【考前三个月】2015届高考物理(安徽专用)名师考点点拨专题讲义：专题八-实验技能与创新-第1课时

PAGEPAGE-29-专题定位高考对学生实验的考查，主要有以下十二个实验：①研究匀变速直线运动；②探究弹力和弹簧伸长量的关系；③验证力的平行四边形定则；④验证牛顿第二定律；⑤探究动能定理；⑥探究平抛运动的规律；⑦验证机械能守恒定律；⑧测定金属丝的电阻率(同时练习使用螺旋测微器)；⑨描绘小灯泡的伏安特性曲线；⑩测定电源的电动势和内阻；⑪练习使用多用电表；⑫探究单摆的运动、用单摆测定重力加速度．高考除了对课本中原有的学生实验进行考查外，还增加了对演示实验的考查，利用学生所学过的知识，对实验器材或实验方法加以重组，来完成新的实验设计．设计型实验的考查将逐步取代对课本中原有的单纯学生实验的考查．应考策略1.熟知各种器材的特性.2.熟悉课本实验，抓住实验的灵魂——实验原理，掌握数据处理的方法，熟知两类误差分析．第1课时力学实验与创新考向1探究弹力和弹簧伸长量的关系图1例1(2014·新课标Ⅱ·23)某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度(圈数)的关系．实验装置如图1所示：一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处；通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P0指向0刻度．设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x0；挂有质量为0.100kg的砝码时，各指针的位置记为x.测量结果及部分计算结果如下表所示(n为弹簧的圈数，取重力加速度为9.80m/s2)．已知实验所用弹簧总圈数为60，整个弹簧的自由长度为11.88cm.P1P2P3P4P5P6x0(cm)2.044.066.068.0510.0312.01x(cm)2.645.267.8110.3012.9315.41n102030405060k(N/m)16356.043.633.828.8eq\f(1,k)(m/N)0.00610.01790.02290.02960.0347(1)将表中数据补充完整：________；________.(2)以n为横坐标，eq\f(1,k)为纵坐标，在图2给出的坐标纸上画出eq\f(1,k)—n图像．图2(3)图2中画出的直线可近似认为通过原点．若从实验中所用的弹簧截取圈数为n的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k与其圈数n的关系的表达式为k＝________N/m；该弹簧的劲度系数k与其自由长度l0(单位为m)的关系表达式为k＝________N/m.解析(1)根据胡克定律有mg＝k(x－x0)，解得k＝eq\f(mg,x－x0)＝eq\f(0.100×9.80,5.26－4.06×10－2)N/m≈81.7N/m，eq\f(1,k)≈0.0122m/N.(2)eq\f(1,k)－n图像如图所示(3)根据图像可知，k与n的关系表达式为k＝eq\f(1.75×103,n)N/m，k与l0的关系表达式为k＝eq\f(3.47,l0)N/m.答案(1)81.70.0122(2)见解析图(3)eq\f(1.75×103,n)(在eq\f(1.67×103,n)～eq\f(1.83×103,n)之间均可)eq\f(3.47,l0)(在eq\f(3.31,l0)～eq\f(3.62,l0)之间均可)以题说法实验数据处理方法：(1)列表法将测得的实验数据填入设计好的表格之中，可以分析两物理量间的定性关系．(2)图象法根据记录的实验数据在直角坐标系内进行作图．若是曲线应平滑，若是直线要让尽量多的点过直线．或在直线两侧均匀分布．(3)函数法往往是根据图象得到物理量间的函数关系方程式．如图3为“测量弹簧劲度系数”的实验装置图，弹簧的上端固定在铁架台上，下端装有指针及挂钩，指针恰好指向一把竖直立起的毫米刻度尺．现在测得在挂钩上挂上一定数量钩码时指针在刻度尺上的读数如下表：图3钩码数n012345刻度尺读数xn(cm)2.624.175.707.228.8410.43已知所有钩码的质量可认为相同且为m0＝50g，当地重力加速度g＝9.8m/s2.请回答下列问题：(1)请根据表格数据计算出弹簧的劲度系数k＝____N/m.(结果保留两位有效数字)(2)考虑到在没有挂钩码时弹簧自身有重量，测量的弹簧劲度系数k的值与真实值相比较____________(填“偏大”、“偏小”或“没有影响”)．答案(1)32(2)没有影响解析(1)根据胡克定律k(x－x0)＝nm0g，代入数据求k，再求平均得k＝32N/m；(2)因在计算弹力时把弹簧自身的重量引起的形变量减去了，故弹簧自身有重量对测量值没有影响．考向2验证力的平行四边形定则例2(2014·江苏·11)小明通过实验验证力的平行四边形定则．图4(1)实验记录纸如图4所示，O点为橡皮筋被拉伸后伸长到的位置，两弹簧测力计共同作用时，拉力F1和F2的方向分别过P1和P2点；一个弹簧测力计拉橡皮筋时，拉力F3的方向过P3点．三个力的大小分别为：F1＝3.30N、F2＝3.85N和F3＝4.25N．请根据图中给出的标度作图求出F1和F2的合力．(2)仔细分析实验，小明怀疑实验中的橡皮筋被多次拉伸后弹性发生了变化，影响实验结果．他用弹簧测力计先后两次将橡皮筋拉伸到相同长度，发现读数不相同，于是进一步探究了拉伸过程对橡皮筋弹性的影响．实验装置如图5所示，将一张白纸固定在竖直放置的木板上，橡皮筋的上端固定于O点，下端N挂一重物．用与白纸平行的水平力缓慢地移动N，在白纸上记录下N的轨迹．重复上述过程，再次记录下N的轨迹．图5两次实验记录的轨迹如图6所示．过O点作一条直线与轨迹交于a、b两点，则实验中橡皮筋分别被拉伸到a和b时所受拉力Fa、Fb的大小关系为________．图6(3)根据(2)中的实验，可以得出的实验结果有哪些？________(填写选项前的字母)A．橡皮筋的长度与受到的拉力成正比B．两次受到的拉力相同时，橡皮筋第2次的长度较长C．两次被拉伸到相同长度时，橡皮筋第2次受到的拉力较大D．两次受到的拉力相同时，拉力越大，橡皮筋两次的长度之差越大(4)根据小明的上述实验探究，请对验证力的平行四边形定则实验提出两点注意事项．解析(1)作出的图示如图所示．(2)重物受力情况如图所示，由于重力不变，两次实验时，橡皮筋拉力T的方向相同，故水平拉力F大小相等，即Fa＝Fb.(3)根据题图可知，选项B、D正确，选项A、C错误．(4)橡皮筋拉伸不宜过长，选用新橡皮筋等可减小误差．答案(1)见解析图(F合＝4.6～4.9N都算对)(2)Fa＝Fb(3)BD(4)橡皮筋拉伸不宜过长；选用新橡皮筋(或：拉力不宜过大；选用弹性好的橡皮筋；换用弹性好的弹簧)以题说法1.本实验考查的重点是“力作用效果的等效性”．2．对实验步骤中两个分力和合力的大小和方向的确定也是考查的重点．有同学利用如图7所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的质量相等，当系统达到平衡时，根据钩码的个数读出三根绳子的拉力FTOA、FTOB和FTOC，回答下列问题：图7(1)改变钩码个数，实验能完成的是________．A．钩码的个数N1＝N2＝2，N3＝4B．钩码的个数N1＝N3＝3，N2＝4C．钩码的个数N1＝N2＝N3＝4D．钩码的个数，N1＝3，N2＝4，N3＝5(2)在拆下钩码和绳子前，应该做好三个方面的记录：________________________________________________________________________；________________________________________________________________________；________________________________________________________________________.答案(1)BCD(2)标记结点O的位置钩码的个数N1、N2、N3OA、OB、OC三段绳子的方向解析(2)为验证平行四边形定则，必须通过作受力图．所以先明确受力点，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示．因此要做好记录，需从力的三要素角度出发：需记录O点的位置；钩码的个数N1、N2、N3；拉力FTOA、FTOB、FTOC的方向．考向3验证牛顿第二定律例3如图8所示为“探究加速度与物体所受合外力的关系”的实验装置图．图中A为小车，质量为m1，连接在小车后面的纸带穿过打点计时器B，它们均置于一端带有定滑轮的足够长的木板上，P的质量为m2，C为弹簧测力计，实验时改变P的质量，读出测力计不同读数F，不计绳与滑轮之间的摩擦．图8(1)下列说法正确的是()A．一端带有定滑轮的长木板必须保持水平B．实验时应先接通电源后释放小车C．实验中m2应远小于m1D．测力计的读数始终为eq\f(m2g,2)(2)如图9为某次实验得到的纸带，纸带上标出了所选的四个计数点之间的距离，相邻计数点间还有四个点没有画出．由此可求得小车的加速度的大小是________m/s2.(交流电的频率为50Hz，结果保留二位有效数字)图9(3)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a—F图象，可能是下列哪个选项中的图象()解析(1)该实验要平衡摩擦力，故A错误；拉力可由测力计示数获得，故不要求重物质量远小于小车质量，故C错误；由于重物向下加速运动，由牛顿第二定律：m2g－2F＝m2a，解得：F＝eq\f(m2g－m2a,2)，故D错误；故选B.(2)根据匀变速直线运动的推论公式Δx＝aT2，有：a＝0.50m/s2.(3)若没有平衡摩擦力，则当0＜F≤Ff时，a＝0.也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，所以该同学测得的a－F图象可能是选项C中的图象．答案(1)B(2)0.50(3)C以题说法《考试大纲》规定的力学实验中有四个涉及打点计时器：研究匀变速直线运动、验证牛顿第二定律、探究动能定理和验证机械能守恒定律．这类实验的关键是要掌握纸带的分析处理方法，对于纸带常有以下三大应用．1．由纸带确定时间要区别打点计时器打出的点与人为选取的计数点之间的区别与联系，便于测量和计算，一般每五个点取一个计数点，这样时间间隔为Δt＝0.02×5s＝0.1s.2．求解瞬时速度利用做匀变速直线运动的物体在一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．如图10所示，打n点时的瞬时速度vn＝eq\f(xn＋xn＋1,2T)图103．用“逐差法”求加速度如图11所示，a＝eq\f(x4＋x5＋x6－x1＋x2＋x3,3T2)图11有些实验用光电门代替打点计时器来完成瞬时速度和加速度的测量，具体做法如下：(1)求瞬时速度：把遮光条(宽度为d)通过光电门的时间Δt内的平均速度看做物体经过光电门的瞬时速度，即v＝eq\f(d,Δt).(2)求加速度：若两个光电门之间的距离为L，则利用速度与位移的关系可求加速度，即a＝eq\f(v\o\al(2,2)－v\o\al(2,1),2L).某同学利用如图12甲所示装置来研究加速度与力的关系．他将光电门1和2分别固定在长木板的A、B两处，换用不同的重物通过细线拉同一小车(小车质量约为200克)，每次小车都从同一位置由静止释放．图12(1)长木板右端垫一物块，其作用是用来_____________________________；(2)用游标卡尺测得遮光条的宽度为________cm；(3)对于所挂重物的质量，以下取值有利于减小实验误差的是________．(填选项前字母)A．1克B．5克C．10克D．40克(4)现用该装置来探究功与速度变化的关系，关闭光电门2，测出多组重物的质量m和对应遮光条通过光电门1的时间Δt，通过描点作出线性图象，应作出________图象．(填选项前字母)A．Δt－mB．Δt2－mC．m－eq\f(1,Δt)D．m－eq\f(1,Δt2)答案(1)平衡摩擦力(2)0.52(3)BC(4)D解析(1)长木板右端垫一物块，调整后可以使小车的下滑分力与受到的摩擦力平衡．(2)从游标卡尺读出：5mm＋2×0.1mm＝5.2mm＝0.52cm.(3)应使拉力远小于小车的重力，这时拉力才接近重物的重量，但如果选A，由于拉力太小，不容易观察，因此不能选A，只能选B、C.(4)实际验证的是mgh＝eq\f(1,2)Mv2，而v＝eq\f(d,Δt)，由于做出的图象为直线，因此应该做出m－eq\f(1,Δt2)图象．考向4探究动能定理例4(2014·天津·9(2))某同学把附有滑轮的长木板平放在实验桌上，将细绳一端拴在小车上，另一端绕过定滑轮，挂上适当的钩码，使小车在钩码的牵引下运动，以此定量探究绳拉力做功与小车动能变化的关系．此外还准备了打点计时器及配套的电源、导线、复写纸、纸带、小木块等．组装的实验装置如图13所示．图13①若要完成该实验，必需的实验器材还有哪些________．②实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行．他这样做的目的是下列的哪个________(填字母代号)．A．避免小车在运动过程中发生抖动B．可使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰C．可以保证小车最终能够实现匀速直线运动D．可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车受的合力③平衡摩擦力后，当他用多个钩码牵引小车时，发现小车运动过快，致使打出的纸带上点数较少，难以选到合适的点计算小车速度，在保证所挂钩码数目不变的条件下，请你利用本实验的器材提出一个解决办法：________________________________________________________________________________________________________________________________________________.④他将钩码重力做的功当作细绳拉力做的功，经多次实验发现拉力做功总是要比小车动能增量大一些．这一情况可能是下列哪些原因造成的________(填字母代号)．A．在接通电源的同时释放了小车B．小车释放时离打点计时器太近C．阻力未完全被小车重力沿木板方向的分力平衡掉D．钩码做匀加速运动，钩码重力大于细绳拉力解析①本实验需要知道小车的动能，因此还需要用天平测出小车的质量，用刻度尺测量纸带上点迹之间的长度，求出小车的瞬时速度．②牵引小车的细绳与木板平行的目的是在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车受的合力，选项D正确．③在保证所挂钩码数目不变的条件下要减小小车加速度可以增加小车的质量，故可在小车上加适量砝码(或钩码)．④当小车在运动过程中存在阻力时，拉力做正功和阻力做负功之和等于小车动能的增量，故拉力做功总是要比小车动能增量大一些；当钩码加速运动时，钩码重力大于细绳拉力，此同学将钩码重力做的功当作细绳拉力做的功，则拉力做功要比小车动能增量大，故只有C、D正确．答案①刻度尺、天平(包括砝码)②D③可在小车上加适量砝码(或钩码)④CD以题说法明确实验原理往往是解决实验问题的关键，该实验的一些操作和要求与验证牛顿第二定律的实验类似，可以进行知识与方法的迁移．学会利用所学知识，对实验器材或实验方法加以重组，完成新的实验设计．在探究动能定理的实验中，某实验小组组装了一套如图14所示的装置，拉力传感器固定在小车上，一端与细绳相连，用拉力传感器记录小车受到拉力的大小．穿过打点计时器的纸带与小车尾部相连接，打点计时器打点周期为T，实验的部分步骤如下：图14(1)平衡小车所受的阻力：不挂钩码，调整木板右端的高度，用手轻推小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列________的点．(2)测量小车和拉力传感器的总质量M，按图组装好仪器，并连接好所需电路，将小车停在打点计时器附近，先接通拉力传感器和打点计时器的电源，然后__________，打出一条纸带，关闭电源．(3)在打出的纸带中选择一条比较理想的纸带如图15所示，在纸带上按打点先后顺序依次取O、A、B、C、D、E等多个计数点，各个计数点到O点间的距离分别用hA、hB、hC、hD、hE、……表示，则小车和拉力传感器在计时器打下D点时的动能表达式为____________________，若拉力传感器的读数为F，计时器打下A点到打下D点过程中，细绳拉力对小车所做功的表达式为______________．图15(4)某同学以A点为起始点，以A点到各个计数点动能的增量ΔEk为纵坐标，以A点到各个计数点拉力对小车所做的功W为横坐标，得到一条过原点的倾角为45°的直线，由此可以得到的结论是_______________________________________________________________________．答案(1)间距相等(2)释放小车(3)eq\f(MhE－hC2,8T2)F(hD－hA)(4)外力所做的功等于物体动能的变化量解析(1)当打点计时器能在纸带上打出一系列间隔均匀的点时，小车做匀速直线运动，受力平衡．(2)在组装好实验装置的基础上，进行实验时应先接通电源，再释放小车．(3)D点的瞬时速度等于CE段的平均速度，即vD＝eq\f(hE－hC,2T)，故打下D点时的动能为EkD＝eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,D)＝eq\f(MhE－hC2,8T2)；拉力对小车做的功为W＝F(hD－hA)．(4)因图线是一条过原点的直线且直线的倾角为45°，可得出方程式ΔEk＝W，故可得结论：外力所做的功等于物体动能的变化量．考向5验证机械能守恒定律例5为了验证机械能守恒定律，某研究性学习小组的同学利用透明直尺和光电计时器设计了一套实验装置，如图16所示．当有不透光物体从光电门间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间，所用的光电门传感器可测的最短时间为0.01ms.将具有很好挡光效果的宽度为d＝3.8×10－3m的黑色磁带贴在透明直尺上．实验时，将直尺从一定高度由静止释放，并使其竖直通过光电门．某同学测得各段黑色磁带通过光电门的时间Δti与图中所示的高度差Δhi，并将部分数据进行了处理，结果如下表所示(表格中M为直尺质量，取g＝9.8m/s2)．图16Δti(10－3s)vi＝eq\f(d,Δti)(m·s－1)ΔEi＝eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,i)－eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,1)Δhi(m)MgΔhi11.213.1321.153.310.58M0.060.58M31.003.782.24M0.232.25M40.954.003.10M0.323.14M50.900.41(1)从表格中数据可知，直尺上磁带通过光电门的瞬时速度是利用vi＝eq\f(d,Δti)求出的，请你简要分析该同学这样做的理由是：________________________________________________________________________.(2)请将表格中的数据填写完整．(3)通过实验得出的结论是：________________________________________________________________________.(4)根据该实验，请你判断下列ΔEk－Δh图象中正确的是()解析(1)瞬时速度等于极短时间或极短位移内的平均速度，故直尺上磁带通过光电门的瞬时速度可利用vi＝eq\f(d,Δti)求出．(2)第5点速度为v5＝eq\f(d,Δt5)＝eq\f(3.8×10－3m,0.90×10－3s)≈4.22m/s.从第5点到第1点间动能的增加量为ΔEk＝eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,5)－eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,1)＝eq\f(1,2)×M×(4.222－3.132)≈4.01M.从第5点到第1点间重力势能的减少量为ΔEp＝MgΔh5＝M×9.8×0.41≈4.02M.(3)从表中数据可知，在误差允许的范围内，重力势能的减少量等于动能的增加量．(4)根据动能定理可知：MgΔh＝ΔEk，故ΔEk－Δh的图象是一条过原点的直线，故C正确．答案(1)瞬时速度等于极短时间或极短位移内的平均速度(2)4.224.01M4.02M(3)在误差允许的范围内，重力势能的减少量等于动能的增加量(4)C以题说法本实验数据处理的方法方法1：利用起点和第n点：验证ghn＝eq\f(1,2)veq\o\al(2,n).方法2：任取较远两点A、B：验证ghAB＝eq\f(1,2)veq\o\al(2,B)－eq\f(1,2)veq\o\al(2,A).方法3：图象法．如图17甲所示的装置叫做阿特伍德机，是英国数学家和物理学家阿特伍德(G·Atwood1746－1807)创制的一种著名力学实验装置，用来研究匀变速直线运动的规律．某同学对该装置加以改进后用来验证机械能守恒定律，如图乙所示．图17(1)实验时，该同学进行了如下操作：①将质量均为M(A的含挡光片、B的含挂钩)的重物用绳连接后，跨放在定滑轮上，处于静止状态．测量出________________(填“A的上表面”、“A的下表面”或“挡光片中心”)到光电门中心的竖直距离h.②在B的下端挂上质量为m的物块C，让系统(重物A、B以及物块C)中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间为Δt.③测出挡光片的宽度d，计算有关物理量，验证机械能守恒定律．(2)如果系统(重物A、B以及物块C)的机械能守恒，应满足的关系式为________________________(已知重力加速度为g)．(3)引起该实验系统误差的原因有________________________________________________________________________(写一条即可)．(4)验证实验结束后，该同学突发奇想：如果系统(重物A、B以及物块C)的机械能守恒，不断增大物块C的质量m，重物B的加速度a也将不断增大，那么a与m之间有怎样的定量关系？a随m增大会趋于一个什么值？请你帮该同学解决：①写出a与m之间的关系式：________________________________________________________________________(还要用到M和g)．②a的值会趋于________．答案(1)①挡光片中心(2)mgh＝eq\f(1,2)(2M＋m)(eq\f(d,Δt))2(3)绳子有一定的质量、滑轮与绳子之间有摩擦、重物运动受到空气阻力等(4)①a＝eq\f(mg,2M＋m)＝eq\f(g,\f(2M,m)＋1)②重力加速度g解析(1)、(2)需要测量系统重力势能的变化量，则应该测量出挡光片中心到光电门中心的竖直距离，系统的末速度为：v＝eq\f(d,Δt)，则系统重力势能的减少量ΔEp＝mgh，系统动能的增加量为：ΔEk＝eq\f(1,2)(2M＋m)v2＝eq\f(1,2)(2M＋m)(eq\f(d,Δt))2，若系统机械能守恒，则有：mgh＝eq\f(1,2)(2M＋m)(eq\f(d,Δt))2.(3)系统机械能守恒的条件是只有重力做功，引起实验系统误差的原因可能有：绳子有一定的质量、滑轮与绳子之间有摩擦、重物运动受到空气阻力等．(4)根据牛顿第二定律得，系统所受的合力为mg，则系统加速度为：a＝eq\f(mg,2M＋m)＝eq\f(g,\f(2M,m)＋1)，当m不断增大，则a趋于g.考向6探究平抛运动的规律图18例6为了探究平抛运动的规律，某同学设计如图18所示的实验装置，两个完全相同的斜槽固定在同一竖直平面内，斜槽2的末端吻接一足够长的水平轨道，让两个完全相同的小球同时从斜槽上滚下．(1)有关该实验下列说法正确的是________．A．只能验证平抛运动竖直方向是自由落体运动B．只能验证平抛运动水平方向是匀速直线运动C．既能验证平抛运动竖直方向是自由落体运动，又能验证水平方向是匀速直线运动D．两小球释放点距斜槽末端的高度差应相等(2)为使实验成功，给该同学提出两条合理的建议：①________________________________________________________________________，②________________________________________________________________________.解析(1)当两个球从相同高度差地方同时运动，球A进入水平端后将做平抛运动，球B进入水平端后做匀速运动，两球将会相碰，则说明平抛运动的水平分运动是匀速直线运动，故选项B、D正确．(2)斜槽水平端要水平；斜槽尽量光滑；两球无初速度释放．答案(1)BD(2)见解析图19是“研究平抛物体的运动”实验装置图．(g取10m/s2)图19(1)在实验前应________．A．将斜槽的末端切线调成水平B．将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行C．在白纸上记录斜槽末端槽口的位置O，作为小球做平抛运动的起点和所建坐标系的原点D．测出平抛小球的质量(2)图20是正确实验取得的数据，其中O为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为________m/s；图20(3)在另一次实验中将白纸换成方格纸，每小格的边长L＝5cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图21所示，则该小球做平抛运动的初速度为________m/s；B点的竖直分速度为________m/s.图21答案(1)AB(2)1.6(3)1.52解析(1)在实验前应：将斜槽的末端切线调成水平；将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行；在白纸上记录斜槽末端上方距离槽口为小球的半径R的位置O，作为小球做平抛运动的起点和所建坐标系的原点；此实验不需要测出平抛小球的质量．故选AB.(2)根据h＝eq\f(1,2)gt2，可得t＝eq\r(\f(2h,g))＝eq\r(\f(2×20×10－2,10))s＝0.2s，所以初速度v＝eq\f(x,t)＝eq\f(0.32,0.2)m/s＝1.6m/s.(3)因为ABC三点的水平距离相等，故tAB＝tBC＝T，根据Δh＝gT2，可得T＝eq\r(\f(Δh,g))＝eq\r(\f(2L,g))＝eq\r(\f(2×0.05m,10m/s2))＝0.1s，所以初速度v0＝eq\f(x,T)＝eq\f(3L,T)＝eq\f(3×0.05,0.1)m/s＝1.5m/s；根据竖直方向的运动规律，因为hAB∶hBC＝3∶5，可知抛出点距离B点的竖直距离为4L，水平距离为6L，即从抛出到到达B点的时间为2T，则B点的竖直分速度为vB⊥＝g·2T＝10m/s2×0.2s＝2m/s.考向7探究单摆的运动，用单摆测定重力加速度例7某实验小组拟用如图22所示的装置研究滑块的运动．实验器材有：滑块、钩码、纸带、毫米刻度尺、带滑轮的木板、漏斗和细线组成的单摆(细线质量不计且不可伸长，装满有色液体后，漏斗和液体质量相差不大)等．实验前，在控制液体不漏的情况下，从漏斗某次经过最低点时开始计时，测得之后漏斗第100次经过最低点共用时100秒；实验中，让滑块在钩码作用下拖动纸带做匀加速直线运动，同时单摆垂直于纸带运动方向做微小振幅摆动，漏斗漏出的液体在纸带上留下的痕迹记录了漏斗在不同时刻的位置．图22(1)该单摆的周期是________s；(2)图23是实验得到的有液体痕迹并进行了数据测量的纸带，根据纸带可求出滑块的加速度为________m/s2；(结果取两位有效数字)图23(3)用该实验装置测量滑块加速度，对实验结果影响最大的因素是________________________．解析(1)一个周期内漏斗2次经过最低点，所以周期T＝2s.(2)由图可知时间间隔为半个周期t＝1s，由逐差法可知a＝eq\f(0.3999＋0.3001－0.2001－0.0999,2×2×12)m/s2＝0.10m/s2.(3)漏斗重心变化导致单摆有效摆长变化，从而改变单摆周期，影响加速度的测量值．答案(1)2(2)0.10(3)漏斗重心变化导致单摆有效摆长变化，从而改变单摆周期，影响加速度的测量值(1)两个同学分别利用清华大学和广东中山大学的物理实验室，各自在那里用先进的DIS系统较准确地探究了“单摆的周期T与摆长L的关系”，他们通过校园网交换实验数据，并由计算机绘制了T2－L图象，如图24所示．在中山大学的同学所测实验结果对应的图线是________(选填A或B)．图24(2)在清华大学做实验的同学还利用计算机绘制了a、b两个摆球的振动图象，如图25所示．关于a、b两个摆球的振动图象，下列说法正确的是________．图25A．a、/