中考物理试题分项解析汇编专题《欧姆定律（一）》含解析

专题13欧姆定律一、单选题1.如图所示，电源电压保持6V不变，电流表量程为0〜0.6A,电压表量程为。〜3V,定值电阻Ri的规格为“10Q0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Q1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（）①电阻R,消耗电功率允许的变化范围为0.4W~0.9W②电流表示数允许的变化范围为0.2A〜0.5A③滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Q~20Q④电路消耗总电功率允许的变化范围为1.8W〜3Wrpn^lL-O-l® —A.只有①和③ B.只有①和④C.只有②和③ D.只有②和④[]2018年山东省泰安市中考物理试题【答案】A【解析】①电压表示数为3v时，电阻主通过的电流为：乙=^=蒜=03A，与元件的允许电流值比较得，电路中最大电流为0.3A,此时R的最大功率为：Pi左丁=%。=3Vx0.3A=0.9W,当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中电流最小为:则R）的最小功率为:P］最小=1%=P2A)2X1OQ=O.4W(故电阻R,消耗电功率允许的变化范围为0.4W~0.9W,①正确;②由①的解答过程可知，电流表示数允许的变化范围为0.2A〜0.3A.故②错误③电压表示数为3V时，电流为0.3A,此时滑动变阻器接入电路的最小电阻为:最小6V-3VR最小故滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Q~20Q,③正确:④电流最大时，最大功率为：P总大=UIX=6Vx0.3A=1.8W,电流最小时，最小功率为：P总小=U/'=6Vx0.2A=12W,电路消耗总电功率允许的变化范围为1.2W-1.8W,故④错误;故选Ao2.如图所示的电路中，小灯泡L、L2规格相同，闭合开关S后，发现J不亮，L2发光。此电路的故障可能是（）A.灯Li短路B.灯L2短路C.灯Li断路D.开关S接触不良[]2018年山东省泰安市中考物理试题【答案】C【解析】A.如果灯L:短路，则电源被短路，L：灯也不会亮，故A错误jB.灯L：矩路，则L：灯不会发光，故B错误；C.灯L：断路，则L1不会通过电流，当然不会亮，而并联时支路间互不影响，所以工发光，故C正确;D.开关S在干路，接触不良时，两个灯都不会发光，故D错误，故选Co3.如图所示的电路中，电源电压恒为3V,灯泡L的电阻为10。且保持不变。闭合开关S后，滑片P由b端向a端滑动的过程中，下列判断正确的是（）I-©-） （-1uH〃t| ＜」A.灯泡L亮度变暗B.电压表示数变大，电流表示数变小C.电压表与电流表示数的比值变小D.灯泡L的最大功率为0.9W[]山东省临沂市2018年中考物理试题【答案】D【解析】分析：AB、灯泡与变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路的电流；根据滑片P由b端向a端滑动的过程中变阻器连入电路的电阻变化，根据电阻的串联分析总电阻变小，由欧姆定律分析电路中的电流变化，根据P=GR,分析灯的实际功率变大，确定亮度变化，C、由欧姆定律，电压表与电流表示数的比值分析,_U2D、根据一无，当变阻器连入电路中的电阻为0时，灯的电压为电源电压3V,并求出此时灯的最大功率。解答：AB、由图知，灯泡与变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路的电流：滑片P由b端向a端滑动的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故B错误；根据P=/2R可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故A错误；C、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于灯泡的电阻（且灯泡电阻不变），则该比值不变，故C错误；D、当变阻器连入电路中的电阻为0时，灯泡的电压最大（等于电源电压3V）,灯泡L的最大功率：故选：D.【点睛】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用。4.如图所示的电路中，电流表Ai的示数为0.5A,A?的示数为0.3A,电阻R2的阻值为10C.下列说法正确的是（）A.通过电阻Ri的电流为0.5AB.电源电压为5VC.电阻Ri的阻值为15QD,若断开开关S2，电流表％示数变大[]山东省临沂市2018年中考物理试题【答案】C【解析】分析：由电路图可知，两电阻并联，电流表入测工支路的电流，电流表A：测干路的电流；开关S:控制整个电路，开关S:控制电阻R】；根据并联电路的电流特点求出通过电阻R1的电流，再根据并联电路的电压特点求出电源的电压，利用欧姆定律求出电阻R.的阻值，若断开开关S：,只有氐支路的电流，判断出电流表为示数的变化。解答：由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测R2支路的电流，电流表用测干路的电流；开关S1控制整个电路，开关S2控制电阻瓦；因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻Ri的电流：I1=I-I2=0.5A-0.3A=02At故a错误又因为并联电路中各支路两端的电压相等，故根据欧姆定律可得，电源的电压:r——— —]5cU=U2=I2R2=03Axl0£l=3Vt故b错误；电阻R的阻值：।%02A ,故C正确。若断开开关S2，电流表8只测量R2的电流，电流表长示数变小，故D错误。故选：Co【点睛】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的计算题。5.已知自：诙2：3,将它们接在如右图所示电源电压为12V的电路中，闭合S则通过它们的电流之比及它们两端的电压之比是[]湖南省邵阳市2018年中考物理真题【答案】A【解析】分析：（D根据电路图可知R：和A并联在电路中；<2）根据并联电路的特点与欧姆定律答题。解答：两电阻并联在电源上，它们两端的电压相等，都等于电源电压，则它们两端的电压之比Uz=Uru-lr1,通过它们的电流之比；=d=♦故选A【点睛】本题考查了并联电路的特点及欧姆定律的应用，是一道基础题。6.在如右图所示的实验电路中，电源电压为3伏，J、L2发光时的电阻均为5欧，下列说法错误的是A.灯Li、1^2是串联的B.电流表的量程应选0~3AC.电压表的量程应选0~3VD.电压表测的是灯L两端的电压[]湖南省邵阳市2018年中考物理真题【答案】B【解析】分析：首先把电压表去掉，分析电路的连接方式，然后判断电压表所测的电路，最后再根据欧姆定律和串联电路的特点判断电流表和电压表的量程；解答：根据电路图可以看出灯Li、L2是串联的，A选项正确；电压表并联在J两端，测的是灯L两端的电压，故D选项正确：因为电源电压为3伏，所以电压表的量程应选0~3V,故C正确；因为Li、L2发光时的/，=2L=034电阻均为5欧，串联在一起，总电阻R=10。，根据R10° ,电流表的量程应选0~0.6A,故B错误。故选B【点睛】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律公式的应用，计算过程要细心。7.如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S,当滑片P置于变阻器的B端时，电压表的示数为6V,在10s内定值电阻Ri产生的热量为36J；当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数变化了2V.下列结果正确的是（ ）A.Ri先后两次消耗的电功率之比为3：4B.滑动变阻器R2的最大阻值为10QC.电源电压为10VD.Ri的阻值为20Q【】【全国市级联考】2018年四川省达州市中考物试题【答案】B【解析】由电路图可知，R：与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；当滑片在B端时，由欧姆定律可知，电流中的电流：嵩，则滑动变阻器两端的电压（电压表的示数）：U：=IIxA=差亍6v ①，由题意知，当滑片滑到中点处时，滑动变阻器接入电阻变小，变阻器分得电压变小，即电压表示数应减小，所以，滑片滑到中点时，滑动变阻器两端电压为U：-6V-2V=4V；同理可得，滑1Ux/ 1/ &+-R?] 1223R-iHRj -n_In~A动变阻器两端的电压（电压表的示数）：IV= 22=4V ②，①：②可得：夫1+口24,UR2UR1解得R|=R2 ③，将③代入①：Ri+R?R1+R-6V,可得电源电压：U=12V,故C错误；当. （6V）2滑片滑到B端时，比两端电压为：U1=U-U2=12V-6V=6V；由Q=R1t=36J可得：R=36/X10s=100,故D错误；因R2=Ri，所以变阻器R2的最大阻值为10Q，故B正确：滑片在中点时，R]两端的电压为UJ“16V3 ,j2=U-U2Zn2V-4V=8V,则R1先后两次的电压之比为力,由P=R可得R1先后两次消耗的电功色r_®_三=土2P；**4216率之比： R1 ,故A错误。故选：B点睛：由电路分析可知，R与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；由滑片的移动和电压表示数变化可知滑片滑到B点时电压表的示数，则由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动变阻器两端的电压与电源电压电阻间的关系，联立可解得Ri与Rz最大值之间的关系及电源的电压；由功率公式可求得Ri的阻值，则可求得R2的最大阻值；最后由功率公式分别求得Ri先后两次消耗的电功率，即可求得比值。8.如图所示电路，电源两端电压保持不变，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片向右滑动时，下列判断正确的是( )sR：―|»— A.电压表Vi示数与电流表A的比值变大.电压表V2示数与电流表A的比值不变C.电压表％示数的变化量大于电压表V2示数的变化量D.电压表％示数的变化量小于电压表V2示数的变化量[][全国市级联考】2018年四川省达州市中考物试题【答案】D【解析】由电路图可知，&与R：、滑动变阻器工串联，电压表「测R：两端的电压，电压表V：测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。(D当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由】=轲知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，因为R：为定值电阻，电压表V]与电流表A的比值为R1，所以电压表V]与电流表A的比值不变，故A错误由Ro与R1的电阻不变和U=IR可知，R。和Ri两端的电压变小，即电压表片的示数变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；因电压表V2的示数变大，电流表的示数变小，所以，电压表V2示数与电流表示数的比值变大，故B错误；(2)设滑片移动前后电路中的电流为I、I',电压表V]示数的变化量：△Uvi=U--Ui=I'Ri-IR=(I'-I)R1=AIRi，电压表V2示数的变化量：△Uv2=U滑'-11滑=[1)-1'(Ri+R2)]-[U-I(R!+R2)]=(I-I1)(R,+R2)=-△1(Ri+R2)SlAIRil<|AI(R1+R2)I.所以，电压表片示数变化量的绝对值小于电压表V2示数变化量的绝对值，故C错误，D正确。故选：D«点睛：由电路图可知，Ro与比、滑动变阻器R2串联，电压表V[测R]两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ro与R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，然后判断电压表VI与电流表A的比值变化以及电压表V2示数与电流表示数的比值的变化；(2)根据串联电路的特点和欧姆定律分别表示出两电压表示数的变化量，然后比较两者的绝对值得出答案。.甲乙两地相距30km,在甲、乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知输电线的电阻与其长度成正比，现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，甲地检修员先用如图所示的测量仪接入AB时，电流表的示数为0.2A,乙地检修员后用相同的测量仪接入CD时，电流表的示数为0.3A.则短路位置离甲地（ ）测址仪A.18kmB.15kmC.12kmD.10km【】【全国市级联考】2018年四川省达州市中考物试题【答案】A【解析】由题知，甲乙两地相距30km,愉电线的电阻与其长度成正比，设每km输电线的电阻为R,短路位置离甲地的距离为S,则短路位置离乙地的距离为30km-s,贝"A3间的总电阻（两条愉电线的总长度为2s）:&,=2的，同理可得，CD间的总电阻：R；d=2（30kxn-s）氐，用如图所示的测量仪进行检测时，电源电压不变，所以由欧姆定律得：L-1-dRei,因电源电压不变，所以可得3R*3=LdR«i,代入数据有：O.2Ax2sRo=O.3Ax2（30km-s）氐，解得：s=18km。故选：A0点睛：根据欧姆定律可计算电路中的电阻，进一步计算短路位置离甲地的距离。.如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=48Q,闭合开关，若不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（ ）A.要使电压表的示数增大IV,小灯泡L两端的电压就会减小IVB.小灯泡L的最小实际电功率为0.6WC.当滑片P移到变阻器的中点时，小灯泡L正常发光D.当滑片P移到最右端时，通电10s滑动变阻器消耗的电能是19.2J[]2018年山东省枣庄市中考物理试题【答案】D

【解析】解：由电路图可知，闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压。（1）由电压表测灯泡L两端的电压可知，电压表的示额增大IV,小灯泡L两端的电压就会增大IV,故A错误：（2）由P=5=?可得，灯泡的电阻：&=/=等=12。,当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：U_ 12VI=R+Rl480+120=02a,则小灯泡L的最小实际电功率:Pl小=RRl=（0.2A）2X12Q=0.48W,故B错误；通电10s滑动变阻器消耗的电能：WR=I2Rt=（0.2A）2X48QX10s=19.2J,故D正确；（3）当滑片P移到变阻器的中点时，电路中的电流:13A,此时灯泡的实际功率:12X12Q^1.33W<3W,所以，此时灯泡不能正常发光，故C错误。PJ=(T2X12Q^1.33W<3W,所以，此时灯泡不能正常发光，故C错误。.在如图所示的电路中，闭合开关，电源电压保持不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（ ）电压表的示数变电压表的示数变大电压表的示数变小电压表的示数不变电压表的示数不变A.电流表的示数变小,B.电流表的示数变大,C.电流表的示数不变,D.电流表的示数变小,[]2018年山东省枣庄市中考物理试题【答案】C【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测L的电流，电压表测电源的电压，由于电源电压不变，故电压表示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，由于灯泡两端的电压和灯泡的电阻都不变，故通过灯泡的电流不变，即电流表示数不变；故C正确。故选：Co点睛：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测L的电流，电压表测电源的电压。根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化，根据灯泡两端的电压和电阻可以知道电流表示数的变化。

.如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯J和L2都正常发光，甲、乙两个电表示数之比为4：3.此时灯J和L2的电阻之比为（ ）A.1：3B.3：1C.3：4D.4：3【】【全国市级联考】2018年四川省攀枝花市中考物理试题【答案】A【解析】由图知，如果甲、乙两个电表中任何一个为电、流表，将会形成短路，因此甲、乙都为电压表，此时灯Li、L：串联连接，电压表乙测量L：两端电压，电压表甲测量电源电压；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，目甲、乙两个电表的示数之比是4：3,所以灯L】、L：两端电压之比：5：5=（4-3）：3=1：3,又因为串联电路电流相等，即胞，由匚轲得，氐：氏=号=5：5=1：3。故选:点睛：根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中确定甲乙仪表的种类，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出两灯泡的电阻之比。A.13.如图所示，电源电压不变，开关闭合，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（ ）A.电流表的示数变大，电压表片的示数变小，V2的示数不变B.电流表的示数变大，电压表V］的示数变小，V2的示数变大C.电流表的示数变小，电压表V|的示数变大，Vz的示数变小D.电流表的示数变大，电压表片的示数不变，V2的示数变小【】【全国市级联考】2018年四川省攀枝花市中考物理试题【答案】B【解析】由图知，两电阻串联，电压表;测R;的电压，电压表「测氏的电压，电流表测电路中的电流;（1）当滑动变阻器滑片P向右移动时，氏接入电路的阻值变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故C错误；（2）因电流变大，根据U=IR可知，定值电阻R；的电压变大，即电压表t的示数变大，根据串联电路电压的规律可知，电压表V1的示数变小，故B正确；AD错误。故选：Bo点睛：分析电路的连接及两电压表测量的电压和电流表测量的电流：（1）分析当滑动变阻器滑片P向右移动时，确定R2变化，根据电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律确定电流表示数变化；（2）根据欧姆定律的变形公式U=IR,分析比的电压变化；根据串联电路电压的规律确定电压表片变化。14.如图所示的电路，电源电压恒为4.5V,电流表的量程为0-0.6A,电压表的量程为。〜3V,定值电阻阻值5Q,滑动变阻器R的最大阻值50Q,闭合开关S,移动滑片P的过程中，下列说法正确的是（）A.若滑片P向左移，电流表的示数变小B.电压表与电流表的比值不变C.滑动变阻器允许的调节范围是2.5Q〜50。D.电流表的变化范围是0.3A〜0.6A【】【全国市级联考】2018年四川省广安市中考物理试题【答案】D【解析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路U中的电流。（1）若滑片P向左移动，接入电路中的电流变小，电路中的总电阻变小，由i=R可知，电路中U的电流变大，即电流表的示数变大，故A错误；（2）由R=7可知，电压表与电流表的示数比值等于滑动变阻器接入电路中电阻，则滑片移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻发生变化，电压表与电流表的示数比值变化，故B错误（3）当电流表的示数I大=0.6A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，定值电阻的功U4.5V率最大，此时电路中的总电阻：1总=/大=7.5Q,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值；R滑小=口总-口=7.5。-5Q=2.5Q,定值电阻消耗的最大功率PR＞；=I大2R=（0.6A）2X5Q=1.8W；当电压表的示数U滑=3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，定值电阻的电功率最小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压：Ur=Ur1.5VU-U»=4.5V-3V=1.5V,因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：1小=京=5。=0.3A,°滑 3V故电流表的变化范围是0.3A〜0.6A。滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R滑大=〃、=而1=10。，则滑动变阻器的阻值变化范围为2.5C〜10Q,故C错误，D正确；故选：D»点睛：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；（2）根据欧姆定律结合滑动变阻器的阻值确定电压表与电流表的示数比值的变化；（3）当电流表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，定值电阻的功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用p=nr求出定值电阻消耗的最大功率；当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，定值电阻的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后得出答案。15.如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）I_（7）-1-—IA.灯泡L变暗B.电压表示数变小C.电流表&示数变大D.整个电路消耗的总功率变小【】【全国市级联考】2018年四川省广安市中考物理试题【答案】D【解析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源的电压，电流表用测干路电流，电流表A2测L支路的电流。因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过L的电流和实际功率不变，即L的亮度不变，U故A错误：当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由1=互可知，通过R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表Ai的示数变小，故C错误由「=UI可知，整个电路消耗的总功率变小，故D正确。故选：D.点睛：由电路图可知，灯泡L与电阻R并联，电压表测电源的电压，电流表用测干路电流，电流表A2测L支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P=UI可知电路总功率的变化。16.如图，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小，Ri是定值电阻。闭合开关，逐渐增大光敏电阻上的光照强度，电表示数变化情况是（ ）A.电流表示数变小，电压表示数变大B.电流表示数变大，电压表示数变小C.电压表和电流表示数的比值将变小D.电流表和电压表示数均变大【】【全国市级联考】2018年山东省聊城市中考物理试题【答案】I）【解析】（1）由图知，两电阻串联，电压表测定值电阻R：的电压，电流表测电路中的电流；逐渐增大光敏电阻上的光照强度，由题意可知光敏电阻口的阻值减小，则电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电流变大，即电流表示数变大；根据U=IR可知，定值电阻氐的电压变大，即电压表示数变大，故D正确，AB错误。（2）由欧姆定律可知，电压表和电流表示数的比值等于定值电阻R;的阻值，则该比值保持不变，故C错误。故选：D,点睛：（1）分析电路的连接及电表测量的量，根据已知条件分析R减小，由电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律，确定电路电流变化；根据U=IR分析&的电压变化，根据串联电路电压的规律，R的电压即电压表示数变化；（2）由欧姆定律分析电压表和电流表示数的比值变化。17.如1图所示，电源电压保持不变，闭合开关时，滑动变阻器的滑片P从b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如2图所示，下列说法不正确的是（）A.电源电压是9VB.定值电阻R的阻值是6QC.滑动变阻器的阻值范围是0〜18QD.若定值电阻R出现接触不良时，电流表示数为0,电压表示数为9V[]广东省2018年中考物理试题【答案】C【解析】A.如图当滑片到b端时，只有定值电阻接入电路工作，此时电压表的示数即为电源电压，图2知,最大示数为9V,即电源电压是9V,故A正确；B.图2知，当定值电阻两端为9V时，电流为1.5A,所以定值电阻R的阻值是：U9VR=-= =6QL5A,故B正确；C.根据图2,当电压表示数为3V时，电流为0.5A,根据串联电路的分压特点，得滑动变阻器两端的电压为9V-3V=6V,所以滑动变阻器的最大阻值为：,U'6VR=--=——=12Q/最小05A ,故滑动变阻器的阻值范围是。〜12Q,故C错误：D.若定值电阻R出现接触不良时，即电路断路时，电流表示数为0,此时电压表串联在电路中，能测出电源电压，所以电压表示数为9V,故D正确：故C错误，符合题意。18.以下物理规律无法用实验直接验证的是（）A.牛顿第一定律B.欧姆定律 C.光的反射定律 D.焦耳定律[]广东省2018年中考物理试题【答案】A【解析】A.牛顿第一定律指物体不受力时，将保持静止或匀速直线运动状态，而在实际当中，物体是不可能不受力的，所以无法直接验证，只能经过实验，然后推理而得，故A符合题意：B.欧姆定律，分别用电压表和电流表测出电压和电流，分析实验数据可得结论；C.光的反射定律，能用硬纸板通过实验来研究反射光线、入射光线、法线的规律特征，即可以实验验证；D.焦耳定律，利用控制变量法分别研究电流、电阻、通电时间与产生热量多少的关系，可验证焦耳定律；故选A»19.巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，且磁场越强电阻越小，图中是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻，如果闭合Si、S2,滑片P向左移动时，电表的变化情况是A.西表和10表示数均变小B.西表和B8表示数均变大C.0表示数变小，也表示数变大D.0表示数变大，0表示数变小[]湖南省衡阳市2018年中考物理试题【答案】D【解析】闭合&、S2,滑片P向左移动时，电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性变强，所以巨磁电阻的阻值变小，根据串联电路的电压规律可知，其两端的电压变小即电压表的示数变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，即电流表的示数变大，故D正确，所以答案为D..如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P向b端移动，则在移动过程中A.电压表V的示数变小，电流表％的示数变大电压表V的示数不变，电流表A2的示数变小C.电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变小D.电压表V的示数与电流表A1和A2的示数差的比值不变[]2018年四川省遂宁市中考物理试题【答案】C【解析】分析：由图可知，电阻治与滑动变阻器R2并联，电流表A2测通过定值电阻Ri的电流，电流表A】测干路中的总电流，电压表与定值电阻并联在电路中；并联电路两端电压等于电源电压，从而可以判断出电压表示数的变化；首先判断出滑动变阻器的滑片P向b移动时，滑动变阻器连入电路中电阻的变化，根_u据欧姆定律一亓判断出通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路电流特点判定干路电流的变化；根据各表的示数变化情况判定比值和乘积的大小。解答：AB、由图可知，电阻R：与滑动变阻器氏并联，电流表测通过定值电阻R：的电流，电流表A测干路中的总电流，电压表与定值电阻并联在电路中，电压表测量的是电源电压，其示数保持不变，将滑动变阻器的滑片P向b端移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据/=轲知，通过变阻器出的电流变小3由于Ri两端的电压不变，所以Ri的电流保持不变，即电流表A?的示数不变，根据并联电路的电流特点可知，干路中的电流减小，即乐的示数变小；故AB错误；C、电压表V的示数不变，电流表8的示数变小，则电压表V的示数与电流表8的示数的乘积变小，故C正确；D、电流表Ai和A2的示数差为通过滑动变阻器的电流，由欧姆定律可知，电压表V的示数与电流表8和A?的示数差的比值为滑动变阻器的电阻，其电阻变大，则该比值变大，故D错误。故选：Co【点睛】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是能把比值问题转化为阻值问题来处理，这样就可以减小问题的复杂性。.下面是小明整理的部分电学笔记，其中叙述正确的是（）A.丝绸与玻璃棒摩擦过程中，丝绸失去了电子B.由欧姆定律可知，导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比C.磁感线总是从磁体北极出发回到磁体南极D.安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且接在火线上[]2018年四川省遂宁市中考物理试题【答案】D【解析】分析：（1）当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的物体得到电子而带负电；束缚电子能力弱的物体失去电子而带正电；（2）电阻是导体阻碍电流的性质，其大小与导体的长度、横截面积、材料有关，而与所加电压和通过的电流无关：（3）磁感线是为了形象的描述磁场而画出的，是封闭的曲线，在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极；（4）为了有效的控制用电器，需要将用电器和开关串联开关应接在火线和用电器之间，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全。解答：A、丝绸与玻璃棒摩擦过程中，玻璃棒失去电子而带正电，丝绸得到电子带负电，故A错误；R=—B、由欧姆定律可得I,利用该公式可以计算导体的电阻，但导体电阻大小与导体的长度、横截面积、材料有关，而与所加电压和通过的电流无关；不能说成：导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比，故B错误；C、在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极，故C错误；D、安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且开关接在火线与用电器之间，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全，故D正确。故选：D.【点睛】本题考查了摩擦起电、电阻特性、磁感线的方向以及开关的连接方法，要求认真审题，易错题！.如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S,当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（）A.电流表示数变小B.电流表示数变大C.电压表示数变小D.电压表示数不变【】【全国市级联考】2018年四川省自贡市中考物理试题【答案】B【解析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，由1=轲知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；故B正确，A错误；根据U=1R可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表的示数变大，故CD错误。故选：B。点睛：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流：根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路电流的变化和定值两端的电压变化。.甲图是灯泡L和定值电阻R的I-U图象，将L和R先后以乙图和丙图两种方式连在同电源上，若乙图中Ul：Ur=hi,丙图中，II：Ir=n,则下述正确的是：//AA.m=nB.m>nC.m<nD.mn=l【】【全国市级联考】湖南省娄底市2018年中考物理试题【答案】D【解析】在图乙中，灯泡与电阻串联，电路中的电流相同，由欧姆定律1=轲得：£='=、，已知Ui：U：=m,点二m，由图丙可知：灯泡与电阻并联，则各支路两端的电压相同，由欧姆定律1=轲得:+=2=广，已知Ii：I：=n,贝六二=所以,¥=，由于并联时灯泡两端的电压比串联时的大;由图象Z2 RRl乙Rl丙 1甲可知,Rl乙小于Rl丙，所以R<R，即m<n.所以mn<l.故选D.点睛：已知在图乙中，灯泡与电阻串联，山：U2=m,在图丙中，灯泡与电阻并联，h：k=n；分别根据串联电路的电压规律和并联电路的电压规律求得两电阻之比，然后即可得出结论..如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关$、S2时，下列说法正确的是（）A.电磁铁的右端为N极B.小磁针将顺时针旋转C.当p向左滑动时，电磁铁的磁性增强，指示灯变暗D.当P向右滑动时，电磁铁的磁性减小，电压表的示数减小[]山东省威海市2018年初中学业考试（中考）物理试题【答案】D【解析】A.根据安培定则，右手握住螺线管，四指弯曲指向电流的方向，则大母指的指向即为螺线管的磁场方向，即大母指端即为N极，所以电磁铁的左端为'极，故A错误；B.电磁铁的左端为N极，根据同名磁极排斥，异名磁极吸引的特点，小磁针将逆时针旋转，故B错误；C.当p向左滑动时，电阻变小，电滂变大，电磁铁的磁性增强，根据题意知巨磁电阻变小，所以右侧电路中电流变大，指示灯变亮，故C错误；D.当P向右滑动时，电阻变大，电流变小，电磁铁的磁性减小，根据题意知巨磁电阻变大，所以右侧电路中电流变小，根据乙=/勺知，电压表的示数减小，故D正确；故选D,点睛：重点是安培定则和欧姆定律的应用，右手螺旋定则应用时，要注意四指弯曲指向电流的方向，千万不要理解成线圈的绕向，有同学容易在这点混淆，有个简单的方法，即使用右手螺旋定则前先把电流方向标在线圈上。25.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中«.—♦A.电压表Vi，示数不变，电压表V2示数变大B.电流表A示数变大C.电压表V2示数与电流表A示数的比值变小D.电压表片示数与电流表A示数的比值不变【】【全国市级联考】四川省南充市2018年中考物理试题【答案】D【解析】由电路图知道，用与用串联，电压表（测用两端的电压，电压表V2测向两端的电压，电流表测电路中的电流。当向右移动滑动变阻器滑片P时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由/必?知道，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故B错误：由公可知，电流减小，R\是定值电阻，其两端的电压会减小，即电压表片示数减小；由串联电路的电压规律知道，及两端的电压变大，即电压表V2示数会变大，故A错误；电压表V2示数与电流表A示数的比值为滑动变阻器的电阻，由于滑动变阻器接入的阻值变大，所以该比值会变大，故C错误；电压表力示数与电流表A示数的比值是用的阻值，所以其比值保持不变，故D正确，故选D。26.如图是检测酒精浓度的测试仪原理图，图中电源电压恒定为8V,R为定值电阻，酒精气体传感器R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小。当酒精浓度为0时，R2=60Q,此时电压表示数为2V。以下说法错误的图11A.若酒精气体浓度越大，电压表和电流表示数都越大B.定值电阻Ri的阻值为20QC.酒精浓度为0时，电路消耗的总功率为0.6WD.若电流表示数达到0.2A时，表示酒驾，此时R2消耗的电功率为0.8W[]山东省德州市2018年中考物理试题【答案】C【解析】A.由电路图可知，电阻总和氏串联，电压表测R.两端的电压，电流表测电路中的电流，若酒精气体浓度越大，则氐城小，电路的总电阻减小，由欧姆定律可知，电流变大，根据U=IR,电压表示数变大,故A正确oBC.当酒精浓度为0时，R：=60Q,此时电压表示数为2Vo根据串联电路的电压关系，R:的电压2V_1U2=U-Ul=8V-2V=6V,电压表示数为R2电压的亚一？倍，根据串联分压原理，定值电阻R1的阻值为1—X60。=20。3 ,故B正确。此时，串联电路的总电阻R=Ri+R2=20Q+60Q=80Q,U2(8V)2p_ —' ' —o8W电路消耗的总功率为一R-80。一•,故C错误。.U8VRj=—R.= 20c=20。D.若电流表示数达到0.2A时，酒精气体传感器的电阻 / 0.24 ,此时R2消耗的电功率为P=%=(0.24)2x20。=08匕故口正确。答案为C。二、多选题

图所示，电源电压不变，a、b、c为电流表或电压表。只闭合，时，a表无示数，b表有示数。S|§2都闭合时，滑片P向右滑动，c表的示数不变。下列判断正确的是r(EH~0 \s： -IpA.a表是电压表B.先闭合开关S1,再闭合S2，电路中的总电流变大C.只闭合"，P向右移动，向两端的电压变化量与电流变化量的乘积大于其电功率的变化量D.开关均闭合，电路的总功率为。1；若将c表换成另一种电表，再闭合Si、S2,电路的总功率为功，则历>P\[]2018年河北省初中毕业生升学文化课考试（中考）物理【答案】BD【解析】分析：根据开关的断开和闭合情况判断电路的连接方式，再根据电表有无示数判断是什么电表，再根据欧姆定律和电功率公式判断电流和电功率的变化；解答：A、只闭合S1时，a、b两表串队由a表无示数，b表有示数，可以判断a是电流表b是电压表，S】、S：都闭合时，A和滑动变阻器R被电流表a短路，滑片P向右滑动，c表的示数不变，所以c是电压表，故A错误,B、先闭合开关Si，Ri、R2和滑动变阻器R3串联，总电阻为三者之和，再闭合S2时，R2和滑动变阻器R3被_U电流表a短路，根据一口可知，电路中的总电流变大，故B正确；C、只闭合Si时，R|、R2和滑动变阻器R3串联，滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压原理知，R3两端电压变小，R2两端电压变大，再根据串联电路的电流特点，就可知道及两端的电压变化量与电流变化量比值不变，再根据电功率公式可知，向两端的电压变化量与电流变化量的乘积等于其电功率的变化量，故C错误；p/总2D、开关均闭合，R2和滑动变阻器R3被电流表a短路，电路的总功率为Ri,由A可知，c原来是是电压表，现换成电流表，再闭合S1、S2,电路变成了瓦、R2和滑动变阻器R3并联，总电阻小于R，再根据公P2=—式R可知P\,故D正确；

根据以上分析故选BD【点睛】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，解题的关键是正确分析开关在不同状态下电路的连接方式和电表作用的判断。28.如图甲所示，R为定值电阻，滑动变阻器R2的滑片从a端滑到b端的过种中，R2消耗的电功率P与其两端电压U的关系图象如图乙所示，下列说法正确的是（）甲 乙A.Ri的阻值为20QB.R2的最大阻值为50QC.电源电压为6VD.该电路消耗的最大电功率为0.9W[]山东省威海市2018年初中学业考试（中考）物理试题【答案】BC【解析】如图两电阻串联，电压表测量滑动变阻器A的电压，电流表测量电路中的电流;由乙图知，氐的电压2V时，功率为0.8W,根据P=U/得：此时电流为：/=今=若T」A,,p2O.5W/= = =0.1A当R2的电压5V时，功率为0.5W,电流又为： 45V.根据电源电压不变得：型+2V=/2+5V,解得：Ri=10Q故a错误；电源电压为：f/=/«1+2V=0.4Axl0Q+2V=6V故，正确；r=里=牝=500R2的最大阻值为，2/'0.1A ,故B正确；当滑动变阻器滑片位于最左端时，只有R1接入电路工作，此时功率最大，所以该电路消耗的最大电功率为U2（6V）2P=——= =3.6W% ,故D错误；

故选BCo点睛：重点是欧姆定律和电功率的计算，关键是根据乙图中的两次功率求出两次的电流，再根据电源电压不变列出关系式，解得心和电源电压，然后根据相关公式可判断其它选项的正确与否。三、实验题.小芳想了解当滑动变阻器与电阻并联时，调节滑片，电阻两端的电压及电路中的电流怎样改变。（1）实验电路图如图所示，请在图中连接对应的实物图。（2）改变滑动变阻器接入电路的阻值，记录数据如下表。根据表中数据在图的坐标系中画出电阻R的UT图线。数据序号1234电压表示数U/V2.401.801.200.60电流表Ai示数IiA0.160.120.080.04电流表A2示数12A0.400.751.141.50（3）某次实验电压表和电流表A1的示数如图所示，U= V,1.= A,I2=0.90A,此时通过滑动变阻器的电流为A.

(4)此电路不允许滑动变阻器接入电路的阻值为零，原因是[]广东省广州市2018年中考物理试题【答案】【答案】1.500.100.80滑动变阻器接入电路的阻值为零时，定值电阻R被短路，此时电流直接从电源正极流向负极，发生电源短路【解析】有电路图可以看出R与滑动变阻器并联电压表测R两端的电压，电流表A1测R所在支路的电流,A2测干路上的总电流，所以连接实物图如下:A2测干路上的总电流，所以连接实物图如下:(2)将表格中U和12的对应点分别找出，然后连接即可作图如下:（3）由右图可知，电压表、电流表它们所使用的都是小量程，分度值分别是0.1V和0.02A所以读数分别为U=1.5OV和11=0.104根据并联电路的电流特点可以计算通过滑动变阻器的电流I.=I7i=0.9A-Q10A=0.8A（4）滑动变阻器接入电路的阻值为零时，定值电阻R被短路，此时电流直接从电源正极流向负极，发生电源短路所以此电路不允许滑动变阻器接入电路的阻值为零。.某物理兴趣小组利用图甲所示实验电路图同时测量电源电压Uo的大小和电阻K的阻值，电源电压U。约为2V〜3V,Rx的阻值约为6Q〜7c.实验室提供如下器材：导线若干、开关、电流表（量程。〜0.6A,0~3A）、电压表（量程0〜3V,0-15V）,滑动变阻器R（最大阻值为30Q）。请你思考完成下列问题：（1）按照图甲用笔画线代替导线，连接好图乙中的实物图 .（2）用物理量U。、上、电流表的示数I写出表示电压表示数U大小的关系式：U=.（3）①正确连接电路后，闭合开关前应使滑动变阻器连入电路的阻值为（选填“最大”或"零”）；②移动滑动变阻器的滑片，读出4组电流表和电压表示数，分别以电流表的示数I和电压表的示数U为横坐标和纵坐标，在坐标纸上描点，把这4个点连接起来大致为一条直线（并虚线延长到纵轴），如图丙所示。从图丙中信息可求得：电源电压Uo=V,电阻Rx=Do[]2018年山东省泰安市中考物理试题【解析】(1)根据题中条件知，电压表和电流表都使用小量程，如电路图所示，除了电压表，其余元件全部串联起来，最后将电压表并联在滑动变阻器与电流表两端，两表连接时注意电流方向，如图：(2)用物理量U。、Rx、电流表的示数I写出表示电压表示数U大小的关系式：根据u=/R得，比两端的电压为：3%,根据串联电路总电压等于各部分电压之和得电压表的示数为：U=UO-UX=UO-1RX.(3)①正确连接电路后，根据保护电路的原则，闭合开关前应使滑动变阻器连入电路的阻值为最大，则闭合开关后，电流最小，对电路起到保护作用。②根据"=%一叫,将坐标中任意两组数据代入式子可得：Uo=2.4V+0.1AxRx_Uo=1.8V+0.2AxRx.联合两式解得：=uo=3Vo点睛：关键是欧姆定律的应用，有一定难度，最后一问根据坐标图任意找出两个标点的数据，列出电源电压的关系式，即可解出答案。.在“探究电流与电压的关系”实验中：(1)请用笔画线代替导线，将甲图中电路连接完整，要求滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大(连线时导线不允许交叉)；(2)正确连接好电路后，闭合开关发现电压表示数为2.8V,电流表无示数，滑动滑片P两表示数均无变化,则故障原因是；(3)小明排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如乙图所示，此时通过电阻的电流为A.若要增大电阻两端的电压，应将滑片P向（选填"A”或"B”）端移动：（4）实验中测得多组数据，绘制出电阻R的I-U图象如图丙所示：由图象可得电流与电压的关系是;本实验所用电阻的阻值为0.[]山东省临沂市2018年中考物理试题甲【答案】 电阻断路0.12B电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比5【解析】分析：（1）滑动变阻器一上一下接且滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，接左下接线柱，（2）若电流表示数为0,说明电路可能断路；电压表示数为电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了，（3）由图示电流表确定其量程与分度值，然后读出其示数；根据分压原理，判断电压的变化，再确定滑滑片移动的方向。（4）根据实验所得数据，绘制出如图丙所示的U-1图像，根据图像可得出“电流与电压关系”的结论：根UR=—据/算出电阻。解答：（1）滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大即远离下接线柱，故接左下接线柱，如下图所示：（2）闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数为2.8V,说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了，此时电压表串联在电路中测电源电压:

(3)图中电流表的量程为0-0.6A,分度值为0.02A,示数为0.12A；根据串联电路的分压作用，若要增大电阻两端的电压，应将最大滑动变阻器的电阻，滑片P向B端移动；(4)据图像可得出“电流与电压关系”的结论是：电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比。由图像知，当电压为0.5V是电流为0.1A,则定值电阻的阻值为： 1甲故答案为：(1). (2).电阻断路(3).0.12 (4).B(5).电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比 (6).5【点睛】本题是探究“导体中电流跟电阻的关系”的实验，考查了电路连接、故障分析、电表读数、数据分析等，考查全面，难度不大，这个实验是常考题，能灵活运用控制变量是关键。.有一实验小组用伏安法测量小灯泡的电阻，电源电压为3V,待测小灯泡的额定电压为2.5V.乙为2.5V.乙 西(1)请用笔画线代替导线，完成如图甲实物电路的连接.(要求：连线不要有交叉)(2)检查电路连接无误后，闭合开关，灯泡不亮，电压表有示数，电流表示数为零。导致这一现象的原因可能是.(选填序号)A.电压表断路B.小灯泡断路C.滑动变阻器断路 D.电压表短路(3)故障排除后，闭合开关，当滑动变阻器滑片P移到某一位置时，电压表示数如图乙所示，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向移。(选填“左”或“右”)(4)通过移动滑动变阻器滑片P记录了多组数据，并作出了如图丙所示的/-〃图象。由图可知小灯泡正常发光时的电阻为Q。[]湖南省邵阳市2018年中考物理真题【答案】 甲 B右12.5【解析】分析：(1)电流表、灯泡、滑动变阻器、开关串联接入电路；滑动变阻器的接法为“一上一下”。(2)常见的电路故障有断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因；(3)根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，电压表的示数小于灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到2.5V,电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小；UR――(4)从图像上找到额定电压对应的点，读出对应的电流，利用 /计算出电阻。解答：(1)滑动变阻器的接法为“一上一下"，电路图如图所示：甲(2)灯泡不亮，可能是灯泡断路或短路或灯泡之外的电路断路；电流表无示额可能是电路断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源两端相连，电压表并联电路之外，不存在断路；故选D：(3)电压表使用卜3V量程，分度值为0.1V,电压为要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V,电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，渭片向右端移动，使电压表的示数为2.5V为止，(4)由图像知，当灯的电压是2.5V时，对应的电流值为0.2A,小灯泡正常发光时的电阻为故答案为：(1). 甲 (2).B(3).右(4).12.5【点睛】本题考查了测量电阻的实验中电路故障的判断、电压表的读数、及电阻的计算，同时还考查了学生对图像的分析和处理能力。本实验需要注意灯丝的电阻随温度的变化而变化。.图甲为“探究电流与电阻的关系”的实验电路图，电源电压恒为3V,用电阻箱来选用不同的电阻，按下述步骤进行实验，回答下列问题（1）闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P移到适当位置，调节电阻箱使接人电路的电阻为4Q时，电流表示数如图乙所示，为A；电压表示数应为Vo（2）将电阻箱调到一个阻值更大的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向 端移动（选填“a”或“b"），使电压表的示数保持不变，同时记下对应的电流值。（3）多次改变电阻箱的阻值，重复上述操作，得到了下表中所示的数据，通过观察表中的数据，分析得出:当电阻两端的电压一定时，接入电路的电阻越大，通过它的电流越<,物理蚩.次数。3“35pR(0)24^10p2g25。I(A)~乙图的示数+0.40^0.2g0加0.08^（4）为了进一步确定电流与电阻的定量关系，老师提出将表中各组电阻值的倒数算出，请你在丙图中描点工作出I-R的图象,根据画出的图象可知：电压一定时，电流1跟电阻R成比。【】【全国市级联考】四川省泸州市2018年中考物理试题【答案】0.52b小见解析正U【解析】（1）如图乙所示，电流表的量程为。〜o.6A,分度值为0.02A,读数为0.5A；由1=互得电压表示数应为：Ui=IRi=0.5AX40=2V；（2）由于电源电压恒为U=3V,电压表示数保持Uo=2V,电阻箱调到一个阻值更大的电阻后，闭合开关，滑动变阻器接入电路的阻值也应增大，故应将滑动变阻器的滑片向b端移动，使电压表的示数2V,同时记下对应的电流值；（3）根据表中数据中电流随电阻变化的关系可得出的初步结论是：在导体两端的电压一定时，导体的电阻越大，通过的电流越小：（4）根据描点法做出图象，如下图:0O.K>ai0O.K>ai50»(U$丙臃窿至思1根据描绘出的I-R图线，可以看出通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，由此进一步得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。点睛：（1）弄清电流的量程和分度值，再读数；根据欧姆定律求出电压值：（2）探究电流与电阻的关系，应保持电压不变，根据串联分压规律即可确定滑动变阻器的滑片移动方向：（3）利用控制变量法对保持电阻两端的电压不变、电流变化的数据进行分析，初步得出电流与电阻的关系；（4）根据描点法做出图象，分析图象得出电压一定时，电流I跟电阻R成正比。.为了探究“电流与电阻的关系”，小明用阻值不同的定值电阻、电压为6伏的电源、滑动变阻器（20C2.5A）等器材按图甲方式连接电路，进行如下实验①将4欧的R接入电路，当电压表示数为4伏时，记录电流表的示数。②用R2替换瓦，发现无论如何左右移动滑片P，电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上。老师告知小明：滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，因此无法连续改变接入电路的有效阻值，当定值电阻与滑动变阻器最大阻值相比过小时，会导致步骤②现象发生。③用一根阻值为0.5欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器，并按图丙方式接入电路，继续实验。通过调节滑片P和旋钮触片Q使电压表示数为4伏，此时电流表示数如图丁所示。（1）图丁中电流表的示数为安。（2）步骤③中滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，则小明应如何调节滑片P和旋钮触片Q使电压表示数为4伏？.（3）小明利用图甲电路继续他的探究实验，仍保持定值电阻两端的电压为4伏，则下列定值电阻可用来替换比进行实验的有（可多选）。A.15欧B.25欧C.35欧D.45欧[]2018年浙江省温州市中考物理试题【答案】2将滑片P向右移，使电压表示数略小于4V,再将触片Q沿逆时针转动，直到电压表示数为4VABC【解析】解：3〉图丁中电流表选用大量程，分度值为0.1A,电流大小为2安。（2）由②知，当定值电阻与滑动变阻器最大阻值相比过小时，因滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，无法连续改变接入电路的有效阻值，故导致电压表指针在4伏的刻度左右摆动，图丙中，用一根阻值为05欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器与滑动变阻器串脏，且此时将其最大电阻连入了电路中，故只能将触片Q沿逆时针转动，减小旋钮式变阻器连入电路中的电阻，因步骤③中滑片？和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，为使电压表示数略小于4V,即应减小电路中的电流大小，由欧姆定律，要增大电路的电阻大小，故将滑片P向右移，使电压表示数略小于4V,再将触片Q沿逆时针转动（电路中总电阻变小，总电流变大），根据U=IR,电压表示数变大，直到电压表示数为4V。（3）根据串联电路电压的规律和U-UvR滑分压原理：u R定 ①，①式左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器取最大值时，6V-4V20C对应的定值电阻最大，即47 R定，即定值电阻的最大电阻为40Q,故用来替换Ri进行实验的有15欧、25欧、35欧的电阻，即选ABC；点睛：（1）根据图丁中电流表选用大量程确定分度值读数：（2）明确电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上的原因，故题中旋钮式变阻器起到电压微调的作用。图丙中旋钮式变阻器与滑动变阻器串联，且图丙中旋钮式变阻器的最大电阻连入了电路中，故其只能将触片Q沿逆时针转动，减小旋钮式变阻器连入电路中的电阻大小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律，此时电路的电流变大，根据U=IR定值电阻的电压将变大，据此分析：（3）根据串联电路电压的规律和分压原理求出定值电阻的最大电阻分析。35.某实验小组的同学通过图甲所示的电路进行实验探究。甲乙丙甲乙丙（1）断开开关S3,闭合开关Si和S2,移动滑动阻器滑片P,发现电压表始终无示数，电流表有示数，其原因可能是（填符号）A.滑动变阻器断路B.R断路C.R短路（2）故障排除后断开开关S3,闭合开4和S2,通过调节滑动变阻器，读出多组相应的电压表和电流表的示数。甲同学根据测量数据绘成如图乙所示图象。由图象可知定值电阻R=（3）乙同学根据测量数据分别计算出多个R的阻值并取平均值，其目的是为了；（4）断开开关S2,闭合开关Si和S3,通过多次调节滑动变阻器，测量灯L的电压和电流，根据测量数据绘成如图丙所示的图象。若灯L的额定电压为2.0V,则它的额定功率为一 也（5）由图丙可看出灯丝的U-I图象不是一条直线，原因是.【】2018年甘肃省白银市、凉州市、张掖市中考物理试题【答案】C10减小误差0.8灯丝电阻会随温度而发生变化【解析】解：（1）A.若滑动变阻器断路，则整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；B.若R断路,则电流表没有示数，电压表与变阻器串联，测电源电压有示数，不符合题意；C.若R短路，则电压表没有示数，电流表有示数，符合题意；故选C；（2）根据测量数据绘成如图乙所示的直线，由欧姆定律，由图象可知定值电阻：U1.OVr=7-014=10Q;（3）乙同学根据测量数据分别计算出多个R的阻值并取平均值，其目的是为减小误差；（4）根据测量数据绘成如图丙所示的图象，当灯L的额定电压为2.0V,通过的电流为0.4A.则它的额定功率为P=U'I'=2VX0.2A=0.8WO（5）因灯丝电阻会随温度而发生变化，不是一个定值，故灯丝的U-I图象不是一条直线。点睛：（1）逐一分析每个选项，找出正确答案：（2）根据图线，由欧姆定律求电阻大小；（3）多次测量取平均值可减小误差；（4）根据测量数据绘成如图丙所示的图象，找出灯L的额定电压为2.0V通过的电流大小，根据P=UI求它的额定功率；（5）灯丝电阻会随温度而发生变化。.（2018•宁波）实验室购买了一卷标有长度为100m的铜芯漆包线，小科想通过实验测定其实际长度。他首先测得导线横截面积S为1廊2,查阅资料得知现温度下这种导线每米的电阻值为0.017Q。（1）利用图甲所示的实物图测出铜导线的电阻。①实验中，小科在闭合开关前应将滑片P置于最端。（填“左”或“右”）。②小科通过移动滑片P，测得多组数据，绘制成U-I图象如图乙，据此可以判定这卷导线的实际长度100m.（填“大于”、“等于”或“小于”）（2）小思认为用电子秤测出这卷导线的质量m,利用铜的密度P也可以算出实际长度。请你写出这卷导线实际长度L的计算式：L=（用字母表示）。[]浙江省宁波市2018年中考物理试题【答案】右小于PS【解析】（1）①为了保护电路闭合开关前滑片在阻值最大处，即滑片在右端;②由图象知：A=]=^=L6C,因为每1m的电阻为0.017Q,所以导线的总长度为J=芸枭=94,11m<100tn；（2）用电子秤测出这卷导线的质量m,铜的密度P；这卷导线的体积：=方;L-这卷导线的长度： SpSQ点睛：考查了欧姆定律和密度公式的应用，第一问中根据坐标图中任一个关系图像与网格的交点数据都可以求出导线的总电阻。.在“探究电流与电压的关系”的实验中,（1）请在方框中画出能够改变定值电阻的电压、并可以同时测量电压和电流的电路图（2）通过实验记录电流表、电压表的示数如下表所示R=10Q实蛉序号。2。3。4^5p电压U/W2623242a2加36电流IAP0.20^0.22-0.230.26^1.40^0加对表中数据进行分析，你认为错误的数据是实验序号,排除错误数据，可归纳得出的结论是.(3)如果想用此电路继续探究“电流与电阻的关系”，每次更换电阻后，可以通过调节,使电阻两端的电压不变。实验得出的结论是»[][全国市级联考】2018年山东省聊城市中考物理试题【答案】见解析5在电阻一定时，电流与电压成正比滑动变阻器在导体两端电压一定时，电流与电阻成反比【解析】(1)实蛤中要能够改变定值电阻的电压需要用滑动变阻器测量电压用电压表，测量电流用电流表,电路如图：2.0V_2.2V(2)根据数据分析可知，随着电压的增大电流在增大,并且电压与电流的比值为改必一向=——=10,所以第5次实验中的电流数应当是错误的，应该为0.28A,并且可以看出在电阻一定时，电流与电压成正比(3)要探究“电流与电阻的关系”，每次更换电阻后，需要通过调节滑动变阻器，使电阻两端的电压不变。可以得出结论：在导体两端电压一定时，电流与电阻成反比。点睛：(1)实验中为了探究规律，需要多次测量定值电阻两端的电压，因此需要滑动变阻器，多测几组电压和电流值，需要用电流表和电压表测量电流与电压，据此画出电路图；(2)根据数据表中电,流与电压的关系可分析出错误数据，并得出结论。(3)探究通过导体的电流与电阻的关系实验，根据控制变量法可知应通过移动滑动变阻器控制电压不变，从而得出结论。38.在“探究电流跟电压关系”的实验中：(1)如1图所示，甲为,乙为.(选填“电流表”或“电压表”)(2)用笔画线代替导线将2图中电路连接完整，要求实验过程中滑动变阻器的滑片从右向左移动.(导线不能交叉)

HH（3）在实验操作过程中保持不变，闭合开关时，调节滑动变阻器的滑片P做了三组实验数据，如3图表所示，请根据该图表中数据在4图中进行描点连线.123123<K*V/V1.02.02.3电0.110.200.26in（4）对实验数据进行分析，归纳出结论是.[]广东省2018年中考物理试题【答案】电流【答案】电流表电压表电阻R当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比【解析】（1）电流表串联在电路中作用，电压表并联使用。所以如1图所示，甲串联在电路中，应为电流表;乙与定值电阻并联，为电压表;（2）如图2,根据实验过程中滑动变阻器的滑片从右向左移动的要求，即滑片在右端时电阻最大，所以连接滑动变阻器的A接线柱到定值电阻的右端，根据电源由两节电池组成，电压不超过3V,故再连接电阻的右端到电压表的“3V”接线柱，如图：

(3)研究电流与电压的关系，要保证电阻不变，多次改变电阻两端的电压，所以在实蛉操作过程中保持电阻R不变;根据该图表数据在4图中进行描点连线，得到电流与电压的关系图像如图:(4)对实验数据及所绘图像进行分析，去除误差的因素，电流随电压的升高而增大，所得图像为一直线，是成正比的，故结论为：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。39.某实验小组的同学用图甲所示的器材测量小灯泡的电阻，已知待测小灯泡额定电压为3.8V,小灯泡的额定功率估计在1.0W左右右(1)连接电流表时应选用的量程是(选填“0〜0.6A"或“0〜3A”)(2)做出相应的电路图在图丙的虚线框内.(3)连接好电路后，调节滑动变阻器，使电流表、电压表的指针如图乙所示，求出此时小灯泡的阻值为 Q[]湖南省衡阳市2018年中考物理试题【答案】o—o.6A见解析17.5QP额1.01V【解析】(1)解根据P颔=U额I额可得I额=”额3.8V=o.26A所以连接电流表时应选用的量程是0〜0.6A

(2)电流表串联在电路中，电压表并联在小灯泡两端，滑动变阻器串联在电路中，图丙虚线框内相应的电路图如下：(3)由题意可知电压表使用的是大量程，电流表用的小量程，它们的分度值分别是0.5V、0.02A所以电流3.5V =17.5。表、电压表的示数分别是0.2A、3.5V,此时小灯泡的阻值R=02440.如图所示用电流表(0—0.6A,0—3A)、电压表0—3V,0—15V).定值电阻(5Q、10。、15Q、20Q、30c各一个)、滑动变阻器(0-50Q)、电源(6V)、开关和导线若干，探究电流与电阻的关系.(D请你根据甲图所示的电路国，将乙图中的电路连接完整(D请你根据甲图所示的电路国，将乙图中的电路连接完整(2)滑动变阻器在电路中的作用是«(3)小强做此实验时，在电流表使用无误的情况下，收集测量数据，记录表格如下:电“kn电源I/A电“kn电源I/A1S0.62100.13IS0.24200.155300.1小强的五次实验操作中有一次是错误的,请你对小强记录的数据进行分析。你发现第次测量的数据是错误的，错误的原因是.(4)请你根据表中正确的数据，在丙图中绘制出电流随电阻变化的图象[]2018年前泽中考物理试题

调整定值电阻两端的电压，使其保持不变2没有保持定值电阻两端的电压不变"'2右击加【解析】(1)如丙图，根据滑动变阻器•一上一下'.的连接方式，连接滑动变阻器下面的一个接线柱到定值电阻的右端，再连接电源的负极到电流表的负接线柱即可，如图：(2)研究电流与电阻的关系实验时，滑动变阻器在电路中的作用是保证定值电阻两端的电压不变，另外还有一个通用的作用，即保护电路。(3)我们知道电流与电阻是成反比的，即电流与电阻的乘积不变，即电压不变，对小强记录的数据进行分析可知，第1、3、4、5次实验，电流与电阻的乘积都为3V,即实验时电阻两端的电压为3V,,而第2次实验,电流与电阻的乘积为IV,所以第2次测量的数据是错误的；从题中条件知，滑动变阻器最大阻值50Q,定值电阻为10Q,电源电压为6V,在此条件下电流为：/—— U.iAR5OQ+10Q ,可见是因为闭合开关后，没有调整滑动变阻器的滑片使电阻两端的电压保持不变，就直接读数了。(4)第2次实验正确的数据应为：根据表中正确的数据，在丙图中描点连线绘制出电流随电阻变化的图象:41.下表是小金探究小灯泡L的电流与电压关系时所记录的实验数据。实蛉序号12实蛉序号123456电压（V）01.01.52.02.53.0电流（A）00.190.230270.300.32（1）在如图的坐标系中画出通过小灯泡电流随它两端电压变化的图象。（2）已知该小灯泡的额定功率为0.75瓦，现有电压为6伏的电源，若要使小灯泡正常工作，请设计电路图，并说明使小灯泡L正常工作时的操作方法:（现有器材：“20。，1A”的滑动变阻器、电压表、开关各一只，导线若干）。[]浙江省杭州市2018年中考科学试题【答案】（1）,【答案】（1）,操作方法：由题（1）曲线可知,当小灯泡正常发光时，额定电压为2.5伏，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，观察电压表的示数，当电压表的示数为2.5伏时，小灯泡正常工作。【解析】（1）根据实验数据画出小灯泡电流随它两端电压变化的图像如图所示:（2）该小灯泡的额定功率为0.75瓦，由表格数据可知，小灯泡的额定额定电压为2.5V,现有电压为6伏的电源，若要使小灯泡正常工作，需串联一个滑动变阻器，电路图如下：由题(1)曲线可知，当小灯泡正常发光时，额定电压为2.5伏。闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，观察电压表的示数，当电压表的示数为2.5伏时，小灯泡正常工作。42.小明想测量标有“2.5V”小灯泡的电阻，请解答下列问题：(1)请用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整 .(导线不能交叉)(2)连好电路后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于最端。(选填“左”或“右”)(3)团合开关后，发现电流表、电压表均有示数。但灯泡不亮，原因可能是.A.小灯泡断路B.小灯泡短路C.滑动变阻器断路D.滑动变阻器接入电路的阻值过大(4)调节滑动变阻器，测得实验数据如表所示：女蛉次数第1次第2次第3次第4次电压(v)101.52.02.5电澧(A)0.141.00025030电阻(Q)在分析实验数据时，发现一个数据有明显的错误，这个数据是;若此错误是看错电表量程导致的，则该数据的正确值应是。(5)根据实验数据可知，小灯泡正常发光时的电阻是Q,(6)实验完成后，分析数据发现，小灯泡电阻呈逐渐增大趋势，其原因可能是«[]山东省威海市2018年初中学业考试(中考)物理试题

【答案】左D1.000.208.3温度越高，小灯泡电阻越大【答案】【解析】(1)如图电路，将电压表并联在灯泡两端即可，根据灯泡的额定电压为2.5V,所以连接电压表的“3V”接线柱到灯泡的右端，再连接电压表的负接线柱到灯泡的左端，如图:(2)根据保护电路的原则，连好电路后，闭合开关前，应滑动变阻器的滑片应置于阻值最大端，所以滑片应位于左端。(3)团合开关后，发现电流表、电压表均有示数。但灯泡不亮，其原因:A.小灯泡断路时，电流表不会有示数，不正确B.小灯泡短路时，电压表不会有示数，不正确;C.滑动变阻器断路时，电压表、电流表都不会有示数，不正确;D.滑动变阻器接入电路的阻值过大时，电流达小，灯泡的实际功率小，所以灯泡不发光，故D正确，选D。(4)调节滑动变阻器，测得实验数据如表1所示:在分析实验数据时，电压从IV增大到2.5V的过程中，电流从0.14A增大到0.30A,而第二次的电流为1.00A,所以一个数据有明显的错误，即1.00A是错误的，明显不符合实际:若此错误是看错电表量程导致的，因为电流表的两个量程为5倍的关系，即该数据的正确值应是:1.00A =0.20A5 .(5)灯泡的额定