"\h\z.控制噪声是城市环境保护的主要措施之一，下列不能减弱噪声的措施是（）A.市区禁止机动车鸣笛B.减小二氧化碳气体的排放C.大街小巷两旁种草植树D.摩托车的排气管上装有消声器.北方的冬天，可以看到户外的人不断呼出“白气”，这些“白气”是由于呼出的水蒸气遇冷时（）A.液化形成的B.凝华形成的C.凝固形成的D.升华形成的.下列光现象中是由光的反射形成的是（）A.雨后的彩虹B.水中的倒影C.海市蜃楼D.透过树丛的光束.一本物理书放在水平课桌上处于静止状态，下列各对力中，属于平衡力的是（）A.书受到的重力和桌面对书的支持力B.书受到的重力和书对桌面的压力C.课桌受到的重力和桌面对书的支持力D.书对桌面的压力和桌面对书的支持力.人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行，如图所示。当卫星从近地点向远地点运动时，它的（）近地点远地方A.速度增大B.势能减小C.势能增大D.机械能增大.在一列沿直线匀速行驶的列车内，某同学相对于列车竖直向上跳起，他会落在起跳点的（）A.原点B.后面C.前面D.侧面.如图所示，家庭电路元件的连接完全正确的是（）

A.B.A.B.D.c.D.TOC\o"1-5"\h\z.图中的通电螺线管极性标注，正确的是（）B.A.B.C.D.C..初二物理兴趣小组的同学学习了功率知识后，进行了“比一比谁上楼功率大”的比赛.其中某同学从一楼跑到三楼用了105,则他上楼过程中的功率大约是（）A.3WB.30WC.300WD.3000W.如图是甲、乙两导体的电流与电压的关系图象，由图象可知（）A.甲导体的阻值是5QB.乙导体的阻值是10QC.若将甲、乙两导体串联接在电路中，通过它们的电流之比/甲：/乙=1：2D.若禽甲、乙乙两导体串联接在电路中，它们两端的电压之比U甲：U乙二1：2二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）11.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将蜡烛放在凸透镜前某一位置时，恰好在凸透镜后20c机处的光屏上出现一个与该烛焰等大的像，下列判断正确的是（）A.该凸透镜的焦距是10c机B.该凸透镜的焦距是20c机C.当物距是15c机时，成放大的像，投影仪就是根据这一原理制成的D.当物体从距凸透镜20c机处远离透镜移动时，所成的像逐渐变小12.如图1,小灯泡L的额定电压为3K滑动变阻器&的规格为“10QL4”。闭合开关，滑片?置于距左端处时，电流表示数为0.64灯泡正常发光；滑片P移置于另一位置A点时（图中未画出），电压表的指针满偏，电压表表盘如图2所示。若灯丝电阻不受温度影响，则（）A.电源电压为4.5丫B.灯泡的额定功率为2.7WC.滑片P置于A点时，流过&的电流为0.5AD.为保障电路各元件安全，用接入电路的阻值范围为2.5Q〜10Q.如图所示，在水平桌面上放有底面积为1的圆柱体A和底面积为邑的薄壁圆柱形容器，容器内装有某种液体。先把质量为相、密度为P。、底面积为邑（邑，5］）的实心圆柱体5放在A上面时，A对桌面压强的变化量为△〃；再将5放入容器内，5浸没在液体中且沉在容器底（液体未溢出），液体对TOC\o"1-5"\h\z容器底压强的变化量也为△〃，下列表达式正确的是（）A,.做口，A.IJ.bp=c.容器内液体密度「=PoD.容器内液体密度「=Po三、填空题（本大题共6小题，共24.0分）.如图1中，木块的长度是cm；图2中，小车全程的平均速度是m/so.检查视力时，视力表放在被测者头部的后上方，被测者识别对面墙上镜子里视力表的（选填“虚”或“实”）像，如图所示。视力表在镜中的像与被测者相距mo.如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速下压，使筒内空气的内能（选填“增大”、“不变”或“减小”）温度升高，硝化棉燃烧。上述现象与用热水袋焙手改变物体内能的方式（选填“相同”或“不相同”）。.如图所示的钢丝钳是经常使用的工具，钳柄的橡胶上有凹凸花纹是为了增大手与钳柄之间的;使用钢丝钳剪铁丝时，它是杠杆（选填“省力”或“费力”）。

.图甲所示的元件是调节音量的电位器，它是通过机械式旋钮调节阻值大小的一种变阻器，图乙为它的内部结构示意图，使用时接线柱必须接入电路中(选填“万”、“°”或“4”),其它两个接线柱任意接一个即可调节音量。若滑动触头逆时针旋转，音量变大，还需将接线柱接入电路(选填或.小欣家的电冰箱功率是0.2kW.双休日全家外出的两整天里，只有电冰箱在自动间歇工作。这两天前后，电能表示数如图所示。则这两天时间内，电冰箱消耗的电能是kW-h.实际工作时间是o四、计算题(本大题共2小题，共12.0分).有一额定功率为2000W的电热水器，内装20口的水，通过后持续正常加热25min,水的温度从20℃升高到50C.已知c水=4.2x1031(依・℃),求：(1)水吸收的热量；水(2)电热水器的热效率。.小明同学自制了一个如图所示的气压计，瓶内密闭了一定质量的气体。在A地时,玻璃管内外的液面高度差为4，瓶内气体体积为匕，此时外界的大气压强为方；在5地时，他发现玻璃管内外的液面高度差增大为乙，瓶内气体体积变为匕.已知气压计内液体的密度为P。，在A、5两地瓶内气体温度保持不变，完成下列问答:对于宓闱天体来说，当它的法戊不发生变化时，它的压强与体枳的余屈是一个定值,即pH=J(1)请判定4、5两地哪处的大气压强大?(2)求出5地的大气压强。五、实验探究题（本大题共4小题，共25.0分）.下面是小明同学“测量不规则小石块密度”的实验报告，请你将空缺处补充完整。实验：测量不规则小石块密度实验目的：用天平和量筒测量小石块的密度实验器材：天平（砝码）、量简、水、细线实验原理：。主要实验步骤（1）将天平放在水平桌面上，游码置于标尺的零刻度处，小明发现托盘天平的指针如图甲所示，此时他应该将平衡螺母向（填“左”或“右”）调节，使天平横梁平衡。（2）用调节好的天平测量石块质量时，通过加减砝码后，天平的指针仍如图甲所示，此时小明应，使天平横梁平衡，测出小石块的质量，示数如图乙所示；（3）向量筒中倒入适量的水，水面所到达的刻度如图丙所示；（4）将小石块完全浸没在量筒的水中，水面所到达的刻度如图丁所示。实验数据记录及数据处理：在虚线框内设计一个记录上述实验数据的表格，并将数据及所得的结果填入表中。实验评估：另一小组的实验方法是先用水和量筒测出石块体积，再取出石块放在天平上，测石块质量，这种实验方法测出的石块密度值比真实值（选填“偏大”或“偏小”）。.小明同学在探究“通过导体的电流与哪些因素有关”的实验时，提出了如下猜想：猜想一：通过导体的电流大小与导体两端的电压有关；猜想二：通过导体的电流大小与导体的电阻有关。为了验证上述猜想，老师提供了如图所示的器材外，还提供了8Q、10Q、20Q三个定值电阻。（1）小明设计了如图所示的电路，请你帮他完成电路的连接。（2）完成电路连接后，调节滑动变阻器滑片在不同位置，分别读出电流表与电压表的示数，记录在下表中。测量次数12345电压U/V0.60.91.21.51.8电流I/A0.150.230.300.380.45结合实验过程分析表中数据，得出的结论是：当电阻一定时，通过导体的电流与电压成（选填“正比”或“反比”）。该实验验证了猜想是正确的。（3）为了验证另一个猜想，需在实验序号5的基础上进一步实验，请你写出要进行的实验步骤。.如图所示，是某小组同学测定滑轮组机械效率的实验装置。实验中测量的部分数据记录在下表中。钩码重钩码上升的高度拉力细线自由端移动的距离机械效率G/Nh/mF/Ns/mn/%11.00.20.80.423.00.30.675%（1）请根据表中数据画出实验装置中滑轮组的绕线；（2）计算出表格中空缺处的物理量，要求写出计算过程。.现要测量阻值约为20Q的未知电阻Rx的阻值，提供的实验器材如下：一个电压约为12V的电源，待测电阻Rx，一个I阻值为30Q的定值电阻R0,开关及导线若干，另外，还有可供再选择的器材：儿电流表（量程：0〜0.6A）,B.电压表（量程:0〜3V）,C滑动变阻器R1（最大阻值约为10Q）,。.滑动变阻器R2（最大阻值约为50Q）,E.滑动变阻器R3（最大阻值约为100Q）为进行较准确的测量，请你从A、B、。、D、E五个实验器材中再选择两个器材，并根据要求解答下列问题。（1）选择的两个器材是（填写器材序号）；（2）画出实验电路图（实验测量过程中可以拆接电路）；（3）写出主要实验步骤和需测量的物理量；（4）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。答案和解析.【答案】B【解析】解：A、市内禁止机动车鸣笛，是在噪声的产生处减弱噪声，故A不符合题意。B、减小二氧化碳气体的排放可以减少大气污染，保护环境，对噪声没有影响，不能减弱噪声，故B符合题意；。、大街小巷两旁种草植树，是在噪声的传播过程中减弱噪声，故C不符合题意；D、在摩托车的排气管加消声器，可以在声源处减弱噪声，故D不符合题意。故选：B。解决此类题目要结合防治噪声的途径进行解答，知道防治噪声可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治，根据选项判断是否符合防治噪声的途径解答。此类问题是考查对防治噪声途径的理解情况，要结合实例进行分析解答，此类问题是中考的热点问题，要重点掌握。.【答案】A【解析】解：北方的冬天，户外的人不断呼出“白气”，“白气”是由呼出的水蒸气遇到冷液化形成的小水珠，故A正确。故选：A。要解答本题需掌握：物质由气态变为液态叫液化，比如：“白气”、雾、露等都是液化形成的。本题主要考查学生对：液化及其现象的了解和掌握，解题的关键是先搞清楚变化前后物体的状态，再确定物态变化名称。.【答案】B【解析】解：A、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的折射形成的，故A不符合题意；B、平静水面上景物的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B符合题意。。、海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生折射形成的，故C不符合题意。D、透过树丛的光束是直的，表明光在空气中沿直线传播，故D不符合题意。故选：B。（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。.【答案】A【解析】解：A、书受到的重力和桌面对书的支持力满足平衡力的四个条件，是平衡力，符合题意．B、书受到的重力和书对桌面的压力，这两个力作用在两个物体上，不是平衡力，不符合题意．。、课桌受到的重力和桌面对书的支持力，这两个力作用在两个物体上，不是平衡力，不符合题意．D、书对桌面的压力和桌面对书的支持力，这两个力作用在两个物体上，是相互作用力，不是平衡力，不符合题意．故选A.平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上．缺一不可．此类题考查二力平衡的四个条件．.【答案】C【解析】解：卫星在运动的过程中，机械能是守恒的；卫星从近地点向远地点运动时，高度增加，势能变大，速度减小，动能减小，动能逐渐转化为势能。故选：C。（1）卫星从近地点向远地点运动时，卫星和地球的相对距离逐渐增大，势能逐渐增大，卫星从近地点向远地点运动时，动能逐渐转化为势能，动能减小，势能增大。（2）动能大小的影响因素：质量、速度。由于卫星的质量不变，根据动能大小变化判断速度变化。掌握动能和势能大小的影响因素，根据能量的影响因素能判断动能和势能的大小变化。.【答案】A【解析】解：在一列沿直线匀速行驶的列车内，一位同学相对于列车竖直向上跳起，该同学跳起后由于惯性仍然保持与列车相同的运动速度和运动方向向前运动，所以最终会落回起跳点的原点。故选：A。要解决此题需要掌握惯性的概念：物体保持原来运动状态不变的性质。并且能运用惯性的知识解决有关问题。此题主要考查学生对惯性的理解和掌握。惯性现象在日常生活中十分常见，在学习中要注意细心观察，认真领会，用所学惯性知识解决相关的物理问题。.【答案】B【解析】解：A、灯泡的连接方法：火线首先接入开关，再入灯泡顶端的金属点，零线直接接入螺旋套。开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断了火线，安全的更换灯泡，则灯泡与开关的连接正确，但三孔插座的接法错误，应该是上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，故A错误；B、图中火线首先接入开关，再入灯泡顶端的金属点，零线直接接入螺旋套，三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，故B正确；C、图中灯泡与开关的连接方法正确，三孔插座的接法没有按照上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线连接，故C错误；D、图中灯泡与火线连接，开关与零线连接，则灯泡与开关的连接方法错误，三孔插座也没有按照上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线连接，故D错误；故选：B。（1）灯泡的正确连接方法：火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入螺旋套。（2）三孔插座的正确接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性。.【答案】C【解析】解：4、由图知，电流由螺线管的右端流入，且电流从第一匝线圈的外边流入，由安培定则可知，螺线管的左端为N极，故A错误；B,由图知，电流由螺线管的右端流入，且电流从第一匝线圈的里边流入，由安培定则可知，螺线管的右端为N极，故5错误；。、由图知，电流由螺线管的下端流入，且电流从第一匝线圈的里边流入，由安培定则可知，螺线管的上端为N极，故。正确；。、由图知，电流由螺线管的下端流入，且电流从第一匝线圈的外边流入，由安培定则可知，螺线管的下端为N极，故。错误；故选：Co在四个选项中，直接告诉了螺线管的绕向；通过电源的正负极，间接告诉了螺线管中电流的方向，利用安培定则即可确定螺线管的磁极标注是否正确。安培定则涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向；关于它的考查一般是告诉其中的两个，让确定第三个。此题中就是告诉了电流方向与线圈绕向让确定所标磁场方向是否正确。.【答案】C【解析】解：质量约为50依，一层楼高约为3办人从一楼到三楼上升了两层楼高为6帆.•••上楼的功率：尸兰====300W,故选C.上楼时要克服自身的重力做功，做功的大小等于重力和楼高的乘积.我们可以估测出人的质量，求出人的重力，再估测出楼高，利用公的计算公式W=G7i求出做的功.再利用功率计算公式求出功率.此题考查了功率的计算公式，以及质量和距离的估测.解估测题关键是在生活中要多观察、多思考，对生活中常见的一些物理量有所了解.1。.【答案】D【解析】解：(1)由图象可知，当丫时，/甲=0.24/乙由公可得，甲、乙两导体的电阻分别为：R===10Q,R===20Q,故45错误；甲乙(2)将甲和乙串联接在电路中时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过它们的电流相等，即/甲：1=1：1,故。错误；两导体两端的电压之比：====，故D正确。故选：D。(1)根据图象读出电阻甲、乙在2V电压下所对应的电流，根据欧姆定律求出甲、乙电阻的阻值；(2)将甲和乙串联接在电路中时通过它们的电流相等，根据欧姆定律求出它们两端的电压之比。本题考查串联电路特点和欧姆定律的应用，关键是从图象中能找到有用的信息。.【答案】ACD【解析】解：AB.距离凸透镜20cm的光屏上得到一个清晰的与物体等大的像，所以物距与像距相同,IPu=v=20cm=2f,则焦距上10c机，故A正确，5错误；。、当物距是15c机时，物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，故光屏上呈现倒立、放大的实像，故。正确；。、当物体从距凸透镜20c机处远离透镜移动时，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，所成的像逐渐变小，故。正确。故选：ACDO(1)物距等于二倍焦距时成倒立、等大实像，像距等于二倍焦距。可用来粗测焦距；(2)物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，成的是倒立放大的实像；(3)凸透镜成实像时，物近像远像变大。掌握凸透镜成像的规律，可对选项中的说法进行逐一判断，属基本规律的应用，难度不大。.【答案】4。【解析】解：由电路图知，闭合开关时，灯泡心与变阻器用串联，电压表测用两端电压，电流表测电路中电流。(1)滑片P置于距左端;处时，连入电路的阻值4=2.5Q,电流表示数为0.6A,灯泡正常发光，由公可得，滑动变阻器两端的电压：U=IR=0.6Ax2.5Cl=1.5V,因串联电路中总电压等于各分电压之和，且额定电压下灯泡正常发光，所以，电源的电压：。=4+。1=3丫+1.5V=4.5匕故A正确；灯泡的电阻：R===5Q,灯泡的额定功率：P广UJ=3VxO.6A=1.8W,故5错误；(2)滑片P移置于另一位置A点时，电压表的指针满偏，由图可知，电压表的示数U/=3V,此时灯泡两端的电压：U；=U-U；=4.5V-3V=1.5匕因串联电路中各处的电流相等，所以，流过片的电流：r===0.34,故。错误；此时滑动变阻器接入电路中的电阻：R：===10Q；(3)当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由(1)的解答可知接入电路中的最小阻值为2.5Q,当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由(2)的解答可知接入电路的最大阻值为10Q,所以，片接入电路的阻值范围为2.5Q〜10Q,故。正确。故选：ADO由电路图知，闭合开关时，灯泡心与变阻器用串联，电压表测用两端电压，电流表测电路中电流。（1）滑片P置于距左端1处时，连入电路的阻值为总电阻的，此时电流表示数为0.6A,灯泡正常发光，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，利用夕=口求出灯泡的额定功率；（2）滑片P移置于另一位置A点时，电压表的指针满偏，根据图2读出电压表的示数,根据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出流过用的电流，再根据欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路中的电阻；（3）当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由（1）的解答可知接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由（2）的解答可知接入电路的最大阻值，然后得出用接入电路的阻值范围。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。.【答案】BC【解析】解：因水平面上物体的压力和自身的重力，所以，A对桌面压强的变化量：TOC\o"1-5"\h\z△p===①将5放入容器内，5浸没在液体中且沉在容器底（液体未溢出），则液体深度的变化量:△h===,液体对容器底压强的变化量：△p=pg△仁pg②由①②可得：p=p0,综上可知，选项4。错误、正确。故选：BCO实心圆柱体5放在A上面时，A对桌面压力的增加量等于5的重力，受力面积等于A的底面积，根据片求出A对桌面压强的变化量；将5放入容器内，5浸没在液体中且沉在容器底（液体未溢出），根据V=求出B的体积即为浸没时排开水的体积，利用丫=Sh求出容器内液体深度的变化量，利用p=pgh求出液体对容器底压强的变化量，然后联立等式即可求出液体的密度。本题考查了压强定义式和密度公式、液体压强公式的应用等，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。.【答案】2.4822.5【解析】解：（1）由图A知:刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与4.00cm对齐，右侧与6.48cm对齐，所以物体的长度为L=6.48cm-4.00cm=2.48cm；（3）s=450"，/20s,小车全程的平均速度x==22.5m/s。故答案为：2.48；22.5。（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）小车全程的平均速度是总路程除以总时间。此题考查刻度尺的读数和速度的计算，综合性很强，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。.【答案】虚5【解析】解：由平面镜成像特点可知，平面镜所成的像是虚像；视力表到平面镜的距离是2.7m，视力表的像到平面镜的距离是2.7m，该同学到平面镜的距离是2.7m-0.4m=2.3m，镜中视力表的像到该同学的距离为2.7m+2.3m=5m。故答案为：虚；5。根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。牢记平面镜成像的特点是解答此题的关键所在，解答此题时要注意认真审题（包括图示），搞清题干的问题和各已知条件的关系。.【答案】增大不相同【解析】解：当把活塞迅速压下去时，活塞对空气做功，活塞的内能就会增大，空气的温度就会升高，达到硝化棉的燃烧点，硝化棉就燃烧起来，是通过做功的方式增加物体内能的；用热水袋焐手，手从热水袋吸收热量，是通过热传递的方式增加物体内能；所以两种现象改变物体的内能方式不相同。故答案为：增大；不相同。改变物体内能的方式有做功和热传递；对物体做功，物体的内能增大，分析实验现象，得出结论。这是验证做功可以改变内能的实验，要熟记。.【答案】摩擦省力【解析】解：钳柄的橡胶上有凹凸花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的。根据图示并结合生活经验可知，使用钢丝钳剪铁丝时，其动力臂大于阻力臂，因此钢丝钳为省力杠杆；故答案为：摩擦；省力。（1）根据增大摩擦或减小摩擦的方法分析花纹的作用。（2）根据动力臂与阻力臂的关系对杠杆进行分类；此题考查的是杠杆的分类和增大摩擦的方法；只要细心并不难解答。.【答案】ob【解析】解：电位器调节收音机音量的原理是：通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电路中的电流；由图乙所示电位器可知，使用时接线柱必须接入电路中的o点，其它两个接线柱任意接一个即可调节音量；若滑动触头逆时针旋转，音量变大，则电流变大，电阻减小，所以变阻器左边的下接线柱A应接入电路。故答案为：。；b。电位器实际上就是滑动变阻器，它是通过改变接入电路中的电阻丝的长度来改变接入电路中的电阻的；分析图示电位器，然后答题。本题体现的是滑动变阻器在实际电路中的应用，从实际电路中抽象出滑动变阻器，利用变阻特点进行分析是正确解题的关键。.【答案】2.311.5/1【解析】解：如图所示，电冰箱消耗的电能：WT648.1左W-/i-1645.8左W-/i=2.3左W•鼠又知：电冰箱的功率为0.2kW；则电冰箱实际工作时间与=心鼠故答案为：2.3；11.5限已知外出前电能表的示数和回来后电能表的示数，前后之差就是电冰箱消耗的电能；已知电冰箱的功率和消耗的电能，根据公式/可求电冰箱实际工作的时间。本题考查消耗电能的计算和工作时间的计算，关键是电功公式及其变形的灵活运用，还要理解电能表的各个参数的物理意义。.【答案】解：（1）水吸收的热量：。吸二皿S）=4.2x103//（依・℃）x20版x（50℃-20℃）=2.52x106」；（2）消耗的电能：W=H=2000Wx25x60s=3x106J,此过程电热淋浴器的热效率：T|=X1OO%=X100%=84%o答：（1）加热过程中水吸收的热量为2.52x1067；（2）电热水器的热效率为84%。【解析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式。吸=cm（"o）求出水吸收的热量；吸（2）根据求出消耗的电能，利用1rX100%求出电热水器的热效率。本题是一道电学与热学的综合计算题，考查了热量的计算、电功的计算、电热水器热效率的计算，要注意区分哪些是有用能量（被水吸收的）、哪些是总能量（消耗的电能）。21.【答案】解：（1）瓶内的气压等于外界大气压加上细管内液柱产生的压，5地时，他发现玻璃管内外的液面高度差增大，说明外界大气压变小了，故知A地气压大；（2）因瓶内的气压等于大气压加上细管内水柱产生的压强，A地瓶子内部的气压为：PA:PogWPo,5地瓶子内部的气压为：Pb内—Pog“2+%，?丫为一定值，故有：（P（#1+〃O）匕=9即2+Pb）V2故5地的大气压强：=B=-p0gh2。故答案为：（1）A地大气压强大；3型国+比Wl2）5地的大气压强为胆；“1p0g%。【解析】（1）根据在5地时，玻璃管内外的液面高度差增大分析；（2）因瓶内的气压等于大气压加上细管内水柱产生的压强，由液体压强公式，得出45两地瓶子内部的气压，根据?丫为一定值，求出5地的大气压强。本题考气压计的原理及液体压强公式，关键是从题中获取信息。.【答案】p=；右；向右移动游码；偏大【解析】解:要测量形状不规则的石块的密度，需要测量石块的质量和体积，利用公式「=得到密度;（1）由图可知，托盘天平的指针偏左，此时他应该将平衡螺母向右调节，使天平横梁平衡。（2）测量过程中，通过加减祛码后，指针偏向分度盘的左侧，说明左侧质量大，应向右移动游码，直至天平横梁平衡；（4）实验步骤：①用天平测量金属块的质量m；②在量筒中倒入适量水，读出水的体积匕；③小石块放入量筒中，读出石块和水的总体积匕；④计算小石块的密度P石。（4）实验表格设计如下：石块质量水的体积石块和水石块的石块的密度(g)(cm3)的总体积（cm3）体积（cm3）(g/cm3)223040102.2根据以上步骤，石块从烧杯中取出会沾有水，造成石块的质量测量偏大，由p=得，密度偏大。故答案为：p=；（1）右；（2）向右移动游码；（4）见上表；偏大。密度是质量和体积的比值，要测量物体的密度，需要测量物体的质量和体积，利用公式p=计算密度；（1）在称量物体的质量之前，要调节天平的平衡螺母使横梁平衡，平衡螺母向上翘的一■端移动；（2）在称量物体的过程中，要增减砝码或移动游码来使天平的横梁平衡；（4）在物理实验中，用天平测量物体质量，用量筒测量液体体积；要测量固体密度，需要测量固体质量，利用排水法测量固体体积，据此设计记录表格。由于将石块从水中取出时，石块上会沾有水，造成石块的质量测量偏大，然后根据密度公式分析密度的误差。本题关键：一是明确要测量固体的密度，需要测量固体的质量和体积，根据密度公式求出固体的密度；二是利用排水法测量固体体积；三是设计的表格应该直观、简洁，方便记录和分析。.【答案】正比一【解析】解：(1)因为电源是两节干电池，电源电压为3K所以电压表的量程为0-3匕且与电阻并联，滑动变阻器一上一下串联在电路中，如下图所示：(2)由表中数据，考虑到误差因素，电压表与电流之比为一定值，--=4Q,故得出的结论是：电阻不变时，流过导体的电流大小与导体两端的电压成正比，验证猜想一是正确的；(3)为了验证另一个猜想，流过导体的电流大小与导体的电阻有关，只改变电阻的大小，控制电阻的电压不变，为得出普遍性的结论要多次测量，故余下的实验步骤：①断开开关，把定值电阻换成8Q的电阻，调节滑动变阻器的滑片P,使电压表示数为1.8丫时，读出电流表的示数/；②仿照上述步骤①，分别把10Q和20Q的电阻接入电路重复进行实验。③分析实验数据，看看当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻是否有关。故答案为：(1)如上所示；(2)正比；一；(3)①断开开关，把定值电阻换成8Q的电阻，调节滑动变阻器的滑片P,使电压表示数为1.8丫时，读出电流表的示数/；②仿照上述步骤①，分别把10Q和20Q的电阻接入电路重复进行实验。③分析实验数据，看看当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻是否有关。(1)根据电源电压判断出电压表的量程，滑动变阻器一上一下串联在电路中；(2)由表中数据，考虑到误差因素，电压表与电流之比为一定值，据此分析；(3)为了验证另一个猜想，流过导体的电流大小与导体的电阻