广西桂林梧州贵港玉林崇左北海届高三物理上学期第一次联合调研考试试卷含解析

广西桂林、梧州、贵港、玉林、崇左、北海届高三物理上学期第一次联合调研考试一试卷含剖析广西桂林、梧州、贵港、玉林、崇左、北海届高三物理上学期第一次联合调研考试一试卷含剖析PAGE广西桂林、梧州、贵港、玉林、崇左、北海届高三物理上学期第一次联合调研考试一试卷含剖析2019年高考桂林、梧州、贵港、玉林、崇左、北海第一次联合调研考试理科综合物理部分二、选择题：1.资料同样、质量不同样的两滑块,以同样的初动能在水平面上运动直到停止。若两滑块运动过程中只遇到水平面的摩擦力,则质量大的滑块A.战胜摩擦力做的功多B.运动的位移大C.运动的时间长D.摩擦力的冲量大【答案】D【剖析】【详解】由动能定理得，滑块战胜摩擦力做的功，两滑块战胜摩擦力做功相等，质量大的滑块运动的位移小，，质量大的滑块初速度小，又由得，质量大的滑块运动时间短，冲量大小，因此质量大的滑块冲量大，故D正确。【点睛】此题合理利用动能与动量的关系，即可解题。2.甲、乙两物体沿统向来线运动，运动过程中的位移—时间图像以以下图，以下说法中正确的选项是（）A.0～6s内甲物体做匀变速直线运动B.0～6s内乙物体的速度渐渐减小C.0～5s内两物体的均匀速度相等D.0～6s内存在某时辰两物体的速度大小相等【答案】D【剖析】【剖析】x-t图象为直线表示物体做匀速直线运动，x-t图象的斜率表示速度，斜率大小表示速度大小，斜率正负表示速度方向。【详解】A项：x-t图象为直线表示物体做匀速直线运动，故A错误；B项：x-t图象的斜率表示速度，由图象乙可知，图象的斜率渐渐增大，即速度渐渐增大，故B错误；C项：0-5s甲的位移为5m，均匀速度为，乙的位移为-3m，均匀速度为：，故C错误；D项：x-t图象的斜率表示速度，由甲、乙图象可知，在0-6内有两处的斜率大小相等，即有两处速度大小相等，故D正确。故应选：D。3.在电荷量分别为2q和-q的两个点电荷形成的电场中，电场线散布以以下图，在两点电荷连线上有a、b、c三点，且b、c两点到正点电荷距离相等，则（）A.在两点电荷之间的连线上存在一处电场强度为零的点B.将一电子从a点由静止开释，它将在a、b间来往运动C.c点的电势高于b点的电势D.负试一试电荷在a点拥有的电势能大于在b点时的电势能【答案】C【剖析】【详解】A、正负电荷在两点电荷之间的连线上产生的场强方向同样，因此在两点电荷之间的连线上不存在电场强度为零的点，故A错；B、将一电子从a点由静止开释，电子在a点遇到向右的电场力，因此要从静止向右运动，则运动不是在a、b间来往运动，故B错；C、b、c两点到正点电荷距离相等，若只有正电荷，则bc两点的电势相等，但因为负电荷的存在致使c点的电势高于b点的电势，故C对；D、沿着电场线电势在降低，因此a点电势高于b点电势，而负电荷在电势高的地方电势能小，因此a点拥有的电势能小于在b点时的电势能，故D错综上所述此题选;C4.天文兴趣小组查找资料得悉：某天体的质量为地球质量的a倍，其半径为地球半径的b倍，表面无大气层，地球的第一宇宙速度为v。则该天体的第一宇宙速度为（）A.B.C.D.【答案】A【剖析】【剖析】物体在地面周边绕地球做匀速圆周运动的速度叫做第一宇宙速度，大小7.9km/s，可依据卫星在圆轨道上运转时的速度公式解得。【详解】设地球质量M，某天体质量是地球质量的a倍，地球半径r，某天体径是地球半径的b倍由万有引力供给向心力做匀速圆周运动得：解得：卫星在圆轨道上运转时的速度公式分别代入地球和某天体各物理量得：，故A正确。应选：A。【点睛】此题要掌握第一宇宙速度的定义，正确利用万有引力公式列出第一宇宙速度的表达式。5.某医院利用放射线治疗肿瘤，被利用的放射源必然具备以下两个条件：（1）放出的射线有较强的穿透能力，能辐射到体内肿瘤所在处；（2）能在较长的时间内供给比较坚固的辐射强度。现有四种放射性同位素的放射线及半衰期如表所示。对于在表中所列的四种同位素，以下说法正确的选项是同位素钴60锶90锝99氡222放射线半衰期5年28年6小时3.8天A.最适合作为放疗使用的放射源应是钴60B.最适合作为放疗使用的放射源应是锶90C.放射线的电离能力最强的放射源是锝99D.放射线的电离能力最强的放射源是氡222【答案】AD【剖析】【详解】钴60放出的射线穿透能力强，半衰期长，选项A正确，B错误；射线电离能力最强，射线的电离能力最弱，氡222放出的是射线，选项C错误，D正确，应选AD。【点睛】此题只需知道三种射线的电离与穿透能力关系即可正确解题。6.以以下图,质量均为m的木块A和B用一轻弹簧相连,竖直放在圆滑的水平面上,木块A上放有质量为2m的木块C,三者均处于静止状态.现将木块C快速移开,若重力加快度为g,则在木块C移开的刹时(

)A.弹簧的形变量不改变B.弹簧的弹力大小为mgC.木块A的加快度大小为2gD.木块B对水平面的压力快速变成2mg【答案】AC【剖析】【剖析】本来系统静止，依据共点力均衡求出弹簧的弹力。在将C快速移开的刹时，弹簧的弹力不变，依据牛顿第二定律求出木块A的加快度。对B，由均衡条件剖析地面对B的支持力，从而剖析出B对地面的压力。【详解】A项：因为弹簧弹力属于渐变，因此撤去C的刹时，弹簧的形变量不变，故A正确；B项：开始整体处于均衡状态，弹簧的弹力等于A和C的重力，即F=3mg，撤去C的刹时，弹簧的形变量不变，弹簧的弹力不变，仍为3mg，故B错误；C项：撤去C刹时，弹力不变，A的协力等于C的重力，对木块A，由牛顿第二定律得：2mg=ma，解得：a=2g，方向竖直向上，故C正确；D项：撤去C的刹时，弹簧的弹力不变，仍为3mg，对B，由均衡条件得：F+mg=N，解得：N=4mg，木块B对水平面的压力为4mg，故D错误。应选：AC。【点睛】此题是牛顿第二定律应用中的刹时问题，要明确弹簧的弹力不可以突变，知道撤去C的刹时，弹簧的弹力不变，联合牛顿第二定律进行求解。7.如图甲所示，标有“220V40W”的灯泡和标有“20μF360V”的电容器并联到沟通电源上，V为沟通电压表，沟通电源的输出电压如图乙中正弦曲线所示，闭合开关S。以下判断正确的选项是(

)A.电容器会被击穿B.沟通电源的输出电压的有效值为220VC.t=T/2时辰，V的示数为零D.t=T/2时辰，经过灯泡的电流为零【答案】BD【剖析】【剖析】沟通电压表丈量的电压及灯泡的工作电压均为电压的有效值；而沟通电的击穿电压为最大值。【详解】A项：沟通电的最大值为小于电容器的击穿电压，故电容器不会被击穿故A错误；B项：沟通电压表丈量为沟通电压的有效值，由乙图可知，沟通电压的最大值为，由电压的有效值为，故B正确；C项：电压表的示数为有效值，电压表的示数为220V，故C错误；D项：t=T/2时辰，灯泡两头电压的瞬市价为0，经过灯泡的电流的瞬市价为0，故D正确，应选：BD。【点睛】此题察看描绘沟通电的有效值及最大值，要注意明确沟通电的有效值不可以超出电容器的最大耐压值；而电压表等丈量的为有效值。8.如图甲所示，两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感觉强度方向与纸面垂直。边长为1m，总电阻为1Ω的正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场界限平行。现使导线框水平向右运动，cd边于t=0时辰进入磁场，c、d两点间电势差随时间变化的图线如图乙所示。以下说法正确的选项是（

）A.磁感觉强度的方向垂直纸面向里B.磁感觉强度的大小为4TC.导线框进入磁场和走开磁场时的速度大小之比为3：1D.0～3s的过程中导线框产生的焦耳热为48J【答案】AB【剖析】【剖析】依据感觉电流的方向，联合楞次定律得出磁场的方向。依据线框匀速运动的位移和时间求出速度，联合E=BLv求出磁感觉强度，依据焦耳定律求线圈发热量。【详解】A项：0-1s内线框进入磁场，c、d两点间电势差为正，即C点相当于电源的正极，由右手定章可知，磁场方向垂直纸面向里，故A正确；B项：0-1s内线框进入磁场，c、d两点间电势差为，线框的速度为，解得：，故B正确；C项：由图乙剖析可知，线框在0-1s内进入磁场，2-3s内出磁场，且都是匀速运动，因此速度都为1m/s，因此导线框进入磁场和走开磁场时的速度大小之比为1：1，故C错误；D项：线框在0-1s内进入磁场过程中电流为，产生的热量为：，1-2s内线框的磁通量不变，因此无感觉电流产生，即无热量产生，2-3s内线框出磁场过程中电流为，，产生的热量为：，因此总热量为32J，故D错误。应选：AB。【点睛】此题察看了导线切割磁感线运动种类，要掌握切割产生的感觉电动势公式以及楞次定律，此题要可以从图象中获得感觉电动势的大小、方向、运动时间等等。9.某同学利用打点计时器来丈量某种正弦交变电流的频次，装置如图甲所示。已知砝码盘的总质量m=0.1kg，用弹簧秤丈量小车所受重力表示图如图乙所示。图丙为某次实验时打点计时器所打出的纸带的一部分，图A、B、C、D、E为相邻的计数点，且每相邻计数点之间均有一个点未画出。长木板水平搁置，不计全部摩擦，取g=10m/s2，回答以下问题。（1）由图乙可知，小车所受重力为______N。（2）依据牛顿运动定律可算出小车的加快度大小为_______m/s2。（结果保存两位有效数字）（3）该沟通电源的频次为______Hz。（结果保存两位有效数字）【答案】(1).（1）4.00(2).（2）2.0(3).（3）20【剖析】【剖析】依据测力计的读数规则正确读数，依据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加快度的大小。【详解】(1)由图乙可知，测力计的最小分度为0.1N，因此小车的重力为4.00N；(2)对小车和砝码及盘由牛顿第二定律可得：；(3)依据逐差法有：，解得：。10.某同学利用图甲所示的电路图丈量电流表的内阻RA（约为10Ω）和电源的电动势E。图中R1和R2为电阻箱，S1、S2为开关。已知电流表的量程为100mA。（1）断开S2,闭合S1，调理R1的阻值，使满偏；保持R1的阻值不变，闭合S2，调理R2,当R2的阻值为5.2Ω时的示数为40mA。则电流表的内阻的丈量值RA=___Ω。该丈量值_____(填"大于”“小于”或“等于”)真切值。(2)保持S1闭合,断开S2,多次改变R1的阻值,并记录电流表的相应示数。若某次R1的示数如图乙所示，则此次R1的阻值为_____Ω。(3)利用记录的R1的阻值和相应的电流表示数I,作出I-1—R1图象,如图丙所示，利用图丙可求得E=____V.。(结果保存两位有效数字)【答案】(1).（1）7.8(2).小于(3).（2）120.6(4).（3）9.3（9.1-9.4）【剖析】【剖析】(1)依据题意应用并联电路特色与欧姆定律求出电流表内阻；(2)电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积之和是电阻箱示数；(3)依据电路图应用闭合电路欧姆定律求出表达式，此后依据图示图象求出电源电动势。【详解】(1)由题意可知，干电路电流不变成：Ig=100mA，流过电阻箱R2的电流：I2=Ig-IA=100mA-40mA=60mA，电流表内阻：，当开关S2闭合后，并联部分的电阻减小，总电流偏大，因此流过流过电阻箱R2的电流应大于60mA，因此该丈量值小于真切值；(2)由图乙所示可知，电阻箱阻值为：1×100Ω+2×10Ω+0×1Ω+6×0.1Ω=120.6Ω；(3)断开S2、闭合S1，由图示电路图可知，电源电动势：E=I（r+R1+RA），则：图象的斜率：，解得：E≈9.3V。【点睛】电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积之和是电阻箱示数，要掌握常用器械的使用及读数方法；依据题意剖析清楚电路构造、应用闭合电路的欧姆定律求出图象的函数表达式是解题的重点。11.以以下图，一束质量为m、电荷量为q的粒子，恰巧沿直线从两带电平行板正中间经过，沿圆心方向进入右边圆形匀强磁场所区，粒子经过圆形磁场所区后，其运动方向与入射方向的夹角为θ(弧度)。已知粒子的初速度为v0，两平行板间与右边圆形地区内的磁场的磁感觉强度大小均为B，方向均垂直纸面向内，两平行板间距为d，不计空气阻力及粒子重力的影响，求：(1)两平行板间的电势差U；(2)粒子在圆形磁场所区中运动的时间t；(3)圆形磁场所区的半径R。【答案】(1)U=Bv0d；（2）；（3）R=【剖析】【剖析】（1）由粒子在平行板间做直线运动可知洛伦兹力和电场力均衡，可得两平行板间的电势差。（2）在圆形磁场所区中，洛伦兹力供给向心力，找到转过的角度和周期的关系可得粒子在圆形磁场所区中运动的时间。（3）)由几何关系求半径R。【详解】(1)由粒子在平行板间做直线运动可知，Bv0q=qE，平行板间的电场强度E=，解得两平行板间的电势差：U=Bv0d(2)在圆形磁场所区中，由洛伦兹力供给向心力可知：Bv0q=m同时有T=粒子在圆形磁场所区中运动的时间t=T解得t=(3)由几何关系可知：r=R解得圆形磁场所区的半径R=12.以以下图，一条帶有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直。底端分別与双侧的直轨道相切,半径R=0.5m。物抉A以某一速度滑入圆轨道，滑过最高点Q,再沿圆轨道滑出后，与直轨道上P处静止的物抉B发生弹性碰撞，P点左边轨道圆滑右边轨道呈粗拙段、圆滑段交替摆列,毎段长度都カL=0.1m,物块与各粗拙段间的动摩擦因数都为μ=0.5，A、B的质量均カm=1kg(重カ加快度g取10m/s2;A、B视为质点。碰撞时间极短、有暗影的地方代表粗拙段)，碰后B最后停止在第100个粗慥段的尾端。求：（1）A刚滑入圆轨道吋的速度大小v0；（2）A滑过Q点吋遇到的弾カ大小F；（3）碰后B滑至第n个(n<100)圆滑段上的速度vn与n的关系式。【答案】(1)10m/s；（2）150N；（3）vn=m/s,(k100)【剖析】【剖析】（1）先求出滑块每经过一段粗拙段损失的机械能E，从而求得损失的总能量，依据动量守恒和和能量守恒可得A刚滑入圆轨道时的速度大小v0。（2）在最高点Q由机械能守恒求得速度，由牛顿第二定律可得弹力F。（3）算出B滑到第n个圆滑段前已经损失的能量，由能量守恒得速度vn与k的关系式。【详解】（1）滑块每经过一段粗拙段损失的机械能E=mgL，解得E=0.5J设碰后B的速度为vB，由能量关系有：mvB2=100E设碰后A的速度为vA，A、B碰撞为弹性碰撞，依据动量守恒和和能量守恒有：mv0=mvA+mvBmv02=mvA2+mvB2解得A刚滑入圆轨道时的速度大小v0=10m/s(2)从A刚滑入轨道到最高点Q，由机械能守恒有：mv02=mg2R+mv2在Q点依据牛顿第二定律得：F+mg=m解得A滑过Q点时遇到的弹力大小F=150N（3）B滑到第n个圆滑段前已经损失的能量E损=kE由能量守恒有：mvB2-mvn=kE解得碰后B滑至第n个(n<100)圆滑段上的速度vn与k的关系式:vn=m/s，(k100)(二)选考题:13.以以下图，必然质量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如p—T图中从a到b的直线所示。在此过程中。A.气体的体积减小B.气体对外界做功C.气体的内能不变D.气体先从外界汲取热量,后向外界放出热量E.外界对气体做功,同时气体向外界放出热量【答案】ACE【剖析】【剖析】依据图示图线判气绝体压强与温度怎样变化，应用气体状态方程判气绝体体积怎样变化；依据气体体积的变化判气绝体做功状况；应用热力学第必然律剖析答题。【详解】A、由图示图线可知，由a到b过程气体温度保持不变而气体压强p增大，由玻意耳定律：pV=C可知，气体体积V减小，故A正确；B、气体体积减小，外界对气体做功，W＞0，故B错误；C、由图示图线可知，从a到b过程气体温度不变，气体内能不变，△U=0，故C正确；DE、由热力学第必然律：△U=W+Q可知：Q=△U-W=-W＜0，气体向外界放出热量，故D错误，E正确；应选：ACE。【点睛】该题联合图象察看气态方程，可以运用控制变量法研究多个物理量变化时的关系。要注意热力学第必然律△U=W+Q中，W、Q取正负号的含义。14.以以下图，体积为V的汽缸由导热性优秀的资料制成，面积为S的活塞将汽缸分红体积相等的上下两部分，汽缸上部经过单向阀门K（气体只好进入汽缸，不可以流出汽缸）与一打气筒相连。开始时汽缸内上部分气体的压强为p0，现用打气筒向容器内打气。已知打气筒每次能打入压强为p0、体积为的空气，当打气49次后，稳准时汽缸上下两部分的体积之比为9:1，重力加快度大小为g，外界温度恒定，不计活塞与汽缸间的摩擦。求活塞的质量m。【答案】【剖析】【剖析】依据活塞受力均衡可知上下两部分气体的压强关系；气筒打入的气体和汽缸上部分本来的气体等温压缩，汽缸下部分气体等温压缩，分别应用玻意耳定律列方程，联立刻可求解活塞质量。【详解】开始时，汽缸上部分气体体积为，压强为p0，下部分气体体积为，压强为今后汽缸上部分气体体积为，设压强为p，下部分气体体积为，压强为打入的空气整体积为，压强为p0由玻意耳定律可知，对上部分气体有：对下部分气体有：解得：。15.周期为2s的简