2023学年江西省鄱阳县第二中学物理高二上期中统考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地若极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是（ ）A两

2、极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大2、一只小船质量为M，船上人的质量为m。船原来以速度v0行驶，当船上的人以相对地面的水平速度v0与船行反方向跳离船时，不计水的阻力，则船的速度大小变为Av0Bv0Cv0Dv03、如图，AB间的电压为30 V，改变滑动变阻器触头的位置，可以改变CD间的电压，则UCD的变化范围是()A010 VB020 VC1020 VD2030 V4、如图所示，一簇电场线的分布关于y轴对称，O是坐标原点，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四个点，其

3、中M、N在y轴上，Q点在x轴上，则下列说法正确的是（ ）AM点的电势比P点的电势高BOM间的电势差小于NO间的电势差C一正电荷在O点时的电势能小于在Q点时的电势能D将一负电荷由M点移到P点，电场力不做功5、如图所示，电场中A、B两点的场强大小分别为EA、EB对EA、EB的大小关系判断正确的是（）AEAEBBEAEBCEA=EBD无法判断6、白炽灯泡灯丝的I-U特性曲线可用以下图中哪个图象来表示( )ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，R1为定值电阻，

4、R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内阻，以下说法中正确的是（ ）A当R2R1r时，R1上获得最大功率B当R2R1r时，R2上获得最大功率C当R20时，R1上获得最大功率D当R20时，电源的输出功率最大8、如图所示竖直放置的光滑绝缘圆环穿有一带负电的小球，匀强电场水平向右，小球绕O点作圆周运动，那么A在A点小球有最小的电势能B在C点小球有最小的机械能C在D点小球有最小的重力势能D在A点小球有最大的动能9、地球赤道上有一物体随地球一起自转做圆周运动，所需的向心力是F1，向心加速度为a1,线速度为v1，角速度为1;绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星(离地高度可忽略)所需的向心力为F2，向心加速

5、度为a2,线速度为v2,角速度为2;地球同步卫星所需的向心力为F3，向心加速度为a3,线速度为v3,角速度为3;地球表面重力加速度为g,第一宇宙速度为v，假设三者质量相等，则正确的是( )ABCD10、如图所示，圆圈中的“”表示电流方向垂直纸面向里，圆圈中的“”表示电流方向垂直纸面向外两根通电长直导线a、b平行水平放置，a、b中的电流强度均为I，此时a受到的磁场力大小为F当在a、b的上方再放置一根与a、b平行的通电长直导线c后，a受到的磁场力大小仍为F，图中abc正好构成一个等边三角形，则此时（ ）Ab受到的磁场力大小为FBb受到的磁场力大小为Cc受到的磁场力大小为FDc受到的磁场力大小为三、

6、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学想描绘标有“3.8 V0.3 A ”的小灯泡灯丝电阻R随电压U变化的图象除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：电流表：A（量程0.6 A，内阻约)电压表：V(量程5 V，内阻约 ) 电源： E（电动势为4V，内阻约为）滑动变阻器：R1（最大阻值约为）、R2（最大阻值约为）电键S，导线若干（1）在答题卡的方线框内画出电路图_（2）为了调节方便，实验中应选用滑动变阻器_(选填器材前的字母代号)（3）根据实验数据，计算并描绘出的图象如图乙所示.由图象可知当所加电压为3.00V时，灯泡实际消耗的电

7、功率为_W（计算结果保留两位有效数字）. 12（12分）某同学通过实验测量一根长度为L的电阻丝的电阻率（1）由图甲可知电阻丝的直径D= mm（1）将如下实验操作补充完整：按图乙连接电路，将滑动变阻器R1的滑片P置于B端；将S1拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；将电阻箱R1的阻值调至最大，S1拨向接点1， ，使电流表示数仍为I0，记录此时电阻箱的示数为R1（3）此电阻丝的电阻率的表达式= （用已知量和所测物理量的字母表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，电源电动势E=10V，内

8、阻r=0.5，标有“8V 24W”的灯泡L恰好能正常发光，电动机M线圈的电阻R0=2，求：（1）灯泡L中的电流I1；（2）电动机M中的电流I2；（3）电动机工作2min产生的热量。14（16分）在光滑绝缘水平面上放置一质量m0.2 kg、电荷量q5104 C的带正电的小球，小球系在长L0.5 m的绝缘细线上，线的另一端固定在O点整个装置置于匀强电场中，电场方向与水平面平行且沿OA方向，如图所示（此图为俯视图）现给小球一初速度使其绕点O做圆周运动，小球经过A点时细线的张力F140 N，小球在运动过程中，最大动能比最小动能大20 J，小球视为质点（1）求电场强度的大小（2）求运动过程中小球的最小动

9、能。15（12分）如图所示，两块平行金属板竖直放置，两板间的电势差U=1.5103V(仅在两板间有电场)，现将一质量m=110-2kg、电荷量q=410-5C的带电小球从两板的左上方距两板上端的高度h=20cm的地方以初速度v0=4m/s水平抛出，小球恰好从左板的上边缘进入电场，在两板间沿直线运动，从右板的下边缘飞出电场，g取10m/s2，求：（1）金属板的长度L；（2）小球飞出电场时的动能Ek参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由图分析可知电容器极板上的电荷量几乎不变，将极板B稍向上移动一点，极板正对面

10、积减小，根据公式，电容减小，由公式可判断出电容器极板间电压变大，静电计张角增大，故D正确，ABC错误【点睛】本题要抓住电荷量不变的条件，根据电容的定义式分析电容如何变化2、D【解析】当车上的人以相对地面的水平速度v1与车行反方向跳离车时，小车和人组成的系统动量守恒，以小车原来的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得：（M+m）v1=m（-v1）+Mv解得：v=v1，故D正确。故选D。【点睛】本题主要考查了动量守恒定律的直接应用，解题时一定要规定一个正方向，本题中还要注意人初始时刻也具有速度v13、C【解析】当滑动变阻器触头置于变阻器的最上端时，UCD最大，最大值为：；当滑动变阻器触头置于变阻器的

11、最下端时，UCD最小，最小值为：，所以UCD的变化范围是1020V故选C.4、B【解析】根据电场线与等势线垂直特点，在M点所在电场线上找到p点的等势点，根据沿电场线电势降低可知，P点的电势比M点的电势高，故A错误；根据电场分布可知，OM间的平均电场强度比NO之间的平均电场强度小，故由公式U=Ed可知，OM间的电势差小于NO间的电势差，故B正确；O点电势高于Q点，根据Ep=q可知，正电荷在O点时的电势能大于在Q点时的电势能，故C错误；M点的电势比P点的电势低，负电荷从低电势移动到高电势电场力做正功，故D错误。故选B。【点睛】电场线、电场强度、电势、电势差、电势能等物理量之间的关系以及大小比较，是

12、电场中的重点和难点，在平时训练中要加强这方面的练习，以加深对概念的理解5、A【解析】电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线越密的地方电场强度越大，则知，故A正确，BCD错误6、A【解析】根据欧姆定律，得到，由数学知识得知，I-U图象上的点与原点连线的斜率大小表达电阻的倒数，而白炽灯的电阻随电压增加而增大，因此I-U特性曲线是过原点的向电压U轴倾斜的曲线.A该图与结论相符，选项A正确；B该图与结论不相符，选项B错误；C该图与结论不相符，选项C错误；D该图与结论不相符，选项D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对

13、的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB将等效到电源的内部，上的功率视为等效电源的输出功率，上的功率为：所以当外电阻等于内阻时，即：等效电源输出功率最大，即上的功率最大，故A错误，B正确C根据：可知经过电阻的电流最大时，上的功率最大；当外电阻最小时，即时，电流最大，上的功率最大，故C正确D当外电阻等于内阻时，即：电源的输出功率最大，所以电源的输出功率不一定最大，故D项错误8、ABC【解析】A.正电荷从A向C运动过程中，电场力一直做负功，电势能一直增大，所以A点电势能最小，故A正确。B.除重力以外，其它力所做的功，等于物体的机械能变化量，所以从A运动到C的过程中，电场力

14、一直做负功，机械能一直减小，故C点具有最小的机械能，故B正确。C.物体位置越高，重力势能越大，所以D点小球的重力势能最小，故C正确。D.根据合外力做功判断小球的动能变化。小球在从A点向D点运动的一段距离内，电场力做的正功大于重力做的负功，（根据等效最低点可以判断，速度最大的位置在AD之间某一位置）所以动能在增加，故D错误。9、CD【解析】A根据题意三者质量相等，轨道半径：物体与近地卫星比较，由于赤道上物体受引力和支持力的合力提供向心力，而近地卫星只受万有引力提供向心力，故：跟根据万有引力公式：比较近地卫星与同步卫星可知：物体和同步卫星角速度相同，根据向心力公式：可知：所以有：故A错误；B由选项

15、A的分析知道向心力关系，故由牛顿第二定律，可知：故B错误；C比较近地卫星和同步卫星，根据万有引力提供向心力有：得：可知：比较物体和同步卫星，因为角速度相等，故：可得：所以有：根据第一宇宙速度计算式可知：故C正确；D同步卫星与地球自转同步，故：根据周期公式：可知卫星轨道半径越大，周期越大，故：再根据：有：故D正确；故选CD.10、BC【解析】加上导线c后，a受到的磁场力如图所示，a受到的合磁场力仍为F，则受到c给的磁场大小也为F，与b给的磁场力夹角为120，故合力为，因为abc正好构成一个等边三角形，所以c给b的磁场力大小为F，c受到的磁场力如图所示，根据平行四边形定则可得b受到的磁场力，根据牛

16、顿第三定律可得，c受到的a、b给的磁场力如图所示，根据平行四边形定则可得，BC正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 0.78 【解析】（1）因测伏安特性曲线要求电压与电流调节范围大，故变阻器需用分压式接法，所以要选择电阻值比较小的，故选；因测伏安特性曲线要求电压与电流调节范围大，故变阻器需用分压式接法；小灯泡的电阻值：，由于，即电压表的电阻远大于小灯泡的电阻，所以实验中采用电流表外接法，实验原理图如图：，（3）由R-U图象知，当U=3.00V时，则灯泡实际消耗的电功率为.故答案为（1），（2），（3）0.78.【点睛】测定小灯泡的伏

17、安特性曲线实验要求电压与电流从零调起或要求电流电压调节范围大一些，因此，滑动变阻器应采用分压式接法12、（1）0.379；（1）保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值；（3）【解析】试题分析：（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数（1）根据等效替代法的原理完善实验步骤（3）根据电阻定律求出电阻率的表达式解：（1）由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0mm，可动刻度示数为37.90.01mm=0.379mm，电阻丝直径D=0mm+0.379mm=0.379mm（1）按图乙连接电路，将滑动变阻器R1的滑片P置于B端；将S1拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；将

18、电阻箱R1的阻值调至最大，S1拨向接点1，保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值，使电流表示数仍为I0，记录此时电阻箱的示数为R1（3）由电阻定律得：R1=，则电阻率为：=故答案为（1）0.379；（1）保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值；（3）【点评】本题考查了螺旋测微器读数、实验步骤、求电阻率；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读一位四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3A（2）1A（3）240J【解析】(1)灯泡L正常发光，根据功率公式可知(2)根据闭合电路欧姆定律可知，内电压为根据欧姆定律可知，干路电流为根据并联电路的规律可知，通过电动机的电流为(3)根据焦耳定律可知，电动机工作2min产生的热量为14、（1）4104N/C（2）10J【解析】小球带正电，从A运动到其关于O对称的点的过程中，电场力做负功，动能减小，所以在A点