2022年广东省广州三中物理高二第二学期期末学业水平测试模拟试题含解析

2021-2022高二下物理期末模拟试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、为了保证汽车刹车时车轮不被抱死，使车轮仍有一定的滚动而不是纯滑动，这样既可以提高刹车效果，又不使车轮失去控制．为此需要一种测定车轮是否还在转动的装置，这种检测装置称为电磁脉冲传感器，如果该装置检测出车轮不再转动，它就会自动放松刹车机构，让车轮仍保持转动状态，这就是ABS防抱死系统．如图是电磁脉冲传感器示意图，B是一根永久磁体，外面绕有线圈，它们的左端靠近一个铁质齿轮A.齿轮与转动的车轮是同步的，则以下说法正确的是()A．车轮转动时，由于齿轮在永久磁体的磁场中切割磁感线，产生感应电流B．车轮转动时，由于齿轮被磁化使线圈中的磁场发生变化，产生感应电流C．车轮转速减慢时，输出电流的周期变小．电流强度也变小D．车轮转速减慢时，输出电流的周期变大，电流强度也变大2、如图，是甲、乙两质点从同一位置，在同一直线上运动的速度v与时间t的关系图象．对两质点运动情况的分析，下列结论正确的是()A．甲的加速度大于乙的加速度B．在t=2s时两质点相遇C．在t=1s时两质点相距0.25mD．在t=2s时两质点相距3m3、下列关于时间与时刻、位移与路程的说法，正确的是A．1分钟有60个时刻B．位移的大小永远不等于路程C．物体通过一段路程，但位移可能为零D．描述运动时，时刻对应的是一段位移，时间对应的是某一位置4、下列说法正确的是()A．爱因斯坦在光的粒子性的基础上，建立了光电效应方程B．康普顿效应表明光子只具有能量，不具有动量C．波尔的原子理论成功地解释了所有原子光谱的实验规律D．德布罗意指出微观粒子的动量越大，其对应的波长就越长5、伽利略对自由落体运动进行了研究，图示大致反映了这一研究过程，下列说法不正确的是（）A．甲是真实的实验现象，丁是经合理外推的结论B．利用斜面做实验，可“放大”重力的作用，使现象更明显C．该实验方法的核心是把实验和逻辑推理结合起来D．甲的实验，可“冲淡”重力的作用，使现象更明显6、如图所示，理想变压器的输入端接正弦交流电，副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2；输电线的等效电阻为R，开始时，电键K断开。当K接通时，以下说法中正确的是A．副线圈的两端M、N的输出电压减小B．副线圈输电线等效电阻R上的功率减小C．通过灯泡L1的电流不变D．理想变压器的输入功率增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为理想变压器原线圈所接交变电流压的波形．原、副线圈匝数比n1:n2=10:1，串联在原线圈电路中电流表的示数为1A，下列说法中正确的是A．变压器输出端的交变电流的电压是20VB．变压器的输出功率为200WC．变压器输出端的交变电流的频率为50HzD．穿过变压器铁芯的磁通量变化率的最大值为Wb/s8、如图所示，以点电荷Q为圆心的圆上有B、C两点，已知将正点电荷q从A点移至B点，克服电场力做功为W，W>0则（）A．Q为负电荷B．将负电荷从C点移至A点，电势能增加C．将正点电荷q从B点沿圆周移至C点，电场力不做功D．将正点电荷q从C点沿直线移至A点，电场力做功大于W9、关于下列光学现象，说法正确的是（）A．水中蓝光的传播速度比红光快B．光从空气向射入玻璃时可能发生全反射C．在岸边观察前方水中的一条鱼，鱼的实际深度比看到的要深D．分别用蓝光和红光在同一装置上做双缝干涉实验，用红光时得到的条纹间距更宽10、如图所示，一理想变压器的原、副线圈的匝数比22:1，交流电源的电动势e=2202sin100πt (V)，电阻RA．副线圈两端电压为10VB．当滑动变阻器功率最大时，电压表的示数为4VC．当变压器输入功率最大时，电流表的示数为1AD．当电源频率变成原来的2倍时，变压器输入功率也变为原来的2倍三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中(1)下列操作正确的是___________(填选项前的字母)A．甲图:小球从偏离平衡位置60°开始摆动B．乙图:细线上端用铁夹固定住C．两图:小球到达最高点时作为计时开始与终止位置D．丁图:小球自由下垂时测量摆长(2)实验过程中，改变摆长，测量多组不同摆长情况下单摆的周期，以摆长为坐标，周期的平方为纵坐标，作出T2-l图象。理论上图线是一条过坐标原点的直线，但小周同学根据实验数据作出的图线如图所示，则造成图线不过坐标原点的原因可能是________;由图像求出的重力加速度g＝_______m/s。(取＝9.86)12．（12分）如图所示的装置进行“验证动量守恒定律”的实验：（1）先测出可视为质点的两滑块A、B的质量分别为M，m及滑块与桌面之间的摩擦因数μ；查出当地的重力加速度g；（2）用细线将滑块A，B连接，使A，B间轻弹簧处于压缩状态，滑块B恰好紧靠在桌边；（3）剪断细线，测出滑块B做平抛运动落地的水平位移s1，滑块A沿桌面滑行的距离s2（未滑出桌面）为验证动量守恒定律，写出还需要测量的物理量及表示它的字母_________________，如果弹簧弹开过程动量守恒，需满足的关系式____________________________。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一辆轿车强行超车时，与另一辆迎面驶来的轿车相撞，两车相撞后，两车车身因相互挤压,皆缩短了，据测算两车相撞前速度约为．则：（1）试求车祸中车内质量约的人受到的平均冲力是多大？（2）若此人系有安全带,安全带在车祸过程中与人体的作用时间是，求这时人体受到的平均冲力为多大?14．（16分）如图所示，水平面内固定着U形光滑金属导轨NMPQ，轨距为L，金属裸导线ab质量为m，电阻为r，横放在导轨上，导轨左端连一个阻值为R的电阻(导轨部分电阻不计)，现加上竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场。用水平恒力F拉动ab使其始终垂直于导轨向右匀速运动，问：(1)ab的速度为多少?(2)若突然撤去外力F，则在此后的时间中，电阻R上还能产生多少热量?15．（12分）在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个静止的放射性原子核发生了一次α衰变．放射出α粒子（）在与磁场垂直的平面内做圆周运动，其轨道半径为R．以m、q分别表示α粒子的质量和电荷量．（1）放射性原子核用表示，新核的元素符号用Y表示，写出该α衰变的核反应方程．（2）α粒子的圆周运动可以等效成一个环形电流，求圆周运动的周期和环形电流大小．（3）设该衰变过程释放的核能都转为为α粒子和新核的动能，新核的质量为M，求衰变过程的质量亏损△m．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】AB、此传感器是利用线圈中磁通量的变化产生感应电流的原理来实现检测的，当车轮转动时，带动齿轮转动，相当于将铁块插入和拔出线圈，从而使线圈中磁通量发生变化而产生感应电流，故A错误，B正确；CD、当车轮转速减慢时，线圈中磁通量的变化减慢，产生的感应电流的周期变大，由可知，电流强度变小，故C、D错误；故选B．【点睛】车轮在转动时，被磁化的齿轮产生的磁场使线圈中的磁通量发生变化，产生感应电流．根据法拉第电磁感应定律判断输出电流周期和大小的变化．2、D【解析】

（1）v-t图象的斜率代表加速度，图象越陡，说明该运动加速度越大，故甲质点的加速度小于乙质点得加速度，A错误；（2）v-t图象的交点代表速度相同，故t=2s时两质点的速度相同；v-t图象的面积代表位移，从图象可以看到，两质点在0-2s内位移并不相等，B错误；（3）由图象可知，甲、乙两质点运动的加速度分别为，，所以在0-1s内，甲的位移为，乙的位移为，所以在t=1s的时刻，两质点相距，C错误；（4）在0-2s内，由v-t图象的面积可知，甲的位移为，乙的位移为，所以在t=2s的时刻，两质点相距3m．【点睛】根据v-t图象的斜率大小（陡峭程度）可以判断或计算两物体的加速度的大小；根据v-t图象的面积可以可以计算位移：横轴上方的面积代表物体沿正方向的位移；横轴下方的面积代表物体沿负方向的位移．3、C【解析】试题分析：1分钟可以分无数个时刻，所以A错误；在单向直线运动中，位移的大小和路程相等，所以B错误；位移的大小等于物体初末位置间的距离，路程是运动轨迹的长度，物体通过一段路程，但位移可能为零，选项C正确；在描述一个物体的运动时，时刻对应的是物体的某一位置，位移和时间相对应，故D错误．考点：时间与时刻、位移与路程【名师点睛】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点；位移的大小等于物体初末位置间的距离，路程是运动轨迹的长度．4、A【解析】爱因斯坦在光的粒子性的基础上，建立了光电效应方程，选项A正确；康普顿效应表明光子不仅具有能量，还有动量，选项B错误；波尔的原子理论成功地解释了氢原子光谱，但不能解释复杂原子光谱，选项C错误；德布罗意指出微观粒子的动量越大，其对应的波长就越短，选项D错误；故选A.5、B【解析】甲乙丙均是实验现象，丁图是经过合理的外推得到的结论，故A说法正确；倾角越大越接近自由落体运动，不存在“放大”重力的作用，故B说法错误；甲、乙、丙三个图都是实验现象，采用斜面的目的是可以“冲淡”重力的作用，使实验现象更明显．而之所以采用了不同倾角的斜面，则是观察其规律性，形成外推的实验基础，而丁图是在此基础上经过合理的外推得到的结论，故CD说法正确。所以选B。6、D【解析】

变压器的输入电压和匝数比都不变，根据电压与匝数成正比，可知副线圈的两端M、N的输出电压不变，故A错误；K接通时负载总电阻减小，输出电压又不变，所以副线圈中电流变大，则副线圈输电线等效电阻R上的功率增大，故B错误；电阻R上的电压增大，灯泡L1两端的电压减小，所以通过灯泡L1的电流减小，故C错误；次级电流变大，则次级消耗的功率变大，则理想变压器的输入功率增大，故D正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】原线圈接入电压的最大值是，所以原线圈接入电压的有效值是U=200V，根据理想变压器变压比：，代入数据解得副线圈的电压为：，故A错误；理想变压器传输功率不损耗，所以输出功率为：，故B正确；因交流电的周期是0.02s，所以频率为，且变压器不改变电流频率，故C正确；由交变电流知识可知，变压器铁芯线圈中磁通量变化率的最大值为：，故D正确．所以BCD正确，A错误．8、BC【解析】

A.将正电荷从A移到B点，电场力做负功，则电势能升高，可知B点的电势高于A点，则Q为正电荷，A错误；B.将负电荷从C点移到A点和从B点移到A点，电场力做功相同，将负电荷从B点移动A电，电场力做负功，电势能增加，B正确；C.B、C两点处于同一等势面上，将正点电荷q从B点沿圆周移至C点，电场力不做功，C正确；D.将正电荷从C点移到A点，与从B点移到A点电场力做功相同，均为，D错误。故选BC。【点睛】根据电场力做功得出电势能的高低，从而得出电势的高低，判断出点电荷Q的电性。根据电场力做功判断电势能的变化，在等势面上移动电荷，电场力不做功。9、CD【解析】

蓝光的频率大于红光的频率，故水对蓝光的折射率较大，再根据可得水中蓝光的传播速度比红光慢，所以A错误；光从空气向射入玻璃时，是从光梳进入光密介质不可能发生全反射，所以B错误；根据光的折射定律可知，在岸边观察前方水中的一条鱼，鱼的实际深度比看到的要深，所以C正确；根据知，同一装置，波长越长条纹间距越宽，故D正确．10、AC【解析】

A.变压器原线圈的输入电压U1＝220V，由U1:U2＝n1:n2，得U2＝10V;故A正确.B.在副线圈回路中可将副线圈和定值电阻R等效为电动势为10V，内阻为10Ω的直流电源与滑动变阻器串联，当R变＝R＝10Ω时，滑动变阻器的功率最大,此时电压表的读数为5V;故B错误.C.变压器输入功率等于输出功率，P入=P出=U22R变+R，当R变D.变压器不能改变交流电的频率，则电源频率的改变对变压器的输入功率无影响;故D错误.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BD；漏加小球半径；9.86【解析】

(1)A项：摆线与竖直方向的夹角不超过5°时，可以认为摆球的运动为简谐运动，故A错误；B项：细线上端应用铁夹子固定，防止松动引起摆长的变化，故B正确；C项：当小球运动到最低点时开始计时误差较小，故C错误；D项：实验时应该让小球自由下垂时测量摆线的长度，故D正确。(2)图象不通过坐标原点，将图象向右平移就会通过坐标原点，故相同的周期下，摆长偏小，故可能是漏加小球半径；由得，，则有：，解得：。12、B到地面的高度h【解析】

[1]剪断细线后B做平抛运动,要求B的初速度,需要知道运动的高度和水平距离,所以还需要测量桌面离地面的高度h;[2]如果动量守恒,则剪断细线前后动量相等,剪断前两滑块速度都为零,所以总动量为零,剪断后,B做平抛运动,,

A做匀减速直线运动,根据动能定理得:,计算得出:

所以必须满足的关系为

带入数据得:四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）5.4×104N（2）1.8×103N【解析】

人随车一起做匀减速直线运动，根据动量定理求解平均冲击力即可．(1)两车碰撞时的时间为：根据动量定理有：得：；(2)由动量定理可得：解得：．14、(1)(2)【解析】

(1)当金属杆匀速运动时，合力为零，恒力F与安培力平衡，由E=BLv、欧姆定律和安培力公式求出安培力与速度的关系式，应用平衡条件求出速度．(2)撤去外力F，ab棒在安培力作用下做减速运动，直至停止运动，由能量守恒定律求电阻R上还能产生的热量．【详解】(1)设ab的速度为v．则ab产生的感应电动势为：E=BLv

回路中感应电流为：ab所受的安培力为：F安=BIL联立解得：根据平衡条件有：F=F安，则得：