2023学年四川省蓉城名校联盟高中物理高二第一学期期中达标检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，匀强磁场中放置一矩形线圈，线圈所在平面与磁场平行，现通了如图的电流，则线圈的运动情况是：A从上往下看是顺时针方向转动；B从上往下看是逆时针方向转动；C从左往右看是顺时针方向转动；D从左往右看是逆时针方向转动2、如图所示，当环形导

2、线通以逆时针方向电流后，位于环形导线中央的小磁针N极的受力方向（）A水平向左B水平向右C垂直向外D垂直向里3、如图所示，三个电阻的阻值相同，在AB间接上电源后，三个电阻的功率之比为（ ） A411B144C211D1224、两个小灯泡，分别标有“1 A 4 W”和“2 A 1 W”的字样，则它们均正常发光时的电阻阻值之比为( )A21B161C41D1165、甲、乙两根粗细均匀的电阻丝，它们的材料相同，甲电阻丝的长度是乙的4倍，甲电阻丝的截面积是乙的2倍，则甲、乙电阻丝电阻之比是（ ）A2：1B1：2C1：4D1：86、如图所示，直线a为某一电源的U-I图线，直线b为某电阻的U-I图线，用该电

3、源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和内电阻分别为（ ）A6 W，0.1B4 W，0.5C4 W，1D2 W，0.5二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为电表改装的电路图，其中表头G的满偏电流为0.6 A，满偏电压为3 V。R1的阻值等于表头内阻的，R2的阻值等于表头内阻的2倍，则A将1、2接入电路时，可作为大量程电压表使用B将1、3接入电路时，可作为大量程电流表使用C改装后的大量程电流表量程为01.8 AD改装后的大量程电压表量程为021 V8、关于电流

4、，下列说法中正确的是（）A由可知，通过导线截面的电量越多，电流越大B由I=nqsv可知，同一导线内电荷定向移动的速率越大，电流越大C由I=可知，同一导体中的电流与导体两端的电压成正比D因为电流有方向，所以电流是矢量9、关于物体的动量和冲量，下列说法中正确的是（）A物体所受合外力的冲量越大，它的动量也越大B物体所受合外力的冲量不为零，它的动量一定要改变C物体的动量增量的方向，就是它所受合外力的冲量的方向D物体所受的合外力越大，它的动量变化越快10、一弹簧振子做简谐振动，O为平衡位置，当它经过O点时开始计时，经过23s第一次到达M点，再经过22s第二次到达M点，则弹簧振子的周期为：A253sB24

5、sC26sD3s三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）要测量一段金属丝的电阻率，其阻值大约是9，实验室里准备了以下器材：A电源：电动势E=7.5 VB电压表V，量程6 V，内阻约10 kC电流表A1，量程3mA，内阻为2 00 D电流表A2，量程0.6 A，内阻约0.2 E电流表A3，量程3 A，内阻约0.02 F滑动变阻器Rl，最大阻值10 ，最大电流为2 AG滑动变阻器R2，最大阻值50 ，最大电流为0.2 AH导线、电键若干(1)若金属丝长度为L，直径为D，阻值为R，则其电阻率_。用螺旋测微器测合金丝的直径如上图所示，读数为_

6、 mm。 (2)测量电阻时，要求待测电阻的电压从0开始可以连续调节，则在上述器材中，电流表应选_；滑动变阻器应选_。(填器材前面的字母代号) ；(3) 在虚线框内画出用伏安法测量该电阻的阻值时的实验电路图_；(4) 若实验室里准备的电压表V已损坏，现将电流表A1改装成一个量程为6.0 V的电压表，需串联一个阻值_的电阻。12（12分）某多用表内部的部分电路如图所示，已知微安表表头内阻Rg=100，满偏电流Ig=200A，定值电阻R1=2.5，R2=22.5，电源电动势E=1.5V，则该多用表（1）A接线柱应该是与_（填“红”或“黑”）表笔连接；（2）当选择开关接_（填“a”或“b”）档时其对应

7、的电阻档的倍率更高；（3）若选a档测量电阻，则原表盘100A，对应的电阻刻度值应当为_；原表盘50A的刻度，对应的电阻刻度值应当为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一均匀带正电的无限长细直棒水平放置，带电细直棒在其周围产生方向与直棒垂直向外辐射状的电场，场强大小与直棒的距离成反比在直棒上方有一长为a的绝缘细线连接了两个质量均为m的小球A、B，A、B所带电量分别为+q和+4q，球A距直棒的距离为a，两球恰好处于静止状态不计两小球之间的静电力作用（1）求细线的张力；（2）剪断细线，若A球下落的最大

8、速度为vm，求A球下落到速度最大过程中，电场力对A球做的功（3）分析剪断细线后，B球的运动情况及能量的转化情况14（16分）轻质细线吊着一质量为m0.32 kg、边长为L0.8 m、匝数n10的正方形线圈，总电阻为r1 .边长为的正方形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图甲所示，磁场方向垂直纸面向里，大小随时间变化关系如图乙所示，从t0开始经t0时间细线开始松弛，取g10 m/s2.求：(1)在前t0时间内线圈中产生的电动势；(2)在前t0时间内线圈的电功率；(3)t0的值15（12分）如图所示，平行金属数AB水平放置，两板间距离为d，所加电压为U（A高B低），一质量为m，电量为q的带负电的

9、小球用丝线悬于两板之间，组成一个摆长为L的单摆，原来静止于图示位置（悬线竖直），现将单摆摆线拉至与竖直成60角的位置（图中虚线位置）由静止释放，求它摆到竖直位置时，小球的动能.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由左手定则知，右边边所受安培力方向指向纸外，左边边所受安培力方向指向纸里，上边和下边电流方向与磁场方向平行，不受安培力作用，故转动方向为：从上往下看是顺时针方向转动；故选A【点睛】本题考查了左手定则的运用，注意当I与B平行时，不受安培力的作用2、C【解析】当环形导线通以逆时针方向电流时，据安培定则

10、得出环形线圈内部磁感线的方向垂直于纸面向外，而小磁针静止时的N极指向与线圈的磁感线的方向是一致的，所以垂直环形电流所在平面向外，故C正确，ABD错误；故选C点睛：知道在磁体的外部，磁感线是从N极指向S极，在磁体内部，磁感线是从磁体的S极指向N极是解决该题的关键3、A【解析】设通过R1的电流为I，由于三个电阻的阻值相同，故通过R2，R3两位两个电阻的电流均为，故三个电阻的电功率之比为：故选A。4、B【解析】由P=I2R得：两灯泡的电阻分别为：，；所以电阻之比为：，所以ACD错误，B正确，故选B。5、A【解析】已知甲乙两根电阻丝的材料相同，而甲的长度是乙的4倍，甲电阻丝的截面积是乙的2倍；根据，所

11、以甲的电阻是乙的2倍。A2：1，与结论相符，选项A正确；B1：2，与结论不相符，选项B错误；C1：4，与结论不相符，选项C错误；D1：8，与结论不相符，选项D错误；6、B【解析】由图线a可知，电源的电动势 E=3V，短路电流为 I短=6A；则电源的内电阻r=EI短=36=0.5A ；当将电阻与电源相连时，两图线的交点表示电路的工作状态，此时电路中电流为 I=2A，路端电压为 U=2V，故电源的输出功率为 P=UI=4W；故选B点睛：本题考查对电源和电阻伏安特性曲线的理解能力，要知道两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能直接电流和路端电压，从而求出电源的输出功率二、多项选择

12、题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】A将1、2接入电路时，电阻R1与表头并联，则可作为大量程电流表使用，选项A错误；B将1、3接入电路时，电阻R2与表头串联，则可作为大量程电压表使用，选项B错误；C改装后的大量程电流表量程为此时两端电压，选项C正确；D改装后的大量程电压表量程为选项D正确。8、BC【解析】通过导线截面的电量多，若时间长，电流不一定大，A错误；由I=nqsv可知，同一导线内电荷定向移动的速率越大，电流越大，B正确；由知，同一导体中的电流与导体两端的电压成

13、正比，选项C正确；电流有方向，但是电流合成不遵循平行四边形法则，所以电流是标量，D错误9、BCD【解析】A根据动量定理，物体所受合外力的冲量越大，它的动量变化也越大，选项A错误；B根据动量定理，物体所受合外力的冲量不为零，它的动量一定要改变，选项B正确；C根据动量定理，物体的动量增量的方向，就是它所受合外力的冲量的方向，选项C正确；D根据动量定理，则物体所受的合外力越大，它的动量变化越快，选项D正确。故选BCD。10、AC【解析】作出运动示意图如图，若从O点开始向右振子按下面路线振动，则振子的振动周期为：，如图，若从O点开始向左振子按下面路线振动，令从O到M的时间为t，则有：则可解得：则振子的

14、振动周期为：，故AC正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）RD24L， 1.705； （2）D， F； （3） (4)1800 【解析】应用电阻定律可以求出电阻率的表达式，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，由图示螺旋测微器可以读出其示数；根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表外接法；要求待测电阻的电压从零开始可以连续调节，变阻器采用分压接法估算电流的最大值，选择电流表量程；改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=UIg-Rg；【详解】解:(1) 金属丝的电阻：R=LS=L(D2)2，电阻

15、率：=RD24L；固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.0120.5mm=0.205mm，则此金属丝的直径为1.705mm;(2)待测电阻中最大电流约为Imax=URX=69A=0.67A，故电流表选D；求待测电阻的电压从0开始可以连续调节，滑动变阻器采用分压式，应选较小阻值的，即选F；(3)根据题意得RVRXRXRA，所以选择电流表外接法，由于待测电阻的电压从零开始可以连续调节，变阻器采用分压式接法，电路图如图所示：(4)把电流表改装成电压表要串联的阻值R=U-IgRgIg=6-310-3200310-3=180012、黑 b 150 450 【解析】(1)当用欧姆表测电阻时，电源和表

16、头构成回路，根据电源正负极连接方式可知，黑表笔与电源正极相连，故A接线柱应该是与“黑”表笔连接；（2）整个回路最小电流 ， 同时，当选择开关接b时，此时有最大值当选择开关接b档时其对应的电阻档的倍率更高（3）用a档测量电阻，欧姆调零时，此时，当，此时干路电流为 ，由于，解得；当表盘时，此时干路电流为，由于，解得【点睛】本题主要考查：利用电阻的串并联关系，来解决电流表的扩量程的相关问题；熟悉欧姆表的工作原理，利用回路欧姆定律解决相关问题四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1） （2） （3）剪断细线后，B小球做先上

17、后下的往复运动（振动）【解析】试题分析：分别隔离对A、B受力分析，通过共点力平衡求出细线的张力；当A球下落时，重力与电场力平衡时速度最大，根据平衡求出下降的距离，再根据动能定理求出电场力所做的功；剪断细线后，B小球做先上后下的往复运动，在上升的过程中，电场力做正功，电势能减小，根据能量守恒知，机械能增加，重力势能增加，动能先增大后减小），下降过程与上升过程对称（1）设距直棒为r的点的电场强度大小为，分别对两小球列平衡方程：对A：对B：解得：（2）设A球下落到距直棒为r时速度最大，此时加速度为零，合力为零由平衡条件：由上解得：解得：由动能定理：解得：（3）剪断细线后，B小球做先上后下的往复运动（振动）在上升过程中，电势能逐渐减小，机械能逐渐增大（重力势能增大，动能先增大后减小）；在下降过程中，电势能逐渐增加，机械能逐渐减小（重力势能减小，动能先增大后减小），机械能与电势能的总和不变点睛：本题主要考查了正确地受力分析，运用共点力平衡求解以及会根据物体的受力，判断A、B两球的运动情况，知道加速度为零时，速度最大14、 (1)0.4 V(2)0.16 W(3)2 s【解析】(1)由法拉第电磁感应定律得：E