2023学年河南省辉县市一高高二物理第一学期期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有四盏灯，如图所示连接在电路中，L1和L2都标有“220 V100W”字样，L3和L4都标有“220 V40 W”字样，把电路接通后，四个灯都能发光。最暗的是( )AL3BL2CL1DL42、如图所示,将平行板电容器接在电源两极间,电容器两极板间的带电尘埃恰好处于静止状态.若将两极板缓慢地错开一些,其他条件不变,则( )A电容器带电荷量不变B电源中将有电流从正极流出C尘埃仍静止D电流计中将有电流通过,电流方向由3、关于点电荷的说法，正确的是( )A大小和形状对作用力的影响可以忽

3、略的带电体可以视为点电荷B体积很大的电荷，一定不能作为点电荷C点电荷一定是带电量很小的电荷D只有体积很小的电荷，才能作为点电荷4、两个定值电阻R1、R2串联后接在输出电压U=12V的直流电源上，且电源电压保持不变。把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1的两端（如图所示），电压表的示数为8V，如果把此电压表改接在R2两端，则电压表的示数将（）A小于4VB等于4VC大于4V、小于8VD等于或大于8V5、关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（ ）A法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机B奥斯特发现了电流的磁效应，并提出了分子电流假说C牛顿发现万有引力定律，并通过实验测出

4、了引力常量D库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值6、一节干电池的电动势为1.5 V，其物理意义可以表述为A外电路断开时，1 s内它能将1.5J的化学能转化为电势能B外电路闭合时，1 s内它能将1.5J的化学能转化为电势能C外电路闭合时，1 s内它能将1.5C的电荷量通过导线的某一截面D外电路闭合时，导线某一截面每通过1C的电荷量，整个电路就获得1.5J的电能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，AB是两金属板构成的平行板电容器先将电键K闭

5、合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向下平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A板的距离不变则下列说法正确的是（ ）A电容器的电容变小B电容器内部电场强度大小变大C电容器内部电场强度大小不变DP点电势升高8、如图所示，充有一定电量的平行板电容器水平放置，其中上极板A带负电，下极板B带正电，其正中有一小孔，带负电的小球（可视为质点）从小孔正下方某处以一确定初速度v0开始正对小孔运动，恰能到达上极板A处（空气阻力忽略不计）只考虑板之间存在的电场，则下列说法正确的是（）A若A板向上移动少许，则小球将不能到达A板B若A板向上移动少许，则小球仍能到达A板C若B板向上移动少许，则小球仍能到达A板D若B

6、板向下移动少许，则小球仍能到达A板9、空间存在一电场，一带负电的粒子仅在电场力作用下从x1处沿x轴负方向运动，初速度大小为v0,其电势能Ep随坐标x变化的关系如图所示，图线关于纵轴左右对称，以无穷远处为零电势能点，粒子在原点O处电势能为E0，在x1处电势能为E1，则下列说法中正确的是A从x1到O之间，该电场的场强先减小后增大B由x1运动到O过程加速度一直减小C粒子经过x1、-x1处速度相同D粒子能够一直沿x轴负方向运动，一定有10、如图所示，长为L的刚性轻杆一端固定质量为m的小球（可视为质点），轻杆另一端悬于O点，当小球在最低位置P点水平向右速度大小为v时，小球可绕O点在竖直面内做完整的圆周运

7、动，小球在最低位置P点的动能与在最高位置Q点的动能的差值为，小球在最低位置P点受杆弹力大小与在最高位置Q点受杆弹力大小的差值为，不计空气阻力。若适当增大v，下列说法可能正确的是（）A增大B不变C增大D不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在做验证力的平行四边形定则实验时：（1）以下说法中正确的是：（_）A用两只弹簧秤拉橡皮筋时，应使两细套之间的夹角为90，以便求出合力的大小B用两只弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合C若用两只弹簧秤拉时合力的图示F与用一只弹簧秤拉时拉力的图示F不完全重合，说明力的合成的平行四

8、边形定则不一定是普遍成立的DF1F2，若方向不变，大小各增加1N，则合力F的方向不变，大小也增加1N（2）某同学实验如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉,O为橡皮条与细绳的结点,OB和OC为细绳,图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示,下列说法中正确的是（_）A图乙中的F是力F1和F2合力的理论值,F是力F1和F2合力的实际测量值B图乙的F是力F1和F2合力的理论值,F是力F1和F2合力的实际测量值C在实验中,如果将细绳也换成橡皮条,那么对实验结果没有影响D在实验中,如果将细绳也换成橡皮条,那么对实验结果有影响（3）本实验采用的科学方法是_(填字母代号)A理想实验法 B等效替代法 C控制变量

9、法 D建立物理模型法12（12分）某学习小组欲探究小灯泡(“3 V1.5 W”) 的伏安特性，可提供的实验器材如下：A电池组：电动势约4.5 V，内阻可不计B双量程的电压表：V1：量程为03 V，内阻约为3 k；V2：量程为015 V，内阻约为15 kC双量程的电流表：A1：量程为00.6 A，内阻约为1 ；A2：量程为03 A，内阻约为0.1 D滑动变阻器：R1（阻值范围010 、允许通过最大电流为2 A）、R2（阻值范围0100 、允许通过最大电流为1 A）E.开关S，导线若干在尽量提高测量精度的情况下，请回答下列问题：（1）电压表应选择_ 量程, 电流表应选择_ 量程，滑动变阻器选_。（

10、2）电流表应接成_（“内接”或“外接”），滑动变阻器应接成_（“限流式”或“分压式”）。（3）请在方框内画出实验电路图，并用笔画线代替导线将实物图连接成完整电路_。(4)闭合开关前，滑动变阻器的滑动片应移到_端(选填“A”或“B”)。(5)调节滑动变阻器得到电压、电流数据如下表，请在坐标纸上画出小灯泡的UI图线_。(6)根据图线可估得小灯泡在常温下的电阻约为_(结果保留2位有效数字)。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，质量为M3.0kg的小车以v01.0m/s的速度在光滑的水平面上向左运动，车上

11、AD部分是表面粗糙的水平轨道，DC部分是光滑的1/4圆弧，整个轨道由绝缘材料制成，小车所在空间内有竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场强度E40N/C，磁感应强度B2.0T现有一质量为m1.0kg、电荷量为q1.0102C的滑块以u8m/s的水平速度向右冲上小车，当滑块通过D点时速度为v15.0m/s（滑块可视为质点，g取10 m/s2），求： （1）滑块从A到D的过程中，小车、滑块组成的系统损失的机械能；（2）如果圆弧轨道半径R1.0m，求滑块刚过D点时对轨道的压力；（3）若滑块通过D点时，立即撤去磁场，要使滑块不冲出圆弧轨道，求此圆弧的最小半径14（16分）规格为“220 V、

12、44W”的排气扇，线圈电阻为40 ，求：（1）接上220 V的电源后，排气扇转化为机械能的功率和发热的功率；（2）如果接上220 V电源后，扇叶被卡住，不能转动，求电动机的发热的功率15（12分）如图所示电路中，A、B间电压恒定当开关S断开时，电压表示数为42V，求：（1）这时电流表示数（2）当开关S闭合后，电压表示数和电流表示数参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：根据公式可得和的电阻小于和的电阻，因为通过和的电流之和等于的电流，所以通过的电流大于的电流，通过的电流小于的电流，根据公式可得，因为

13、和并联，所以电压相等，根据公式可得，所以，所以最暗，故A正确；考点：考查了电功率的计算【名师点睛】根据额定电压和额定功率，由功率公式比较两种灯泡的电阻大小根据公式比较和、和功率的大小根据公式，比较和功率大小再确定哪个灯泡功率最小2、C【解析】带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止；根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向；【详解】A、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小，故A错误；B、因电量减小，电容器放电，故电

14、流计G中有a到b方向的短时电流，即没有电流从正极流出，故BD错误；C、由于板间电压和距离不变，则由可知，板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态，故C正确【点睛】本题电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式和电容的定义式结合进行分析3、A【解析】A电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，选项A正确；BCD带电体能否看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状及带电量的多少无具体关系，故BCD错误；4、A【解析】当电压表接在R1两端时，其示数为8V，则此时电阻R2两端的电压为4V，将R1与RV并联后的总电阻用R1V表示，则=解得R1V=

15、2R2由于R1R1V，则R12R2。当电压表改接在R2两端时，将R2与RV并联后的总电阻用R2V表示，则R2R2V。此时电阻R1两端的电压U1与电压表示数U2V之比为=2故电压表的示数将小于4V。故A正确，BCD错误。故选A。5、A【解析】A法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机，选项A正确；B奥斯特发现了电流的磁效应，安培提出了分子电流假说，选项B错误；C牛顿发现万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量，选项C错误；D库仑提出了库仑定律，密立根最早用实验测得元电荷e的数值，选项D错误。6、D【解析】由电动势的定义式，可知，电源中每通过1C电量，非静电力做功为1.5J，电源把

16、1.5J的化学能转变为电能，而不是1s内将1.5J的化学能转变成电能故A B错误当1s内能使1.5C的电量通过导线的某一截面时，电路中电流是1.5A，但电动势不一定等于1.5V故C错误导线某一截面每通过1C的电量，这段导线就消耗1.5J的电能，故D正确故选D点睛：本题考查对电源电动势的理解电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领的大小，当非静电力把1C的正电荷从负极移到正极时，一节干电池向整个电路提供1.5J的电能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】试

17、题分析：当平行板电容器充电稳定后，两板间存在匀强电场，当开关断开后，两极板的电量不变，当变化极板间距，从而改变电容器的电容，但极板间的电场强度却不变化A、将B板向下平移一小段距离，由可知电容器的电容变小，故A正确；B、由、可知，只改变极板间距，没有改变电荷分布密度，板间场强不变，故B错误，C正确；D、板间场强不变，故D错误故选ACD考点：电容器的动态分析点评：电容器的电容由两板间距、正对面积与电介质决定；而两板间的电场强度则由电容器的电量、电介质及正对面积决定当开关断开时，电容器的电量不变；而开关闭合时，电容器的电压却不变8、AC【解析】由题意设两板间的电压为U，小球的质量为m，电荷量为q，板

18、间距离为d，由动能定理可得： A、B项：若A板向上移动少许，由电容器的决定式可知，电容减小，由电容器定义式可知，两板间的电压增大，小球从B板到A板克服电场力做功大于qU，所以小球不能达到A板，故A正确,，B错误；C、D项：若B板向上移动少许，由电容器的决定式可知，电容增大，由电容器定义式可知，两板间的电压减小，小球从B板到A板克服电场力做功小于qU，所以仍能到达A板，故C正确，D错误故应选AC9、CD【解析】根据电势能与电势的关系：Ep=q，场强与电势的关系：，得：Ep-x图象切线的斜率等于，根据数学知识可知，坐标原点O处切线斜率为零，则坐标原点O处电场强度为零，从x1到O之间，斜率先增加后减

19、小，则该电场的场强先增加后减小，故A错误由x1运动到O过程，场强先增大后减小，由F=qE知，粒子所受的电场力先增大后减小，根据牛顿第二定律得知，加速度先增大后减小，故B错误由图看出，x1、-x1两处的电势能相等，根据能量守恒定律得知，粒子经过x1、-x1处速度相同，故C正确根据公式Ep=q，可知，该粒子带负电，从x1处到-x1处，电势先降低后升高，电场方向先沿x轴负方向后沿x轴正方向，电场力先沿x轴正方向后沿x轴负方向，粒子只要能通过原点O，就能一直沿x轴运动，设粒子恰好能到达原点O时的速度为v，则根据能量守恒定律得：mv2=E0-E1，当v0v时，即v0粒子能够一直沿x轴负方向运动，故D正确

20、故选CD.点睛：解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学基本规律：牛顿第二定律和能量守恒定律进行分析10、BCD【解析】AB小球在竖直面内做完整的圆周运动，机械能守恒，小球在最低位置P点的动能与在最高位置Q点的动能的差值故A项错误，B项正确；C如果小球在最低位置时速度较小，在最高位置Q点受杆的作用力是向上的弹力，在最低位置P点在最高位置Q点又解得：小球在最低位置P点受杆弹力大小与在最高位置Q点受杆弹力大小的差值适当增大v，增大，选项C正确；D如果小球在最低位置时速度较大，在最高位置Q点受杆的作用力是向下的拉力，在最低位置P点在最高位置Q点又解得：小球在最低位置P

21、点受杆弹力大小与在最高位置Q点受杆弹力大小的差值适当增大v，不变，选项D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B BC B 【解析】(1)1A. 合力是我们根据平行四边形画出来的，不是计算出来的，不需要让夹角为特殊角，故A错误。B. 为了使两次实验对橡皮筋产生的作用效果相同，故用两只弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合，故B正确。C. 共点力合成的平行四边形定则是一定成立的，如果画出的差距太大，说明实验时出现错误，故C错误。D. 根据平行四边形定则可知，合力和两分力的大小并不总能同时增加相同的量。只有两力大小相等

22、，夹角成120时，才能保证合力与分力增加量相同；故D错误。(2)2 F1与F2合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F是F1与F2合成的理论值，F是F1与F2合成的实际值，故A错误，B正确；CD. 由于O点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果，故C正确D错误。(3)3 合力与分力的作用效果相同，所以本实验采用的科学方法是等效替代法，故B正确ACD错误。12、V1 A1 R1 外接 分压式 略 A 略 2.8 【解析】（1）1小灯泡(“3 V1.5 W”)的额定电压3V，电压表应选择V1量程；2根据P=UI，额定电流：故电流表应

23、选择A1量程；3 探究小灯泡的伏安特性，要求电压从零开始变化，应采用分压电路，为调节方便，滑动变阻器应采用总阻值较小的R1；（2）4根据小灯泡的功率，小灯泡的电阻：远小于电压表V1的内阻，所以应采用电流表外接法；5 由于要求电压从零开始变化，滑动变阻器应接成分压式电路；（3）6电路图、实物连线分别如图所示：（4）7为了小灯泡安全，开关闭合前，滑动变阻器的滑动片应移到A端；（5）8根据表中电压、电流数据，小灯泡的UI图线_如图所示：（6）9 小灯泡在常温下的电阻等于UI图线电流较小时直线段的斜率，则：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和