2020高考物理一轮总复习第二章相互作用能力课受力分析共点力平衡练习(含解析)新人教

2020高考物理一轮总复习第二章相互作用能力课受力分析共点力均衡练习(含分析)新人教版2020高考物理一轮总复习第二章相互作用能力课受力分析共点力均衡练习(含分析)新人教版68/68芁PAGE68螈薄羈螇肅膀蚂肃蒀肇螇莆膅肀肃芄袇莅蒆艿芅羀艿芁虿羇芄袈莅袀蚀蒂肇膅芇蒇莅袀肁蚃蝿螇肆肆蒅螁蒂羄芇肅袅衿薄蚁袃袁罿芃袈蒈蚄薁羀膂蚁袅蚇肈螄薇莁蒀腿膀蒆螃袄蒇螂莇袁螂膅莂羄莇膃蚈芈肀芇芅羄芈荿衿肀薂羆袄肄膈螀肀蒈袀螅蒃膄肈膁肇膀莂螈羃芃肈薂艿蚈蚀薇袆莃羈羃薀莀芃莆蒅蒃袈肀螁袈薁肅肄薃螈蒁蚈薀肃膈蚃薃蒄袂罿羇莁袆节蚃莅节膀虿袃蚅膅螃芅蚃膇膇膁蚈螄袃膅螀莈衿螃蒇莄羂肅膁薀薁羂芆羃肂羅薂袁聿芀肅螆膂袅羃螈螁袂肈莅膂袅膀聿芈膀袇羄节螅薁芀羀蚂薅薃蚆蚆羁芇莈羀蚈膂螆薆莂蒈膀蒂莁肅蝿蒆蚇虿蒂螀肀蚅衿莆袄羁芄莃衿芄罿芆芅袈蚁薁袂袃罿芆蚆腿莃膃蚀蒂聿膆肆莀袁蒁葿芅腿肆膃芇薃羃膈袄艿羇薄薈肁芁芁蒃莈袇羅蝿螃螃羀肂蒈螇莆羁膁肁蝿羆薈蚇螇羈袃荿袂薅薈蚇袄腿蚅羂薁膄蚈薇芅蒀肂膀荿螃螈蒇螅莇螄螂膈莂袈莇膆蚈节肀膁芅羈芈芃衿羄薂羀袄肇膈蚄肀蒂袀虿蒃膇肈肅肇膄莂螂羃膇肈蒆艿薂蚀蒁袆芇羈袇薀芄芃芀蒅莇袈羃螁螁薁肈肄蒇螈莄蚈蒃肃肁蚃薇蒄螅罿羁莁袀节蚇莅膆膀蚃袃蕿膅螆芅薇膇肁膁蚂螄螆膅螄莈袃螃蒁莄袆肅膅薀薅羂膀羃羆羅薆袁羂芀罿螆肆袅羇螈蚄袂羁莅膆袅肃聿膂膀螀羄芆螅蒄芀袄蚂蕿薃薀蚆袅芇莂羀薂膂虿薆芆蒈肄蒂莁肅蝿蒆蚇虿蒂螀肀蚅衿莆袄羁芄莃衿芄罿芆芅袈蚁薁袂袃罿芆蚆腿莃膃蚀蒂聿膆肆莀袁蒁葿芅腿肆膃芇薃羃膈袄艿羇薄薈肁芁芁蒃莈袇羅蝿螃螃羀肂蒈螇莆羁膁肁蝿羆薈蚇螇羈袃荿袂薅薈蚇袄腿蚅羂薁膄蚈薇芅蒀肂膀荿螃螈蒇螅莇螄螂膈莂袈莇膆蚈节肀膁芅羈芈芃衿羄薂羀袄肇膈蚄肀蒂袀虿蒃膇肈肅肇膄莂螂羃膇肈蒆艿薂蚀蒁袆芇羈袇薀芄芃芀蒅莇袈羃螁螁薁肈肄蒇螈莄蚈蒃肃肁蚃薇蒄螅罿羁莁袀节蚇莅膆膀蚃袃蕿膅螆芅薇膇肁膁蚂螄螆膅螄莈袃螃蒁莄袆肅膅薀薅羂膀羃羆羅薆袁羂芀罿螆肆袅羇螈蚄袂羁莅膆袅肃聿膂膀螀羄芆螅蒄芀袄蚂蕿莄薀蒇袅肈莂螁薂羃虿莇芆芀肄芄莁袇蝿芇蚇蒁蒂薂肀蒆衿膇袄螂芄膄衿肅罿膇芅虿蚁蒂袂蚄罿肇蚆羀莃羄蚀芃聿羈肆膁袁节葿膆腿袈膃膈薃螄膈螅艿螈薄荿肁肂芁芅莈蚈羅薁螃蚅羀袄蒈薈莆袂膁袃蝿螇薈薈螇蝿袃膁袂莆薈蒈袄羀蚅螃薁羅蚈莈芅芁肂肁荿薄螈艿螅膈螄薃膈膃袈腿膆葿节袁膁肆羈聿芃蚀羄莃羀蚆肇罿蚄袂蒂蚁虿芅膇罿肅衿膄芄螂袄膇衿蒆肀薂蒂蒁蚇芇蝿袇莁芄肄芀芆莇虿羃薂螁莂肈袅蒇薀莄蕿蒃袄肁蒄薇芆螅螀羁膂袀肃蚇膆膆羁蚃蚄蕿羇螆肆薇罿肁羂蚂薆螆羆螄膀袃薅蒁膅袆2020高考物理一轮总复习第二章相互作用能力课受力分析共点力均衡练习(含分析)新人教版

受力分析共点力均衡

一、选择题

(2019届山西大学附中月考)以下列图，斜面小车M静止在圆滑水平面上，一边紧贴

墙壁．若再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，此时小车受力个数为()

A．3B．4

C．5D．6

分析：选B先对物体m受力分析，碰到重力、支持力和静摩擦力；再对M受力分析，

受重力、m对它的垂直斜面向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，同时地面对M有向上的支

持力，共碰到4个力，故B正确．

2．(2018届凉山州一诊)以下列图，在一水平长木板上放一木块P，缓慢抬起木板的右

端，木块P和木板向来相对静止，则()

1

A．木块碰到木板的支持力减小、摩擦力减小

B．木块碰到木板的支持力增大、摩擦力增大

C．木块碰到木板的作用力大小不变、方向不变

D．木块碰到木板的作用力大小变化、方向变化

分析：选C缓慢抬起木板的右端时，木块P处于动向均衡状态，所受的摩擦力f＝

mgsinα，支持力N＝mgcosα，随着α的增大，f增大，N减小，A、B错误；因木块碰到木

板的作用力与木块P的重力等大反向，C正确，D错误．

3．(2018届广州六校联考)一个质量为3kg的物体，被放置在倾角为α＝30°的固定

圆滑斜面上，在以下列图的甲、乙、丙三种情况下处于均衡状态的是(g＝10m/s2)()

A．仅甲图B．仅乙图

C．仅丙图D．甲、乙、丙图

分析：选B斜面圆滑，物体不受摩擦力作用，物体要在斜面上均衡，必有拉力F＝

mgsinα＝15N，故只有乙能均衡，选项B正确．

以下列图，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内表面及碗

口是圆滑的．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球．当它们处于

均衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与水平线的夹角为α＝90°，质量为m2的小球

位于水平川面上，设此时质量为m2的小球对地面压力大小为FN，细线的拉力大小为FT，则

()

2A．F＝(m－m)gB．F＝mgN21N2C．FT＝2m1gD．FT＝2－21g2m2m分析：选B分析小球m1的受力情况，由物体的均衡条件可得，绳的拉力FT＝0，故C、D错误；分析2受力，由均衡条件可得N＝2，故A错误，B正确．mFmg(多项选择)(2018届东北三省四市名校联考)以下列图，两根轻绳一端系于结点O，另一

端分别系于固定圆环上的A、B两点，O点下面悬挂一物体M，绳OA水平，拉力大小为F1，

绳OB与OA夹角α＝120°，拉力大小为F2，将两绳同时缓慢顺时针转过75°，并保持两绳

之间的夹角α向来不变，且物体向来保持静止状态．则在旋转过程中，以下说法正确的选项是

()

A．F1逐渐增大B．F1先增大后减小

C．F2逐渐减小D．F2先增大后减小3分析：选BC设两绳转动过程中，绳OA与水平方向的夹角为θ，以O点为研究对象，受力分析以下列图，由于两绳是缓慢搬动的，因此O点向来处于均衡状态，由均衡条件得Fcosθ＝Fcos(60°－θ)，Fsinθ＋Fsin(60°－θ)＝Mg，由以上两式解得F＝12121Mgcos60°－θMgcosθsin60°，F2＝sin60°.当θ<60°时，θ增大，F1增大，F2减小；当60°<θ<75°时，θ增大，1减小，2减小．因此，在两绳旋转的过程中，1先增大后减小，2逐渐减小，FFFF选项B、C正确．

(2018届盐城射阳二中调研)以下列图，一只半径为R的半球形碗倒扣在水平桌面上，

4处于静止状态．一质量为m的蚂蚁(未画出)在离桌面高度为5R时恰能停在碗上，则蚂蚁受

到的最大静摩擦力大小为()

mgmg

mgmg4

分析：选A蚂蚁受重力、支持力和最大静摩擦力，依照均衡条件有Fm＝mgsinθ，而

45Rcosθ＝R＝0.8，因此sinθ＝0.6，Fm＝mgsinθmg，故A正确．

(2019届河南周口期末)以下列图为建筑工地上使用的简单拔桩机表示图．若在某次

拔桩过程中，建筑工人在长绳上的E点施加一竖直向下的拉力F时，绳CE部分被水平拉直，

CA部分被竖直拉直，绳DE、BC与竖直方向的夹角分别为α、β，则绳CA拔桩的作用力大

小为()

A．Ftanα·cotβB．Ftanα·tanβC．Fcotα·cotβD．Fcotα·tanβ分析：选A设绳部分被水平拉直时张力为f，绳拔桩的作用力大小为′，对CECAF结点C，分析受力，由均衡条件可得tanβ＝f/F′；对结点E，分析受力，由均衡条件可得tanα＝/，联立解得′＝tanα·cotβ，选项A正确．fFFF5

8.以下列图，物块A和滑环B用绕过圆滑定滑轮的不能伸长的轻绳连接，滑环B套在与

竖直方向成θ＝37°的粗细均匀的固定杆上，连接滑环B的绳与杆垂直并在同一竖直平面

内，滑环B恰好不能够下滑，滑环和杆间的动摩擦因数μ＝0.4，设滑环和杆间的最大静摩擦

力等于滑动摩擦力，则物块A和滑环B的质量之比为()

75A.5B.7135C.5D.13分析：选C设物块A和滑环B的质量分别为m1、m2，若杆对B的弹力垂直于杆向下，因滑环B恰好不能够下滑，则由均衡条件有113m2gcosθ＝μ(m1g－m2gsinθ)，解得m＝；若杆m25对B的弹力垂直于杆向上，因滑环B恰好不能够下滑，则由均衡条件有m2gcosθ＝μ(m2gsinθ

m7－m1g)，解得15(舍去)．综上分析可知应选C项．2＝－m(多项选择)(2018届儋州四校联考)以下列图，质量为M的四分之一圆柱体放在粗糙水平川面上，质量为m的正方体放在圆柱体和圆滑墙壁之间，且不计圆柱体与正方体之间的摩擦，

正方体与圆柱体的接触点的切线与右侧墙壁成θ角，圆柱体处于静止状态．则()6

A．地面对圆柱体的支持力为(M＋m)g

B．地面对圆柱体的摩擦力为mgtanθ

C．墙壁对正方体的弹力为

mg

tanθ

D．正方体对圆柱体的压力为

mg

cosθ

分析：选AC以正方体为研究对象，受力分析，并运用合成法以下列图．

mg由几何知识得，墙壁对正方体的弹力N1＝tanθmg圆柱体对正方体的弹力N2＝sinθ，依照牛顿第三定律，

则正方体对圆柱体的压力为

mg

sinθ

以圆柱体和正方体为研究对象，竖直方向受力均衡，

7

地面对圆柱体的支持力N＝(M＋m)g

水平方向受力均衡，地面对圆柱体的摩擦力

mgf＝N1＝tanθ，故A、C正确．

10.(2019届湖南师大附中模拟)表面圆滑、半径为R的半球固定在水平川面上，球心O的正上方′处有一无摩擦定滑轮，轻质细绳两端各系一个可视为质点的小球挂在定滑轮O上，以下列图．两小球均衡时，若滑轮两侧细绳的长度分别为L1R和L2R，则这两个小球的质量之比为m1N1，则以下说法正确的选项是()，小球与半球之间的压力之比为Nm22A.124B.125m＝25m＝24m2m2C.N11D.N124＝＝25N2N2分析：选B先以左侧小球为研究对象，分析受力情况：重力m1g、绳子的拉力T和半球的支持力N1，作出受力表示图．由均衡条件得知，拉力T和支持力N1的合力与重力m1g大

小相等、方向相反．

8

设OO′＝h，依照三角形相似得

Tm1gN1＝＝LhR1TmgN同理，对右侧小球有＝2＝2hRL2Th解得m1g＝L1①

Thm2g＝L2②

m1gRN1＝h③

m2gRN2＝h④

由①∶②得m1∶m2＝L2∶L1＝25∶24，

由③∶④得N1∶N2＝m1∶m2＝L2∶L1＝25∶24，

故A、C、D错误，B正确．二、非选择题

11．以下列图，质量为m的物体甲经过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB1水平且B端与站在水平面上质量为2的人相连，轻绳与竖直方向的夹角θ＝37°，物体mOA甲及人均处于静止状态．(已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2.设最大静摩擦力

等于滑动摩擦力)

9

轻绳OA、OB碰到的拉力分别是多大？

人碰到的摩擦力是多大？方向如何？

(3)若人的质量2＝60kg，人与水平面之间的动摩擦因数μ＝0.3，欲令人在水平面上m不滑动，则物体甲的质量最大不能够高出多少？

分析：(1)以结点O为研究对象进行受力分析，如图1所示，

由均衡条件有

FOB＝FOAsinθ

FOAcosθ＝F甲＝m1g

m1g5联立得FOA＝cosθ＝4m1g

3FOB＝m1gtanθ＝4m1g

10

3故轻绳OA、OB碰到的拉力大小分别为4m1g、4m1g.

对人受力分析，如图2所示，

人在水平方向碰到OB绳的拉力FOB′和水平向左的静摩擦力作用，由均衡条件得Ff＝

FOB′

又FOB′＝FOB

3因此Ff＝FOB＝4m1g.

(3)当人刚要滑动时，甲的质量达到最大，此时人碰到的静摩擦力达到最大值，有Ffm

＝μm2g，

3又FOBm′＝FOBm＝m1mgtanθ＝4m1mg

联立解得m＝24kg1m即物体甲的质量最大不能够高出24kg.答案：(1)53(2)3方向水平向左(3)24kg1114mg4mg4mg的木楔倾角为(θ<45°)，在水平面上保持静止，当将一质量为的木Mθm块放在木楔斜面上时，它正好匀速下滑．当用与木楔斜面成α角的力F拉木块，木块匀速上升，以下列图(已知木楔在整个过程中向来静止)．11

当α＝θ时，拉力F有最小值，求此最小值；

求在(1)的情况下木楔对水平面的摩擦力是多少？分析：木块在木楔斜面上匀速向下运动时，有

mgsinθ＝μmgcosθ，即μ＝tanθ.

木块在力F的作用下沿斜面向上匀速运动，有

Fcosα＝mgsinθ＋Ff，Fsinα＋FN＝mgcosθ，Ff＝μFN

2mgsinθ2mgsinθ·cosθ解得F＝cosα＋μsinα＝cosα·cosθ＋sinα·sinθmgsin2θcosθ－α

则当α＝θ时，F有最小值，则Fmin＝mgsin2θ.

由于木块及木楔均处于均衡状态，整体碰到地面的摩擦力等于F的水均分力，即Ff′

Fcos(α＋θ)

当F取最小值mgsin2θ时，

1Ff′＝Fmincos2θ＝mgsin2θ·cos2θ＝2mgsin4θ.

答案：(1)sin2θ(2)1sin4θmg2mg|学霸作业|——自选一、选择题1．(2018届南京市、盐城市一模)质量为m的物块沿着倾角为θ的粗糙斜面匀速下滑，物块与斜面间的动摩擦因数为μ.斜面对物块的作用力是()12

A．大小mg，方向竖直向上

B．大小mgcosθ，方向垂直斜面向上

C．大小sinθ，方向沿着斜面向上mgD．大小μmgcosθ，方向沿着斜面向上分析：选A对物块进行受力分析：重力G，斜面对物块的支持力N，摩擦力f，斜面对物块的作用力即支持力与摩擦力的合力，由于物块匀速下滑，因此支持力与摩擦力的合力应与重力等大反向，故A正确．以下列图，在粗糙水平面上放置A、B、C、D四个小物块，各小物块之间由四根完好相同的轻弹簧相互连接，正好组成一个菱形，∠BAD＝120°，整个系统保持静止状态．已知

A物块所受的摩擦力大小为f，则D物块所受的摩擦力大小为()

3A.2fB．f13fD．2f分析：选C已知A物块所受的摩擦力大小为f，设每根弹簧的弹力为，则有2cos60°FF＝f，对D：2Fcos30°＝f′；解得f′＝3F＝3f，应选C项．3．(2018届河南天一大联考期末)两相同的楔形木块、叠放后分别以图1、2两种方AB式在水平外力F和竖直外力F作用下，挨着竖直墙面保持静止状态，则在此两种方式中，12木块B受力个数分别为()A．4∶4B．4∶3

C．5∶3D．5∶4

分析：选C图1中，依照整体法可知，木块B除了重力外，必然碰到墙面水平向右的

弹力和竖直向上的静摩擦力，隔断B分析，其必然还碰到A的弹力(垂直于接触面向左上方)，

但A对B有无静摩擦力暂不确定，需再隔断A分析，A确定碰到重力、水平向左的推力、B

对其垂直于接触面向右下方的弹力，这样的三个力不能能使A均衡，因此A必然还要碰到B

对其沿接触面斜面右上方的静摩擦力才能均衡，至此可确定B必然碰到A沿接触面斜向左下

方的静摩擦力，即B共受5个力；图2中，据整体法可知B与墙面间既无弹力也无摩擦力，

因此，木块B受重力，A的弹力和摩擦力共3个力的作用，选项C正确．

m的小球a、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点，以下列图．用

力F拉小球b，使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持θ＝30°，

则F达到最小值时Oa绳上的拉力为()

14

A.3mgB．mg

31C.2mgD.2mg

分析：选A以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时整体

的受力求，依照均衡条件得知：F与T的合力与重力mg总是大小相等、方向相反，由力的

合成图可知，当F与绳子Oa垂直时，F有最小值，即图中2地址，F有最小值，依照均衡条

件得Fmin＝2mgsin30°＝mg，此时T＝2mgcos30°＝3mg.

5.(多项选择)(2018届山东省天成大联考)如图，斜面体C置于水平川面上．斜面上的小物

块B经过轻质细绳超出圆滑的定滑轮与物块A连接，连接B的一段细绳与斜面平行，系统处于静止状态，现对A施加一水平力F使A缓慢地运动，B与斜面体C均保持静止，则在此过

程中()15

A．水平川面对斜面体C的支持力减小

B．轻质细绳对物块B的作用力不变

C．斜面体C对物块B的摩擦力素来增大

D．水平川面对斜面体C的摩擦力素来增大

分析：选AD取物体A为研究对象，分析其受力情况，设细绳与竖直方向夹角为α，

mg则水平力F＝mgtanα；绳子的拉力T＝cosα；细绳与竖直方向夹角α逐渐增大，绳子的拉

力T逐渐增大，T在竖直方向的分力逐渐增大，因此水平川面对斜面体C的支持力减小，所

以A正确，B错误；在这个过程中尽管绳子张力变大，但是由于物体A所受斜面体的摩擦力

开始其实不知道其方向，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定，因此C错误；细绳与

竖直方向夹角α逐渐增大，绳子的拉力T逐渐增大，T在水平方向的分力逐渐增大，则地

面对斜面体的摩擦力必然变大，因此D正确．

6．(多项选择)(2019届黑龙江哈尔滨联考)如图甲所示，A为一截面为等腰三角形的斜劈，

其质量为M，两个底角均为30°.两个完好相同、质量均为m的小物块p和q恰好能沿两斜

面匀速下滑．现在若对两物体同时施加一平行于侧面的恒力F1、F2，且F1>F2，如图乙所示，

则在p和q下滑的过程中以下说法正确的选项是()

16

A．斜劈A依旧保持静止，且不碰到地面的摩擦力作用

B．斜劈A依旧保持静止，且碰到地面向右的摩擦力作用

C．斜劈A依旧保持静止，对地面的压力大小为(M＋m)g

D．斜劈A依旧保持静止，对地面的压力大小大于(M＋m)g

分析：选AD开初两物块沿斜面匀速下滑，p、q及斜劈组成的整体处于均衡状态，则

水平方向斜劈不受场面的静摩擦力作用，竖直方向上斜劈的作用力不变，斜劈受力情况不变，

即A依旧不受地面的摩擦力作用，且A对地面的压力大小仍为(M＋2m)g大于(M＋m)g，应选项A、D正确．

(多项选择)(2019届漳州质检)如图，重均为G的两圆滑小环A和B用轻绳连接，分别套在水平和竖直的固定直杆上．在绳上O点施一水平力F拉紧轻绳，想法使整个系统处于静止

状态．随后使力F缓慢增大，则在此过程中()

A．OA段绳中的张力向来大于G，且逐渐增大

17

B．杆对A环的作用力向来大于2G，且逐渐增大

C．OB段绳中的张力向来大于G，且逐渐增大

D．OB段绳与竖直方向的夹角逐渐增大

分析：选CD因小环圆滑，则当系统静止时，OA段绳子垂直水平横杆，以下列图，对小环B以及结点O系统可知，段绳中的张力等于小环B的重力，则力F缓慢增大时，OAOAG段绳中的张力向来等于G不变，选项A错误；对AB环组成的整体，竖直方向F＝G＋G＝NAAB2G，选项B错误；依照小环B的受力情况可知，TOB>G；若设OB段绳与竖直方向的夹角为θ，则TOBcosθ＝TOA＝G，则随F的增大，θ变大，由TOBcosθ＝G可知，TOB变大，选项C、D正确．应选CD.

8.(2016年全国卷Ⅱ)质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点，以下列图．用T表示绳段拉力的大小，在O点向左搬动的过程中()OOAA．F逐渐变大，T逐渐变大

18

B．F逐渐变大，T逐渐变小

C．F逐渐变小，T逐渐变大

D．F逐渐变小，T逐渐变小

分析：选A以O点为研究对象，受力分析，以下列图，当用水平向左的力缓慢拉动O点时，则绳与竖直方向的夹角变大，由共点力的均衡条件知F逐渐变大，T逐渐变大，OA选项A正确．

(2018届湖北黄冈联考)以下列图，将三个完好相同的圆滑球用不能伸长的细线悬挂

于O点并处于静止状态．已知球半径为，重为，线长均为.则每条细线上的张力大小为RGR()

A．2G6B.G235C.2GD.2G19分析：选B本题O点与各球心的连线及各球心连线，组成一个边长为2R的正周围体，如图甲所示(、、为各球球心)，′为△的中心，设∠′＝θ，由几何关系知′ABCOABCOAOOA23228Fsinθ＝G，又＝R，由勾股定理得OO′＝OA－O′A＝R，对A处球受力分析有33′6OOsinθ＝OA，解得F＝2G，故只有B项正确．

10.(多项选择)(2018届河南名校联考)以下列图，木板P下端经过铰链固定于水平川面上的O点，物体A、B叠放在木板上且处于静止状态，此时物体B的上表面水平．现使木板P绕O点缓慢旋转到虚线所示地址，物体、B仍保持静止，与原地址的情况对照()AA．A对B的作用力减小B．B对A的支持力减小

C．木板对B的支持力减小D．木板对B的摩擦力增大

分析：选BCD设木板与水平川面的夹角为α，以A为研究对象，A原来只碰到重力和

支持力的作用而处于均衡状态，因此B对A的作用力与A的重力大小相等，方向相反；当将

20P绕O点缓慢旋转到虚线所示地址时，B的上表面不再水平，A受力情况如图甲所示，A碰到重力和B的支持力、摩擦力三个力的作用，其中B对A的支持力、摩擦力的合力依旧与A的重力大小相等，方同相反，则B对A的作用力保持不变．依照牛顿第三定律可知，A对B的作用力也不变，选项A错误；结合对A选项的分析可知，开始时物体A不受B对A的摩擦力，B对A的支持力大小与A的重力相等；木板旋转到虚线地址时，设B的上表面与水平方向之间的夹角是β，碰到的B对A的支持力、摩擦力的合力依旧与A的重力大小相等，方向相反，则A碰到B对A的作用力保持不变，由于支持力与摩擦力相互垂直，N＝Gcosβ，1A因此A碰到的支持力必然减小了，选项B正确；以、整体为研究对象，受力分析情况如AB图乙所示，总重力GAB、木板的支持力N2和摩擦力Ff2，木板对B的作用力是支持力N2和