上海市黄浦区市级名校2023学年物理高二上期中调研模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、对电场线的描述错误的是（ ）A电场线上某点的切线方向表示该点的场强方向 B电场线永不相交C电场线是闭合曲线 D电场线是假想曲线2、关于电场线的说法，正确的是( )A电场线的切线方向都和该处正电荷受电场力方向一致B正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动C最早提出用电场线描述电场的物理学家是库仑D静电场的电场线可以是闭合的3、如图所示，把长为L的导体棒悬挂在水平方向的匀强磁场中，磁感应强度为B，当导体棒中通以方向向左的电流I时，导体棒受到的安培力大小和方向分别是A大小为BIL，方向竖直向上B大小为BIL，方向竖直向下C大小为，方向竖直向上D大小为，方向竖直向下4、关于安培力和洛伦兹力

3、,下列说法中正确的是()A放置在磁场中的通电导线，一定受到安培力作用B带电粒子在磁场中运动时，一定受到洛伦兹力作用C因为安培力垂直于通电导线，故安培力对通电导线一定不做功D因为洛伦兹力总垂直于电荷运动方向，故洛伦兹力对运动电荷一定不做功5、已知通过三个并联支路的电流之比是I1：I2：I3=1：2：3，则三个并联支路的电阻之比R1：R2：R3为（）A1：2：3B3：2：1C2：3：6D6：3：26、如图所示，在光滑水平面上一轻质弹簧将固定挡板和一条形磁铁连接起来，此时磁铁对水平面的压力为N1，现在磁铁左上方位置固定一导体棒，当导体棒中通有垂直纸面向里的电流后，磁铁对水平面的压力为N2，则以下说法

4、正确的是（ ）A弹簧长度将变长，N1 N2B弹簧长度将变短，N1 N2C弹簧长度将变长，N1 N2D弹簧长度将变短，N1 N2，与结论不相符，选项A错误；B弹簧长度将变短，N1 N2，与结论相符，选项B正确；C弹簧长度将变长，N1 N2，与结论不相符，选项C错误；D弹簧长度将变短，N1 N2，与结论不相符，选项D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析：由几何关系可知从两孔射出的粒子的运动半径，则由洛仑兹力充当向心力可得出粒子的速度关系；由周期公

5、式及转过的角度可求得时间之比；由向心力公式可求得加速度之比设磁场边长为a，如图所示，粒子从c点离开，其半径为，粒子从d点离开，其半径为，根据几何关系可知，由，得出半径公式，故，故A正确；因为粒子都为电子，所以根据粒子在磁场中运动的周期相同，从d射出的粒子的圆心角为180，故，从c射出的粒子的圆心角为90，故，所以，B错误；向心加速度，则，故C错误D正确8、BD【解析】对小球进行受力分析：受重力、向右的电场力和细线的拉力；小球从A点静止释放，运动到B点速度为0，小球到达B点时速度为零，向心力为零，沿细线方向合力为零，确定其合力，判断是否平衡，根据动能定理列式，求电场力的大小。根据电场力做功公式W

6、=qEd，d是沿电场线方向有效距离，求电场力做功。运用单摆进行类比，分析振幅。【详解】对小球受力分析如图所示，A、小球受到的重力和电场力的合力是一恒力，这两个场力看作等效重力场。根据题意知，小球的平衡位置在AB圆弧的中点位置，选项A错误；C、小球将在AB之间往复运动，根据能量守恒，其幅度不变，选项C错误；B、小球处在平衡位置时，有qEtan 30=mg，即qE=3mg，选项B正确；D、小球从A运动到B的过程中，电场力对其做的功W=qEl(1cos 60)=12qEl，D正确.故选BD.【点睛】此题要求同学们能正确进行受力，并能联想到已学过的物理模型，根据相关公式解题.9、CD【解析】根据粒子的

7、运动轨迹，粒子所受的电场力指向速度的凹向，可知电场力方向从N指向M，由于粒子的加速度大小变化不知道，可知不能确定点电荷的电性，选项A错误；一条电场线不能确定疏密，则不能确定电场力的大小，也就不能确定加速度的大小关系，选项B错误；由轨迹可知，从a到b电场力做负功，则电势能增加，动能减小，选项CD正确；故选CD.10、CD【解析】电压表是一个内阻很大的元件，使用时应将其与被测电路并联，当将其与其他元件串联时，其示数将接近电源电压，造成元件无法正常工作根据电压表的这一特点，结合电路的连接变化可依次做出判断，并推理出故障的原因【详解】用电压表测得a、c两点间的电压为220V，说明c、d间是连通的；用电

8、压表测得b、d两点间的电压为220V，说明a、b间是连通的，综合两次的测量结果可以看出，只有当b、c间断路时，才会出现上述情况，CD正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.35 V A A E=1.60V r=1.00 大于 【解析】（1）由图可知用直流电压2.5V档，则电压档刻度每小格为0.05V，则其示数为1.35V；（2）由于电动势大约1.35V左右，滑动变阻器选择较小即可，便于调节，故选项A即可；（3）由于题目中没有电压表，则将电流表A1与定值电阻R1 (标称阻值为999)串联改装成电压表，量程为：U=IA1(R1+RA1)

9、=210-10999+1V=2V，由于A2量程较大放置在干路上即可，故选项A正确；（4）根据闭合电路欧姆定律：E=I1RA1+R1+I2r+RA2整理可以得到：I1=ERA1+R1-r+RA2RA1+R1I2，则将I1=1.6mA，I2=0以及I1=0，I2=400mA代入整理可以得到：E=1.60V，r=1.00；（5）由于电流表A1的实际内阻大于1，但是实际取值时电流表A1的内阻仍为1，从而造成斜率变大，故造成电源内阻的测量值大于实际值。点睛：实验仪器的选择是考试中经常出现的问题，在学习中要注意掌握好其安全、准确的原则，同时注意滑动变阻器的电路中的应用规律以及误差分析的问题。12、2.00

10、 1.0000 BC 【解析】（1）游标卡尺的主尺读数为20mm，游标读数为0.10mm=0.0mm，则最终读数为20.0mm=2.00cm摆长的大小l=99.00cm+1.00cm=100.00cm=1.0000m。根据得，。（2）根据得，。A、由公式可知，重力加速度的测量值的大小与摆球的质量无关。故A错误；B、他的摆没在竖直面内摆动，而成了圆锥摆，设圆锥摆的摆线与竖直方向之间的夹角为，则：可得：可知圆锥摆的周期小于单摆的周期；由于T的测量值减小，所以重力加速度g的测量值增大。故B正确；C、数摆动次数时，在记时的同时，就开始数1，误将29次全振动记成了30次，则周期的测量值：T=，全振动次数

11、n增大，则周期T的测量值减小，所以重力加速度g的测量值增大。故C正确；D、直接将线长作为摆长来计算，则摆长L减小，所以重力加速度g的测量值减小。故D错误故选：BC（3）根据得：。则图线的斜率为：。则有：。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）8V （2）14 W （3）28 W【解析】(1)电灯和电动机正常工作，通过灯泡的电流为： 设电动机两端电压为U，由闭合电路欧姆定律：代入数据解得：U8 V (2)电动机输出功率： (3)电路消耗的总功率为：14、（1）40m/s（2）5cm（3）=45【解析】试题分析：（

12、1）在加速电场中，根据动能定理可得，解得（2）在偏转电场中，在竖直方向上有，联立可得5cm（3）如图所示：，粒子射出电场时偏转角度的正切值：解得，所以45考点：考查了带电粒子在电场中的偏转【名师点睛】带电粒子在电场中偏转问题，首先要正确的对带电粒子在这两种情况下进行正确的受力分析，确定粒子的运动类型解决带电粒子垂直射入电场的类型的题，应用平抛运动的规律进行求解此类型的题要注意是否要考虑带电粒子的重力，原则是：除有说明或暗示外，对基本粒子（例如电子，质子、粒子、离子等），一般不考虑重力；对带点微粒，（如液滴、油滴、小球、尘埃等），一般要考虑重力15、（1）18 W （2） 8 W （3） 100/9 W【解析】（1）电动机正常工作时，总电流为：，则电源的总功率为：，电源的输出功率为：；（2）电动机两端的电压为：