甘肃省兰州市2022年高一物理第一学期期末考试试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，木块AB放在水平地面上，A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为，系统置于水平地面上静止不动，现用的水平推力作用在木块B上，力F作用后A.木块A所受摩擦力大小是7NB

2、.木块A所受摩擦力大小是4NC.木块B所受摩擦力大小是7ND.木块B所受摩擦力大小是4N2、关于速度和加速度的概念，下列说法正确的是( )A.物体的加速度越大，速度越大B.物体的速度变化越大，加速度越大C.物体的加速度为零，速度一定为零D.物体的速度变化率越大，加速度越大3、下列关于速度的说法正确的是（ ）A.速度是描述位置变化物理量B.瞬时速度方向与物体运动的方向相同C.速度一定随加速度增加而增加D.速度方向一定与加速度方向相同4、放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t 的关系如图所示取重力加速度g10m/s2由此两图线可以求得物块

3、的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数分别为 ( )A.m0.5kg，0.4B.m1.5kg，C.m0.5kg，0.2D.m1kg，0.25、蹦级是一种极限体育项目，可以锻炼人的胆量和意志运动员从高处跳下，弹性绳被拉展前做自由落体运动，弹性绳被拉展后在弹性绳的缓冲作用下，运动员下落一定高度后速度减为零在这下降的全过程中，下列说法中正确的是A.弹性绳拉展前运动员处于失重状态，弹性绳拉展后运动员处于超重状态B.弹性绳拉展后运动员先处于失重状态，后处于超重状态C.弹性绳拉展后运动员先处于超重状态，后处于失重状态D.运动员一直处于失重状态6、如图所示，用轻质弹簧将篮球拴在升降机底板上，此时弹簧竖直，篮球

4、恰好与光滑的侧壁和光滑的倾斜天花板接触，在篮球与侧壁之间装有压力传感器，当升降机沿竖直方向运动时，压力传感器的示数逐渐增大，某同学对此现象给出了下列分析与判断，其中可能正确的是A.升降机正在匀加速上升B.升降机正在匀减速上升C.升降机正在加速下降，且加速度越来越大D.升降机正在减速下降，且加速度越来越大7、如图所示，重物的质量为m，轻细绳AO的A端和BO的B端固定，平衡时AO水平，BO与水平方向的夹角为60AO的拉力F1和BO的拉力F2与物体重力的大小关系是（ ）A.F1mgB.F1mgC.F2mgD.F2mg8、甲、乙两车平直公路上同向行驶，其图象如图所示。已知两车在3s时并排行驶，则（）A

5、.甲车的加速度大小为5m/s2B.乙车的加速度大小为5m/s2C.两车另一次并排行驶的时刻是1sD.甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为20m9、如图所示，小熊猫正在划船前进，则下列说法中正确的是（）A.使船前进的力的施力物体是船桨B.用桨向后划水，船就向前运动，说明物体间力的作用是相互的C.小熊猫对船的压力和船对小熊猫的支持力是一对平衡力D.小船漂浮，小船受到的浮力大小等于小熊猫和船的总重力10、如图所示，一辆小车静止在水平地面上，bc是固定在小车上的水平横杆，质量为M的物块穿在杆上，通过细线悬吊着质量为m的小物体，小物体在小车的水平底板上，小车未动时细线恰好在竖直方向上现使小

6、车向右运动，全过程中物块始终未相对杆bc移动，物块、小物体与小车保持相对静止，已知a1a2a3a41248，物块M受到的摩擦力大小依次为f1、f2、f3、f4，则以下结论正确的是（）A.f1f212B.f2f312C.f3f412D.211、如图所示，重为G的物体静止在斜面上，当斜面的倾角逐渐增大时，物体仍保持静止，下列分析正确的是（）A.物体对斜面的压力增大B.物体所受的静摩擦力增大C.重力垂直于斜面的分力增大D.重力平行于斜面的分力增大12、一长轻质薄硬板C置于光滑水平地面上，其上放有质量均为2kg的A、B两物块，A、B与C之间的动摩擦因数分别为1=0.2、2=0.3，水平恒力F作用在A物

7、块上，如图所示已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2下列说法正确的是A.若F=12N，B、C间的摩擦力大小为6NB.若F=12N，B的加速度大小为2m/s2C.无论力F多大，B与C都不会发生相对滑动D.无论力F多大，A与C都不会发生相对滑动二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）“验证力的平行四边形定则”实验中，（1）下列关于实验的注意事项中，正确的一项是_A用两弹簧测力计拉橡皮筋时，两弹簧测力计的示数必须相同B实验中，两次橡皮筋拉长后的结点O的位置一定要相同C由作图法得到的合力F和实验测量得到的一定完全重合（2）当用两个弹簧测力计互成角度拉橡皮筋，使橡皮筋伸长，

8、结点到达某一位置O。这时除了读出两个弹簧测力计的示数，还需要记下结点O的位置和细绳的_。（3）实验中两个弹簧秤与一个弹簧秤拉橡皮条的效果相同体现在_。A两根弹簧秤的拉力大小之和等于一根弹簧秤拉力大小B两根弹簧秤的拉力大小之差等于一根弹簧秤拉力大小C两次都将橡皮条拉伸相同的长度D两次都将橡皮条下端结点拉到同一位置（4）本实验采用的科学方法是_A理想实验法 B控制变量法 C等效替代 D建立物理模型法（5）某次实验中，拉OC细绳的弹簧秤指针位置如图所示，其读数为_N；图中的F与两力中，方向一定沿AO方向的是_14、（10分）用如图所示的实验装置做“探究加速度与力、质量关系”的实验： (1)下面列出了

9、一些实验器材：电磁打点计时器、纸带、带滑轮的长木板、垫块、小车和砝码、砂和砂桶除以上器材外，还需要的实验器材有：_A、天平（附砝码） B、秒表 C、刻度尺（最小刻度为mm） D、低压交流电源(2)实验中，需要平衡小车和纸带运动过程中所受阻力，正确的做法是_A、小车放在木板上，把木板一端垫高，调节木板的倾斜程度，使小车在不受绳的拉力时沿木板做匀速直线运动B、小车放在木板上，挂上砂桶，把木板一端垫高，调节木板的倾斜程度，使小车在砂桶的作用下沿木板做匀速直线运动C、小车放在木板上，后面固定一条纸带，纸带穿过打点计时器把木板一端垫高，调节木板的倾斜程度，使小车在不受绳的拉力时能拖动纸带沿木板做匀速直线

10、运动(3)实验中，为了保证砂和砂桶所受的重力近似等于使小车做匀加速运动的拉力，砂和砂桶的总质量m与小车和车上砝码的总质量M之间应满足的条件是_这样，在改变小车上砝码的质量时，只要砂和砂桶质量不变，就可以认为小车所受拉力几乎不变(4)如图为某次实验纸带，在相邻两计数点间都有四个打点未画出，用刻度尺测得：S10.55 cm，S20.94 cm，S31.35 cm，S41.76 cm，S52.15 cm，S62.54 cm相邻两计数点间的时间间隔为_s； 计数点“6”和“7”的位移S7比较接近于_（填“A、B、C、D”序号）A、2.76 cm B、2.85 cm C、2.96 cm D、3.03 c

11、m打下“3”点时小车的瞬时速度v3=_m/s；小车的加速度a_ m/s2(计算结果均保留2位有效数字)(5)某小组在研究“外力一定时，加速度与质量的关系”时，保持砂和砂桶质量不变，改变小车质量M，分别记录小车加速度a与其质量M的数据在分析处理数据时，该组同学产生分歧：甲同学认为根据实验数据可以作出小车加速度a与其质量M的图像，如图（甲），然后由图像直接得出a与M成反比乙同学认为应该继续验证a与其质量倒数1/M是否成正比，并作出小车加速度a与其质量倒数1/M的图像，如图（乙）所示你认为_同学（选填“甲”或“乙”）的方案更合理三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）

12、如图所示，将轻弹簧的一端固定在天花板上的a点，将轻绳的一端固定在天花板上的b点，a、b两点间距L0.5m把质量m2kg的小球固定在轻绳和弹簧另一端，悬挂起来当小球静止时，弹簧与水平方向夹角为60，轻绳与水平方向夹角为30，其中弹簧的劲度系数k200N/m，且该过程未超过弹簧的弹性限度，重力加速度g取10m/s2，求：(1)轻绳和弹簧对小球拉力大小；(2)弹簧的原长x016、（12分）利用传感器研究物块在斜面上的运动如图所示，在固定斜面的顶端安装测速仪，当物块从斜面底端向上滑行时，测速仪启动，某次记录的数据如表。取， 求:时刻00.10.20.30.40.50.60.70.8速度3.22.41.

13、60.80-0.4-0.8-1.2-1.6（1）物块在斜面上运动时的加速度大小；（2）物块与斜面之间的动摩擦因数；（3）木块回到斜面底端时的速度大小。17、（12分）放在水平地面上的物体P的重量为，与P相连的细绳通过光滑的滑轮挂了一个重物Q拉住物体P，重物Q的重量为，此时两物体保持静止状态，绳与水平方向成角，则物体P 受到地面对它的摩擦力与地面对它的支持力各为多大？ 参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、C【解析】物体A、B之间的轻弹簧被压缩了，弹簧弹力为：；AB木块A受到向左的弹力为8N，A不动，故静摩擦力为8N，向右，故AB错误；

14、CD用的水平拉力作用在木块B上，木块B受弹簧向右的弹力为向左推力为1N，B仍然处于静止状态，故B受到的摩擦力，故C正确、D错误；2、D【解析】A物体的加速度越大，速度不一定越大，选项A错误；B根据可知，物体的速度变化越大，加速度不一定越大，选项B错误；C物体的加速度为零，速度不一定为零，例如匀速直线运动，选项C错误；D根据可知物体的速度变化率越大，加速度越大，选项D正确；故选D.3、B【解析】A速度是描述位置变化快慢的物理量，位移是描述位置变化的物理量，A错误；B瞬时速度的方向就是物体的运动方向，B正确；C当速度方向与加速度方向一致时，速度才增加，当速度方向与加速度反向相反时，速度减小，C错误

15、；D加速度方向与速度变化量的方向一致，但是不一定与速度方向一致。当加速度与速度方向一致时，物体做加速运动，加速度与速度方向相反时，物体做减速运动，D错误。故选B。4、A【解析】在46s内做匀速直线运动，可知在24s做匀加速直线运动：根据牛顿第二定律有：将，带入，解得：因为解得：A.m0.5kg，0.4，与分析相符，故A项符合题意；B.m1.5kg，与分析不符，故B项不符合题意；C.m0.5kg，0.2，与分析不符，故C项不符合题意；D.m1kg，0.2，与分析不符，故D项不符合题意5、B【解析】弹性绳拉展前运动员做自由落体运动，所以处于完全失重状态；弹性绳拉展后的一段时间内，运动员先做加速度减

16、小的加速运动，当拉力大于重力时做加速度增加的减速运动，所以弹性绳拉展后运动员先处于失重状态，后处于超重状态选项B正确考点：牛顿定律及超重失重6、C【解析】AB对篮球受力分析如图，若升降机匀加速上升或在匀减速上升，篮球加速度不变，受力不变，压力传感器的示数不变故AB不可能C若升降机正在加速下降，对篮球受力分析，由牛顿第二定律可得：解得：加速度越来越大，则越来越大，压力传感器的示数逐渐增大故C可能D若升降机正在减速下降，对篮球受力分析，由牛顿第二定律可得：解得：加速度越来越大，则越来越小，压力传感器的示数逐渐增小故D不可能7、BD【解析】解：对O点受力分析，如图根据共点力平衡得，故B、D正确，A、

17、C错误故选BD【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行分析8、BC【解析】AB由图象斜率表示加速度可得所以B正确，A错误；C由题意可知，3s时两车并排行驶，由图象面积表示位移可知，1s两车也是并排行驶，所以C正确；D由图象求1s到3s的位移为所以D错误。故选BC。9、BD【解析】A使船前进的力的施力物体是水，故A错误；B用桨向后划水，水给船一个向前的反作用力使船向前运动，说明物体间力的作用是相互的。故B正确；C小熊猫对船的压力和船对小熊猫的支持力是一对相互作用力，故C错误；D由受力平衡可知，小船受到的浮力大小等于小熊猫和船的总重力，故D正确。故选BD。10、AC【解析】前两

18、图中，M是由静摩擦力提供加速度的，根据牛顿第二定律直接求解f1和f2的关系；后两图中对小球和滑块整体受力分析，根据牛顿第二定律列式求解通过对m隔离分析可判断图中角的关系【详解】甲乙两图中，M水平方向只受静摩擦力作用，根据牛顿第二定律得：f1=Ma1；f2=Ma2；丙丁两图中，对m和M整体受力分析，受总重力（M+m）g、支持力N、摩擦力f，如图所示：根据牛顿第二定律，有：f=（M+m）a；即f3=（M+m）a3，f4=（M+m）a4；又：a1：a2=1：2，则：f1：f2=1：2，故A正确；a2：a3=2：4，f2：f3=M：2（M+m），故B错误；f3：f4=a3：a4=4：8=1：2，故C正

19、确；对物体m隔离受力分析，可得tan=，tan=，而a3：a4=4：8，所以 tan=2tan，故D错误故选AC【点睛】本题关键是对滑块、滑块与小球整体受力分析后根据牛顿第二定律列式求解，难度适中11、BD【解析】对物体进行受力分析知：物体受重力G，支持力N和静摩擦力f将重力分解为沿斜面的分力G1，垂直于斜面的分力G2，由于保持静止，则物体处于平衡状态，则有故当逐渐增大时，G1增大，f增大，G2减小，N减小，由牛顿第三定律可知，物体对斜面的压力也减小。故AC错误，BD正确。故选BD。12、BC【解析】ABA与C间的最大静摩擦力为：NB与C间的最大静摩擦力为：N由上可知，A与C间的摩擦力最大为4

20、N，小于B与C的最大静摩擦力6N，则当A刚要相对于板滑动时静摩擦力达到最大值时，B与C相对静止，设此时拉力为，加速度为，对B和C整体，由牛顿第二定律得：解得：m/s2对A、B和C整体，由牛顿第二定律得：N当F=12N8N时，此时A与C相对滑动，B与C相对静止，所以B与C之间的摩擦力为N，对B，由牛顿第二定律有：解得：m/s2，故A错误，B正确； CD因A与C间的摩擦力最大为4N，小于B与C的最大静摩擦力6N，所以无论力F多大，B与C都不会发生相对滑动；当拉力大于8N时，A与C会发生相对滑动，故C正确，D错误。故选BC二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 .B .方向 .D .C

21、 .2.60 .【解析】（1）1A适当使二力大些，并不需要两弹簧测力计的示数相同，A错误；B要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，橡皮条要沿相同方向伸长量相同，则O点的位置应固定，B正确；C由于实验存在误差，由作图法得到的合力F和实验测量得到的不一定完全重合，C错误；故选B。（2）2当用两个弹簧测力计互成角度拉橡皮筋，使橡皮筋伸长，结点到达某一位置O，这时除了读出两个弹簧测力计的示数，还需要记下结点O的位置和细绳的方向；（3）3用两个弹簧秤拉橡皮条，使橡皮条的结点拉到位置O；若只用一个弹簧秤拉，要产生相同的效果，必须是：把橡皮条的结点拉到相同的位置O，ABC错误，D正确；故选D。（

22、4）4该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置，本实验采用的科学方法是等效替代法，C正确，ABD错误；故选C。（5）5由图可知，弹簧秤的读数为2.60N；6F是通过作图的方法得到合力的理论值，而是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力。故方向一定沿AO方向的是。14、 .（1）ACD .（2）C .（3）mM .（4）0.1 .C .0.16 .0.40 .（5）乙【解析】（1）根据实验原理与实验器材分析答题；（2）实验前要把木板的一端垫高以平衡摩擦力，使小车受到的合力等

23、于绳子的拉力；（3）当小车质量远大于砂与砂桶质量时可以近似认为小车受到的拉力等于砂与砂桶的重力；（4）应用匀变速直线运动的推论：x=at2可以求出加速度；（5）为方便实验数据处理，作出的图象应为直线，根据题意应用牛顿第二定律分析答题；【详解】（1）实验过程需要测出小车质量、砂与砂桶质量，因此实验需要天平，处理实验数据时需要测出计数点间的距离，实验需要毫米刻度尺，电磁打点计时器需要使用低压交流电源，故选ACD；（2）实验前要平衡摩擦力，平衡摩擦力时要把小车放在木板上，后面固定一条纸带，纸带穿过打点计时器把木板一端垫高，调节木板的倾斜程度，使小车在不受绳的拉力时能拖动纸带沿木板做匀速直线运动，故选C；（3）当小车质量远大于砂与砂桶质量时可以近似认为小车受到的拉力等于砂和砂桶所受的重力，因此实验需要满足的条件是：mM（4）由于在相邻两计数点间都有四个计时点未画出，所以两个计时点的时间间隔为t=50.02s=0.1s根据前面的数据可得x=x2-x1=x3-x2=x4-x3=0.40cm，所以x7=x6+x=2.94cm，