中考物理三模试卷含解析11

2016年河北省石家庄43中中考物理三模试卷一、选择题TOC\o"1-5"\h\z.下列估测中，最接近实际的是（）A.一个篮球的质量约为2kgB.人跳绳的功率一般为300WC.课本每张纸的厚度约750科mD.考场内一盏日光灯正常发光时的电流约为0.2A2.下列有关物理学史的说法正确的是（）A.牛顿第一定律是伽利略总结牛顿等人的研究结果得出的B.阿基米德不仅在浮力研究方面有很大的贡献，也发现了杠杆的平衡原理C.焦耳发现了同一段导体中的电流跟电压和电阻之间的定量关系D.法拉第电磁感应实验表明，电流的周围存在磁场3.下列说法正确的是（）A.B超检查身体是利用声传递能量B.电视遥控器是利用超声波来控制电视机的C.使用隔音板是在传播过程中减弱噪声D.微波炉是利用次声波加热食物的4.有关热和能的知识下列说法正确的是（）A.物体具有的内能多，放出的热量一定多B.冰箱的制冷物质在冷凝器中吸热C.温度相等的物体内能也一定相同D.做功和热传递改变物体内能的效果是相同的5.在“探究凸透镜成像的规律”实验中，小明先将蜡烛、凸透镜、光屏正确安放在光具座上，移动的如图所示位置时在光屏上成清晰的像，下列说法不正确的是（）6.26.2次清晰的像，一次等大，一次放大此时光屏成像是倒立缩小实像，与照相机的原理相同，取走光屏烛焰还能成像凸透镜焦距在6cm到12cm之间在凸透镜和蜡烛之间放一个近视镜向右移动光屏能再次出现烛焰清新的像保持蜡烛和光屏最初位置不变，向左移动凸透镜，光屏上能再出现烛焰如图所示，左图是小电灯和巨磁电阻组成串联电路，右图是电磁铁和滑动变阻器组成的串联电路，闭合开关并使毛t片P向左移动，观察到指示灯变亮，那么下列说法中正确的是（-aA.B.A.B.C.D.7.A.卜列说法中不正确的是（电磁铁左端为S极电磁铁的磁性增强巨磁电阻两端的电压变小电磁铁是应用奥斯特实验的原理制成的用手将排球加速抛出瞬间，手对排球的作用力大于排球对手的作用力

B.手提一桶水，手的压痕是由于这桶水的重力引起的C.水平路面上行驶的汽车，关闭发动机后会停下来，是由于汽车具有惯性D.宇宙飞船的返回舱在返回地球进入大气层的过程中，一部分机械能转化为内能.如图所示，灯泡的电阻不变，且滑动变阻器的最大阻值大于灯的电阻，下列说法不正确的是（）A.先1^合S,再闭合S2时（滑动变阻器的阻值不变），电流表Ai示数不变，电流表A的示数变小B.当S、S都断开，滑片P由a向b端移动时，电压表V的示数与电流表A的示数比值变大，电压表V的示数与电流表A的示数乘积先增加后减少C.当S、&都断开，滑片P向b端移动时，冬■变大rli1JD.当S、5都闭合，滑片P向b端移动时，电压表V与电流表A的比值不变二、填空题（本大题共9个小题，24题3分，其它各小题每空1分，共31分）.在探究影响滑动摩擦力大小因素的实验中，实验装置如图所示，水平匀速拉动弹簧测力计实验发现F1VF2VF3（1）分析甲、乙两图可得到的结论是：（2）图丙中，用弹簧测力计拉着木块和祛码一起做匀速直线运动，祛码摩擦力（选填“受”或“不变”）.-软AF.“一ri-工―…:一少夫—千"=_■「：1fl匕曲.如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它，小明看不到硬币，这是因为现象；沿碗壁缓缓向碗中加水，小明在A处也能看到硬币，这是由于光的现象形成的，请在图中画出光传播的大致方向.VA3.如图所示，体积为0.2dm3物体重为G=7.4N,若将它匀速从水中提起（不出水面），此时滑轮组的机械效率是%若在空气中提升此物体，该滑轮组的机械效率将—（填“增大”、“减小”或“不变”）.如图乙工人用滑轮组和竹筐将沙子提升到高处，工人提空筐上去时用力大小是60N,现将1080N的沙子提升到高处，装置的机械效率是.（甲、乙两装置均不计绳重和轴处摩擦，g=10N/kg）A*W"甲乙.如图所示，电源电压恒为12V,定值电阻阻值为2a,闭合开关S,电动机电流的变化如图乙，电动机线圈的电阻Q,电动机正常工作时的功率W电动机正常工作白^输出功率W三、解答题(本大题共4个小题，第32题4分，33题6分，34、35题各7分).某学习小组利用如图甲体验“模拟引力”之后，进一步思考：绳子的拉力大小与什么因素有关？并提出了如下猜想：猜想A:与小球的质量大小有关；猜想B:与小球运动的快慢有关；猜想C:与绳子的长度有关.为了验证猜想，学习小组进行了如图乙所示实验探究：用一根细绳子的一端栓住一个小球，用手抓住绳子的另一端，抡动细绳，让小球在光滑水平面上做圆周运动.实验中，用手感受绳子的拉力大小，做几次实验后，得到实验数据如卜表:实验次数小球的质里(g)运动的快慢绳子的长度(cm)绳子的拉力115慢10很小220慢10小320快10大(1)实验中，在绳子拉力的作用下，小球在水平桌面上做匀速圆周运动，这一现象可说明绳子拉力的作用效果是(2)分析对比实验次数1、2的数据，可以初步验证猜想;分析对比实验次数2、3的数据，可以初步得出的结论是：.(3)若把上述器材细绳换成有弹性的橡皮绳，橡皮绳比细绳的优点或缺点是什么.小明想测量苹果的密度，他将苹果放入烧杯并逐渐向烧杯中加水，看到如图所示的情景.(1)从B图可以判断苹果的密度—(选填“大于”“小于”或“等于")水的密度.(2)B、C两图中，苹果受到的浮力F浮bF浮c.(3)靳栋又拿来一个装了水(水足够多，密度用p水表示)的大量筒，水的体积为V1,借助这个量筒测出了苹果的密度.①在C图中，她轻轻取出苹果，将量筒中的水倒入烧杯中，当烧杯中的水被填满时，量筒中剩余水的体积为V2,则苹果的质量表达式：m=②靳栋用针把苹果完全压入盛满水的烧杯中，水从烧杯中溢出后，再取出苹果，并继续将量筒中的水倒入烧杯中，当烧杯中的水时，量筒中剩余水的体积为V3③苹果密度的表达式p=.(4)实验步骤①中，当烧杯中的水被填满时，水对烧杯底部的压强为P1,实验步骤②中，用针把苹果完全压入盛满水的烧杯中，稳定后，水对烧杯底部的压强为%口—P2.(填“>”、"="、“V”)15.在如图甲所示的装置中，甲、乙是两个完全相同的密闭容器，密闭容器中两个阻值分别为5a和10a的电阻组成一个串联电路，闭合开关前，两u形管内液面相平，用这套装置完成“谈及电热的大小与哪些因素有关”的实验.(1)如图甲通电后，若要比较电阻丝产生热量的多少，只需比较与之相连的U型管中.

(2)如图甲，通电后通过对比观察，相同时间内右容器中导体的电阻产生的热量较多，由此得到的结论(3)要探究电热与电流的关系，须控制相同，请在乙图中用笔画线完成电路的连接.(4)另一实验小组用图丙所示的装置来完成本实验.图中两个密封的烧瓶内盛满质量和温度都相同的煤油，瓶中插有温度计，两瓶煤油中都浸泡着一段电阻丝，烧瓶A中的金属丝的电阻为5Q,烧瓶B中的金属丝的电阻为100Q,为了在较短的时间内达到明显的实验效果，该实验小组选用了煤油而不选用水，主要是由于.要研究电热的多少与电流的关系，丙图需要增加电源、开关、导线、还需器材是.(5)将图丙装置改装后可测量煤油的比热容.方法是：分别向两个相同的烧杯中(内部电阻丝阻值相同)加入初温均为t。、质量相等的水和煤油，通电一段时间后，分别读出温度计的示数为t水、t煤油，请写出煤油比热容的表达式c煤油=(已知水的比热容为c水)16.如图是利用液压起重机提升重物的示意图，起重机工作过程中在几个支脚次提升重物16.如图是利用液压起重机提升重物的示意图，起重机工作过程中在几个支脚次提升重物A的过程中，可绕D点自由转动的吊臂BD始终保持水平方向，知起重机质量为7X103kg,支脚对地面的作用总面积S=0.25m2,CD=2m绳的质量，不计摩擦，g取10N/kg,亚=1.4,求：(1)起重机提升重物A的过程中，起重机对地面的压强p；(2)吊臂BD水平平衡时，起重机柱塞E对吊臂BD的支持力F;(3)吊臂上升到B'D过程中，柱塞E做功WM的作用下使车轮离开水平地面，在某柱塞E始终与BD垂直且作用于吊臂的C点.已BD=8mm=3X103kg.忽略吊臂、滑轮、钢丝17.如图所示电路，电源电压保持不变，灯L标有“6V'字样，通过灯泡L的电阻的电流与电压的关系如图象所示，只闭合S3滑动变阻器的滑片在某一位置C阻值为Rc时，电流表的示数为0.8A,滑动变阻器的功率为R,只闭合Q时，用的功率为P2,已知Pc：P2=8：5;R：R=2:5,滑动变阻器的最大阻值25Q,电压表量程(0-15V),电流表量程(0—3A)求：(1)小灯泡正常发光的电阻和额定功率；(2)电源的电压和R的电阻；(3)通过开关的通断和滑片的调节电路的最大功率和最小功率.2016年河北省石家庄43中中考物理三模试卷

参考答案与试题解析一、选择题.下列估测中，最接近实际的是（）A.一个篮球的质量约为2kgB.人跳绳的功率一般为300WC.课本每张纸的厚度约750科mD.考场内一盏日光灯正常发光时的电流约为0.2A【考点】质量的估测；长度的估测；功率的计算；电流的大小.【分析】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释.【解答】解、A一个篮球的质量约为0.5kg,故A与实际不符；B、一名中学生的质量m=50kg;跳绳高度约为h=5cm=0.05m；时间t=1min=60s大于跳180个；则每次跳绳时克服重力做功：W=Gh=50kgX10N/kgx0.05m=25J;1min内做功：W=Gh=mgnh=50kg10N/kgx180x0.05m=4500J,跳绳时克服重力做功的平均功率：P』~=4*J=75W故B不符合实际；t60sC课本每页纸白^厚度约在0.075mm,估测750dm=0.75mm^厚，故C不符合实际；D家庭电路电压U=220V,电视机功率约为P=40Vy因为P=UI,所以日光灯正常工作时的电流约为：=工=型L=0.2a故d符合实际.U220V故选D..下列有关物理学史的说法正确的是（）A.牛顿第一定律是伽利略总结牛顿等人的研究结果得出的B.阿基米德不仅在浮力研究方面有很大的贡献，也发现了杠杆的平衡原理C.焦耳发现了同一段导体中的电流跟电压和电阻之间的定量关系D.法拉第电磁感应实验表明，电流的周围存在磁场【考点】物理常识.【分析】根据对物理学家及其成就的掌握作答.【解答】解：A、牛顿第一定律是牛顿在伽利略等前人研究成果的基础上总结得出的.故A正确；B、阿基米德是著名的学者、物理学家，分析了著名的阿基米德原理和杠杆平衡条件.故B正确；C德国物理学家欧姆经过大量实验发现了同一段导体中的电流跟电压和电阻之间的定量关系，被命名为欧姆定律.故C错误；D法拉第电磁感应实验表明，利用磁场可以获得电流.故D错误.故选AB.下列说法正确的是（A.B超检查身体是利用声传递能量B.电视遥控器是利用超声波来控制电视机的C.使用隔音板是在传播过程中减弱噪声D.微波炉是利用次声波加热食物的【考点】声与信息；超声波与次声波；防治噪声的途径.【分析】(1)声音能够传递信息，也能够传递能量；(2)电视遥控器是利用红外线来控制电视的；(3)减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声；(4)微波炉利用微波加热食物.【解答】解：A、B超就是利用超声波检查人体，利用的是声音能够传递信息的特点，故A错误;B、电视遥控器是利用红外线来控制电视的，不是超声波，故B错误；C道路两旁建隔音板是为了阻断噪声的传播，即在传播过程中减弱噪声，C说法正确；D微波炉利用微波加热食物，其所用的彳股波属于电磁波，不是次声波，D说法错误.故选C..有关热和能的知识下列说法正确的是()A.物体具有的内能多，放出的热量一定多B.冰箱的制冷物质在冷凝器中吸热C.温度相等的物体内能也一定相同D.做功和热传递改变物体内能的效果是相同的【考点】温度、热量与内能的关系；物体内能的改变.【分析】(1)内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的温度和质量有关；热量是一个过程量，就是说必须有一个状态到另一个状态才能有热量的变化；(2)冰箱里能够制冷的过程，实际上就是将冰箱里面的内能转移到冰箱的外面的过程，分析出内能是如何转移的就得到此题的答案.(3)做功和热传递都能改变物体的内能.【解答】解：A、热量是一个过程量，只有在热传递过程中，才有热量的吸收和放出，因此物体具有的内能多，不能说放出的热量一定多.故A错误；B、冰箱里面的制冷物质由这样一个特点：既容易液化又容易汽化；制冷物质在冷冻室的蒸发器里面汽化吸收热量，将热带走.携带有冰箱里面内能的制冷液，到了冰箱外面的冷凝器里液化，液化放热，将热放到空气中，于是将冰箱内部的内能转移到冰箱的外面，故B错误；C物体的内能与物体质量、温度、体积有关，温度相同的物体内能不一定相等，故C错误；D做功和热传递都能改变物体的内能，两过程的本质不同，但改变物体内能的效果相同，故D正确.故选D.5.在“探究凸透镜成像的规律”实验中，小明先将蜡烛、凸透镜、光屏正确安放在光具座上，移动的如图所示位置时在光屏上成清晰的像，下列说法不正确的是()A.此时光屏成像是倒立缩小实像，与照相机的原理相同，取走光屏烛焰还能成像B.凸透镜焦距在6cm到12cm之间C.在凸透镜和蜡烛之间放一个近视镜向右移动光屏能再次出现烛焰清新的像D.保持蜡烛和光屏最初位置不变，向左移动凸透镜，光屏上能再出现烛焰2次清晰的像，一次等大，一次放大【考点】凸透镜成像规律及其探究实验.【分析】（1）根据物距大于2f时，成倒立缩小的实像，像距处于f和2f之间的特点进行分析.（2）近视镜是凹透镜，凹透镜有发散光线的作用.（3）要解决此题，需要掌握折射光路的可逆性.当成实像时，可以对调光屏和蜡烛的位置或移动凸透镜使物距与像距大小对调都可再次得到大小与原来相反的清晰的实像.【解答】解：由图知，像距小于物距，物小于像，成倒立缩小的实像，与照相机的原理相同，取走光屏烛焰还能成像，故A正确；B、像距小于物距，所以此时物距大于2f,像距处于f和2f之间，即40cmi>2f,fv12cm<2f,则可得6cm<f<12cmi,故B正确.C在烛焰和凸透镜之间给凸透镜放上一个近视眼镜，由于近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，所以通过凸透镜的光线比以前会聚得要晚了，像距更大了，因此要得到清晰的像，需将光屏远离凸透镜向右移动.故C正确.D根据光路的可逆性，移动凸透镜时，若使物距处于1倍焦距和2倍焦距之间，像距会处于2倍焦距以外，即此时便可以成倒立放大的实像，会出现1次像，故D错误.故选D..如图所示，左图是小电灯和巨磁电阻组成串联电路，右图是电磁铁和滑动变阻器组成的串联电路，闭合开关S1、S2并使毛t片P向左移动，观察到指示灯变亮，那么下列说法中正确的是（）Ow?*1*.帙IIA.电磁铁左端为S极B.电磁铁的磁性增强C.巨磁电阻两端的电压变小D.电磁铁是应用奥斯特实验的原理制成的【考点】通电螺线管的磁场；电磁铁的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素.【分析】（1）利用安培定则判断电磁铁的磁极；（2）先分析滑片向左移动时，变阻器的阻值是变大了还是变小了，然后根据欧姆定律得出电流大小变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化情况.（3）奥斯特实验说明了电流周围存在磁场.【解答】解：A利用安培定则判断电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A错误；B、滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器的阻值减小，由欧姆定律可知，线圈中的电流增大，则电磁铁的磁场增强，故B正确；C由于指示灯变亮，则说明指示灯所在电路电流变大，所以巨磁电阻的阻值变小.所以据此巨磁电阻两端的电压变小，故C正确.D奥斯特实验说明了电流周围存在磁场，电磁铁是应用奥斯特实验的原理制成的，故D正确.故选BCD.下列说法中不正确的是（）A.用手将排球加速抛出瞬间，手对排球的作用力大于排球对手的作用力.手提一桶水，手的压痕是由于这桶水的重力引起的C.水平路面上行驶的汽车，关闭发动机后会停下来，是由于汽车具有惯性D.宇宙飞船的返回舱在返回地球进入大气层的过程中，一部分机械能转化为内能【考点】力作用的相互性；惯性；重力；机械能和其他形式能的转化.【分析】（1）根据力的作用是相互的进行分析判断.(2)重力作用点在物体的重心上.(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质.物体在运动过程中，同时也会受到阻力的作用，而力是改变物体运动状态的原因.(4)飞船与大气层摩擦时，将机械能转化为内能，机械能总量减少.【解答】解：A、由于物体间力的作用是相互的，则手击打排球的力等于排球对手的作用力.故A错误.B、手提一桶水时，手上出现压痕是水桶给手的压力作用的结果，水桶所受的重力作用在水桶上，故B错误.C汽车原来是运动的，关闭发动机后，由于受到摩才阻力的作用，所以最终要停下来，故C错误.D宇宙飞船的返回舱在返回地球进入大气层的过程中，与大气层摩擦，一部分机械能转化为内能，故D正确.故选ABC8.如图所示，灯泡的电阻不变，且滑动变阻器的最大阻值大于灯的电阻，下列说法不正确的是()A.先1^合Si,再闭合S2时(滑动变阻器的阻值不变)，电流表Ai示数不变，电流表A的示数变小B.当S、$都断开，滑片P由a向b端移动时，电压表V的示数与电流表A的示数比值变大，电压表V的示数与电流表A的示数乘积先增加后减少C.当S、&都断开，滑片P向b端移动时，学变大D.当S、5都闭合，滑片P向b端移动时，电压表V与电流表A的比值不变【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用.【分析】(1)闭合Si时，灯泡L与滑动变阻器串联后再与R并联，电流表A测干路电流，电流表Ai测R支路的电流，电压表测变阻器两端的电压；再闭合S2时，滑动变阻器与R并联，电流表A测干路电流，电流表Ai测R支路的电流，电压表测变阻器两端的电压；①根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过Ri的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，进一步可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知干路电流的变化；②当Si、S2都闭合时，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，进一步可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律结合电路中的总电阻可知电压表V与电流表A的比值变化；(2)当S、&都断开时，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端电压，电流表A测电路中的电流.①根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，再根据欧姆定律表示出电压表的示数，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，进一步可知电压表示数的变化，表示出电压表V的示数与电流表A的示数乘积，然后结合滑动变阻器的最大阻值大于灯的电阻判断电压表V的示数与电流表A的示数乘积变化；②设出滑片移动前后电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表、电流表示数的变化量的比值，然后判断碧的变化.【解答】解：(i)闭合Si时等效电路图如图i所示，再闭合及时等效电路图如图2所示：图1图图1图2①因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，再闭合&时，通过R的电流不变，即电流表A的示数不变，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和,所以，再闭合4时，滑动变阻器支路的总电阻变小，电路中的总电阻变小，由1=£可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故A错误；②图2中，滑片P向b端移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由R号可知，电压表V与电流表A的比值等于电路中的总电阻，所以，电压表V与电流表A的比值变大，故D错误；(2)当S、S2都断开时等效电路图如图3所示：图3图3①因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以，电路中的电流：1=—y—R胃电压表的示数：UU滑=IR滑=而通滑片P由a向b端移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，电压表的示数变大,电压表V的示数与电流表A的示数乘积：UU2口2/5胃I=除+RlX而7&=R詈2+2R滑互+R」=R詈2e2r^rl+rJ+4R^Rl=(R滑一瓦产R滑R骨R溜R台/目因滑动变阻器的最大阻值大于灯的电阻，所以，U滑I向增大后减小，即电压表V的示数与电流表A的示数乘积先增加后减少，故B正确；②设滑片移动前后电路中的电流分别为Ii、I2,因串联电路中总电压等于各分电压之和，I2R_,一(Ul-IiR)=(Ii—I2)R_=△IRl,I2R_,一(Ul-IiR)=(Ii—I2)R_=△IRl,即；：=R,穿不变,故C错误;则4穿不变,故C错误;所以，滑片P向b端移动时，故选ACD二、填空题(本大题共9个小题，24题3分，其它各小题每空1分，共31分).在探究影响滑动摩擦力大小因素的实验中，实验装置如图所示，水平匀速拉动弹簧测力计实验发现F1VF2VF3（1）分析甲、乙两图可得到的结论是：在接触面的粗糙程度相同，压力越大，滑动摩擦力越大（2）图丙中，用弹簧测力计拉着木块和祛码一起做匀速直线运动，祛码不受摩擦力（选填“受”或“不变”）甲匕西【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验.【分析】（1）分析甲、乙两次实验中相同的量和不同的量，结合测力计的示数得出结论；（2）摩擦力产生的条件：接触面粗糙，有压力，两物体具有相对运动的趋势或发生相对运动.【解答】解：（1）甲、乙两次实验中，接触面的粗糙程度相同，乙比甲的压力更大，乙的拉力大于甲的拉力，说明乙的摩擦力大于甲的摩擦力，由此可得：在接触面的粗糙程度相同，压力越大，滑动摩擦力越大；（2）图丙中，祛码随着木块一起匀速直线运动，二者相对静止，没有相对运动的趋势，所以祛码不受摩擦力.故答案为：（1）在接触面的粗糙程度相同，压力越大，滑动摩擦力越大；（2）不受.10.如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它，小明看不到硬币，这是因为光沿直线传播现象;沿碗壁缓缓向碗中加水，小明在A处也能看到硬币，这是由于光的折射现象形成的,请在图中画出光传播的大致方向.VA【考点】光在均匀介质中直线传播；光的折射现象及其应用.【分析】（1）光在均匀介质中是沿直线传播的；（2）光从一种介质斜射入另一介质时，光的传播方向会发生偏折，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线就看到了物体的虚像.【解答】解：（1）小明看不到硬币，是由于碗的边缘部分挡住了来自硬币的光线，光线进入不到眼镜，所以眼镜看不到硬币，这说明了光在均匀介质中是沿直线传播的；（2）当沿碗壁缓缓向碗中加水时，来自硬币的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，当折射光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到的便是由于光的折射而形成的虚像（虚像的位置比物体的实际位置偏高），所以小明在A处也能看到硬币的虚像，这是利用了光的折射现象.人眼看到硬币的光路，如图所示：故答案为：光沿直线传播；折射.11.如图所示，体积为0.2dm3物体重为G=7.4N,若将它匀速从水中提起（不出水面），此时滑轮组的机械效率是75%若在空气中提升此物体，该滑轮组的机械效率将增大（填“增大”、“减小”或“不变”）.如图乙工人用滑轮组和竹筐将沙子提升到高处，工人提空筐上去时用力大小是60N,现将1080N的沙子提升到高处，装置的机械效率是_90%.（甲、乙两装置均不计绳重和轴处摩擦，g=10N/kg）

【考点】机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率.【分析】（1）由图知，n=3,根据弹簧测力计读出拉力大小；利用阿基米德原理求出重物受到水的浮力，滑轮组的机械效率.=9=©-小小=6-除/=18浮：w总FsF3h3F增大机械效率的方法：一是增大物重，二是克服摩擦、减轻滑轮重；（2）不计绳重和轴处摩擦，人提空筐上去时用力大小F=1（G（2）不计绳重和轴处摩擦，人提空筐上去时用力大小F=1（G筐+G轮），可求竹筐和动滑轮重力；禾1J用邛有用G沙子IG沙子I二金I粒小,沙工一G三+G罚求滑轮组的机械效率.【解答】解：（1）由左图知，n=3,弹簧测力计的分度值为0.2N,拉力F=2.4N,重物浸没在水中受到的浮力：F浮=p水V排g=p水Vg=1.0X103kg/m3X0.2X103,*10N/kg=2N,设物体升高的高度为h,则拉力端移动的距离s=3h,滑轮组的机械效率：邛有用"=」=75%（G-F浮）h_（G-F浮）h_G-F浮J.虹广2M邛有用"=」=75%~~Fs-F3h~3X2.刎若在空气中提升此物体，没有了浮力，相当于增加了提升物体的重，增大了有用功，不计绳重和摩擦，额外功不变,有用功和总功的比值变大，此滑轮组提升该物体的机械效率将增大；（2）由右图知，n=2,不计绳重和轴处摩擦，人提空筐上去时用力大小F」（G筐+G轮）=60N,所以，竹筐和动滑轮的总重力：G筐+G轮=120N,有用功Wti=Gwh,额外功W=（G筐+G轮）h,拉力所做总功：W总=W^r用+Wfa=G沙子h+（G筐+G轮）h=（G沙子+G筐+G轮）h,滑轮组的机械效率：料有用G沙井G沙子1080N…，=====90%“J,二二__G力"「h:.故答案为：75%增大；90%12.如图所示，电源电压恒为12V,定值电阻阻值为2a,闭合开关S,电动机电流的变化如图乙，电动机线圈的电阻10Q,电动机正常工作时的功率2.32W电动机正常工作的输出功率1.92W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算.【分析】由图甲知，定值电阻与电动机串联，电压表测电动机两端电压，电流表测电路中电流.电动机由不转到转，最后正常工作，由图知，刚闭合开关时的电流，由串联电路特点和欧姆定律计算线圈电阻；由图知，电动机正常工作电流，由P=UI计算电动机正常工作时的功率，由P=I2R计算电动机产生热功率，由P输出=P-P热得到输出功率.【解答】解：由图甲可知，定值电阻与电动机串联，电压表测电动机两端电压，电流表测电路中电流，电动机由不转到转，最后正常工作，由图知，刚闭合开关时电路中的电流：I=1.0A,由串联电路特点和欧姆定律线圈电阻：rrrUr12Pc-R线=R总—R=——R=2Q=10Q;ILOA由图知，电动机2.0s后电流稳定，正常工作电流为：I'=0.2A,由串联电路特点和欧姆定律可得此时电动机两端电压：U=UI-UR=U-I'R=12W0.2AX2Q=11.6V,所以电动机正常工作时的功率：Pm=UI'=11.6VX0.2A=2.32W;电流通过线圈的发热功率：P热=1'2R线=(0.2A)2X10a=0.4W,所以电动机正常工作的输出功率：P输出二P—P戈ft=2.32W-0.4W=1.92W.故答案为：10;2.32;1.92.三、解答题(本大题共4个小题，第32题4分，33题6分，34、35题各7分)13.某学习小组利用如图甲体验“模拟引力”之后，进一步思考：绳子的拉力大小与什么因素有关？并提出了如下猜想：猜想A:与小球的质量大小有关；猜想B:与小球运动的快慢有关；猜想C:与绳子的长度有关.为了验证猜想，学习小组进行了如图乙所示实验探究：用一根细绳子的一端栓住一个小球，用手抓住绳子的另一端，抡动细绳，让小球在光滑水平面上做圆周运动.实验中，用手感受绳子的拉力大小，做几次实验后，得到实验数据如卜表:实验次数小球的质里(g)运动的快慢绳子的长度(cm)绳子的拉力115慢10很小220慢10小320快10大(1)实验中，在绳子拉力的作用下，小球在水平桌面上做匀速圆周运动，这一现象可说明绳子拉力的作用效果是_变小球的运动状态.(2)分析对比实验次数1、2的数据，可以初步验证猜想A:分析对比实验次数2、3的数据，可以初步得出的结论是：在小球的质量、绳子的长度大小一定时，小球运动速度越快，绳子的拉力就越大.

有弹性的橡皮绳的优点是绳子拉力(3)若把上述器材细绳换成有弹性的橡皮绳，橡皮绳比细绳的优点或缺点是什么大小可通过绳子形变体现出来；有弹性的橡皮绳的优点是绳子拉力缺点：不易控制小球做匀速直线运动【考点】控制变量法与探究性实验方案.【分析】(1)物体运动快慢及方向的变化都属于运动状态的变化；(2)根据1、2组数据的相同的量和不同的量，得出影响绳子拉力的因素；要验证拉力大小与物体运动快慢的关系，需改变运动快慢，但其他条件相同；(3)从弹性橡皮绳的优缺点来分析.【解答】解：(1)小球的运动方向改变，则说明其运动状态改变；(2)1、2的数据，运动快慢和绳子的长度相同，小球的质量不同，感受到绳子的拉力不同，说明绳子的拉力大小与小球的质量大小有关，则可以验证猜想A;由2、3两组数据，小球的质量和绳子的长度相同，小球的运动快慢不同，感受到绳子的拉力不同，说明绳子的拉力大小与小球运动的快慢有关，得出结论：在小球的质量、绳子的长度大小一定时，小球运动速度越快，绳子的拉力就越大；(3)有弹性的橡皮绳易发生弹性形变，故弹性的橡皮绳的优点是绳子拉力大小可通过绳子形变体现出来；缺点：不易控制小球做匀速直线运动.故答案为：(1)改变小球的运动状态；(2)A;在小球的质量、绳子的长度大小一定时，小球运动速度越快，绳子的拉力就越大；(3)有弹性的橡皮绳的优点是绳子拉力大小可通过绳子形变体现出来；缺点：不易控制小球做匀速直线运动.14.小明想测量苹果的密度，他将苹果放入烧杯并逐渐向烧杯中加水，看到如图所示的情景.(1)从B图可以判断苹果的密度小于(选填“大于”“小于”或“等于")水的密度.(2)BC两图中，苹果受到的浮力F浮b=F浮c.(3)靳栋又拿来一个装了水(水足够多，密度用p水表示)的大量筒，水的体积为V1,借助这个量筒测出了苹果的密度.①在C图中，她轻轻取出苹果，将量筒中的水倒入烧杯中，当烧杯中的水被填满时，量筒中剩余水的体积为V2,则苹果的质量表达式：m=p水(V1-V2)②靳栋用针把苹果完全压入盛满水的烧杯中，水从烧杯中溢出后，再取出苹果，并继续将量筒中的水倒入烧杯中，当烧杯中的水被填满时,量筒中剩余水的体积为V3P水③苹果密度的表达式p=——-一-——一%一邛3(4)实验步骤①中，当烧杯中的水被填满时，水对烧杯底部的压强为P1,实验步骤②中，用针把苹果完全压入盛满水的烧杯中，稳定后，水对烧杯底部的压强为电P1=P2.(填“>”、"="、“V”)AA【考点】固体的密度测量实验.【分析】(1)根据以下知识判断苹果密度与水的密度关系，当物体的密度小于液体的密度时，物体漂浮在液面上；当物体的密度等于液体的密度时，物体悬浮在液体中；当物体的密度大于液体的密度时，物体下沉到液体底部.(2)分析图示实验，根据图示实验情景判断浮力与重力的关系，然后可得出结论.

(3)应用平衡条件与浮力公式求出苹果受到的重力，然后求出苹果质量；根据题意应用排水法求出苹果的体积，由密度公式求出苹果的密度.(4)根据p=pgh进行分析解答.【解答】解：(1)当物体密度小于液体密度时，物体漂浮在液面上，由图B可知，苹果漂浮在水面上，则苹果的密度小于水的密度.(2)由图B、C所示实验可知，苹果漂浮在水面上，苹果处于平衡状态，由平衡条件可知，苹果受到的浮力等于苹果的重力，两种情况下，苹果的重力不变，则苹果受到的浮力不变，苹果受到的浮力F浮b=F浮c.(3)①由题意知，苹果排开水的体积V=V-V2,苹果放在水中，苹果漂浮在水面上，由阿基米德原理可知，苹果的重力G=F^=Gflf=p水gV排=p水g(V-V2),由G=mg［导，苹果白质量：m=p水(Vi-V2),TOC\o"1-5"\h\z②再取出苹果，并继续将量筒中的水倒入烧杯中，当烧杯中的水被填满时，量筒中剩余水的体积为V3；苹果完全浸没在水中时排开水的体积等于苹果的体积，由题意可知，苹果完全浸没在水中时，苹果排开水的体积为：V排’=V2-V3,即苹果体积V=y-V3；p水(Vt一%)③苹果的密度P=@=—勺——i—;Vv2-v3(4)实验步骤①和②中，烧杯中的水都被填满，故水的深度相同，根据p=pgh可知，水对烧杯底部的压强相等，即pi=p2.故答案为：(1)小于；(2)二;(3)①p水(V-V2);②被填满；③一'———;(4)=%一%.在如图甲所示的装置中，甲、乙是两个完全相同的密闭容器，密闭容器中两个阻值分别为5a和10a的电阻组成一个串联电路，闭合开关前，两u形管内液面相平，用这套装置完成“谈及电热的大小与哪些因素有关”的实验.(1)如图甲通电后，若要比较电阻丝产生热量的多少，只需比较与之相连的U型管中液面的高度差.(2)如图甲，通电后通过对比观察，相同时间内右容器中导体的电阻产生的热量较多，由此得到的结论在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多(3)要探究电热与电流的关系，须控制通电时间和电阻相同,请在乙图中用笔画线完成电路的连接.(4)另一实验小组用图丙所示的装置来完成本实验.图中两个密封的烧瓶内盛满质量和温度都相同的煤油，瓶中插有温度计，两瓶煤油中都浸泡着一段电阻丝，烧瓶A中的金属丝的电阻为5Q,烧瓶B中的金属丝的电阻为100Q,为了在较短的时间内达到明显的实验效果，该实验小组选用了煤油而不选用水，主要是由于煤油的比热容大.要研究电热的多少与电流的关系，丙图需要增加电源、开关、导线、还需器材是滑动变阻器.(5)将图丙装置改装后可测量煤油的比热容.方法是：分别向两个相同的烧杯中(内部电阻丝阻值相同)加入初温均为to、质量相等的水和煤油，通电一段时间后，分别读出温度计的示数为t水、t煤油，请写出煤油比热容的表达式c煤油-——-——?c水(已知水的比热容为c水)【考点】焦耳定律.【分析】(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映;(2)将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt进行分析;(3)根据焦耳定律Q=I2Rt进行分析；实验装置乙，两个相同的电阻串联在电路中，通电时间和电阻相同，当给其中一个并联一个电阻时，电阻的电流改变，探究电流产生热量跟电流关系；(4)在较短的时间内达到明显的实验效果，即要求液体升温较快，根据吸热公式可知，应选用比热容小的液体；(5)根据题意可知，在相同时间内，相同的电阻串联产生的热量相等，即Q煤吸=Q水吸，根据吸热公式可得到煤油的比热容.【解答】解：(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，实验前，应使两个U形管中的液面高度相同，液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映；(2)甲装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们的电流I与通电时间t相同，左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，由Q=I2Rt可知，右边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；(3)根据焦耳定律Q=I2Rt可知，探究电热与电流关系，须控制通电时间和电阻相同；使右侧两个5a电阻并联，再与左侧电阻串联，开关控制整个电路，如下图所示：(4)要在较短的时间内达到明显的实验效果，即要求液体升温较快；在吸收热量相同、液体质量相同时，根据Q吸=cm△t可知，要液体升温较快，应选用比热容较小的煤油；要研究电热的多少与电流的关系，需要改变电路中电流的大小，因此在不改变电路的情况下还需要的器材是滑动变阻器；(5)图丙装置中，两电阻丝阻值相同，它们串联电流相同，通电一段时间后，电流产生的热量相同，则煤油和水吸收的热量相同.TOC\o"1-5"\h\z已知它们的质量相同，设为m;根据前面分析结合吸热公式有：c煤油m(t煤油-10)=c水m(t水-to),“1水一十口八Il牛个于：c煤油一?c水•t煤油―t0故答案为：(1)液面高低变化；(2)右；在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；(3)y…、〒j……一一一、…口t水一,口通电时间和电阻；(4)煤油的比热容大；滑动变阻器；(5)?c水.七煤油一.如图是利用液压起重机提升重物的示意图，起重机工作过程中在几个支脚M的作用下使车轮离开水平地面，在某次提升重物A的过程中，可绕D点自由转动的吊臂BD始终保持水平方向，柱塞E始终与BD垂直且作用于吊臂的C点.已知起重机质量为7X103kg,支脚对地面的作用总面积S=0.25m2,CD=2mBD=8mm=3X103kg.忽略吊臂、滑轮、钢丝绳的质量，不计摩擦，g取10N/kg,加=1.4,求：(1)起重机提升重物A的过程中，起重机对地面的压强p；(2)吊臂BD水平平衡时，起重机柱塞E对吊臂BD的支持力F;(3)吊臂上升到B'D过程中，柱塞E做功W

【考点】压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；功的计算.【分析】(1)起重机提升重物时，对地面的压力等于自身的重力加上重物的重力，已知受力面积，根据压强定义式可求出对地面的压强；(2)根据题中条件可知，B端受到的拉力等于重物的重力，由图示和题意可得两力臂的大小，再利用杠杆的平衡条件可求出柱塞E对吊臂BD的支持力F;(3)吊臂从水平位置上升到B'D过程中，重物上升的高度等于B端上升的高度，由三角函数知识可求出这一高1忽略吊臂、滑轮、钢丝绳的质量，不计摩擦，柱塞E做的功等于克服重物A的重力做的功，据此求解.【解答】解：(1)起重机的重力：G机5机g=7X103kgX10N/kg=7X104N,重物A的重力：G=mg=3X103kgx10N/kg=3x104N,起重机提升重物A的过程中，对地面的压力：F压=Gw7X104N+3X104N=1X105N,起重机对地面的压强：p=A"'=4X1*名s0.25D2(2)忽略吊臂、滑轮、钢丝绳的质量，不计摩擦，吊臂BD在水平位置平衡，则吊臂B端受到的向下拉力为Fb=G=3X104N,其力臂为BD=8m设起重机柱塞E对吊臂BD的支持力F,由图和题意可知，支持力的力臂为CD=2m根据杠杆平衡条件有FbXBD=FXcdFXBD4则柱塞E对吊臂BD的支持力：f1=3X10NX8m=1.2X105N;CD2m(3)起重机提升重物时，吊臂的转动情况如图所示：由数学知识可得，吊臂B端上升的高度：h=BDXsin45=8mx^S=8mx-^-^-=5.6m,,故重物上升的高度等于B端上升22,故重物上升的高度等于B端上升吊臂从水平位置上升到B'D过程中，由于是通过液压杆支撑吊臂(绳子没有收缩)的高度，即重物上升高度h=5.6m；由于忽略吊臂、滑轮、钢丝绳的质量，不计摩擦，所以，柱塞