天津市静海区独流中学四校联考2023学年物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一列简谐横波某时刻的波形如图所示，比较介质中的三个质点a、b、c，则A此刻a的加速度最小B此刻b的速度最小C若波沿x轴正方向传播，此刻b向y轴正方向运动D若波沿x轴负方向传播，a比c先回到平衡位置2、小华发现参考书上某个电量的数值模糊不清

2、请你运用学过的知识来判断该数值可能是()A6.81019 C B6.61019 C C6.41019 C D6.21019 C3、用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法,下面四个物理量都是用比值法定义的以下公式不属于比值法定义式的是A电流强度B磁感应强度C电阻D电容4、如图所示，回旋加速器是用来加速带电粒子使它获得很大动能的装置。其核心部分是两个D形金属盒，置于匀强磁场中，两盒分别与高频电源相连。则下列说法正确的是 （ ）A带电粒子从磁场中获得能量B带电粒子加速所获得的最大动能与加速电压的大小有关C带电粒子加速所获得的最大动能与金属盒的半径有关D带电粒子做圆周运动的周期随半径增大而增大5、

3、用图所示装置研究静摩擦力.弹簧秤对物块的拉力沿水平方向，逐渐增大拉力，当拉力小于10N时，物块保持静止，等于10N时，物块刚刚开始运动.由此可知 A物块和台面间的最大静摩擦力是10NB当弹簧秤的示数为5N时，物块受到的静摩擦力是10NC弹簧秤的示数为15N时，物块受到的摩擦力是0ND当弹簧秤的示数为15N时，物块受到的摩擦力是0N6、甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移时间（xt）图象如图所示，由图象可以得出在04 s内（ ）A甲、乙两物体始终同向运动B4 s时甲、乙两物体间的距离最大C甲的平均速度等于乙的平均速度D甲、乙两物体间的最大距离为6 m二、多项选择题：本题共4小

4、题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中,电源内阻一定,电压表和电流表均为理想电表。现使滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离,测得电压表V1的示数变化大小为U1,电压表V2的示数变化大小为U2,电流表A的示数变化大小为I,对于此过程下列说法正确的是()AU1I为一定值B路端电压的增加量等于U2CR0两端的电压的变化量大小等于U2-U1D通过电阻R1的电流变化量大小等于U1R18、如图所示，我国发射的“嫦娥二号”卫星运行在距月球表面100km的圆形轨道上，到A点时调整成沿椭圆轨道运行，

5、至距月球表面15km的B点作近月拍摄，以下判断正确的是A卫星在圆轨道上运行时处于完全失重状态B卫星从圆轨道进入椭圆轨道必须减速制动C卫星沿椭圆轨道运行时，在A点的速度比在B点的速度大D卫星沿圆轨道运行时在点的加速度和沿椭圆轨道运行时在A点的加速度大小相等9、北京残奥会的开幕式上，三届残奥会冠军侯斌依靠双手牵引使自己和轮椅升至高空，点燃了残奥会主火炬，他超越极限、克服万难的精神震撼了观众的心灵。假设侯斌和轮椅是匀速上升的，则在上升过程中侯斌和轮椅的A动能增加B重力势能增加C动能不变D重力势能不变10、如下图所示，长为l的细绳一端固定在O点，另一端拴住一个小球，在O点的正下方与O点相距的地方有一枚

6、与竖直平面垂直的钉子；把小球拉起使细绳在水平方向伸直，由静止开始释放，当细绳碰到钉子的瞬间，下列说法正确的是( )A小球的线速度不发生突变B小球的角速度突然增大到原来的2倍C小球的向心加速度突然增大到原来的2倍D绳子对小球的拉力突然增大到原来的2倍三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“探究电磁感应的产生条件”实验中，采用如图甲所示的装置进行实验请用笔画线代替导线在答题卷相应位置将图甲连线补充完整，确保实验现象明显_某小组电路连接正确后，在滑动变阻器滑片持续向右移动的过程中，发现灵敏电流计的指针持续向右偏，则当开关闭合时，灵敏电流

7、计的指针将_-A向左偏一下 B向右偏一下 C持续向左偏 D持续向右偏12（12分）（1）在“探究法拉第电磁感应现象”的实验中，已将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电表及开关按如图所示部分连接，要把电路连接完整正确，则N连接到_(选填“a”“b”“c”或“M”)，M连接到_(选填“a”“b”“c”或“N”).正确连接电路后，开始实验探究，某同学发现当他将滑动变阻器的滑动端P向右加速滑动时，灵敏电流计指针向右偏转.由此可以判断_.A线圈A向上移动或滑动变阻器滑动端P向左加速滑动，都能引起灵敏电流计指针向左偏转B线圈A中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起灵敏电流计指针向右偏转C滑动变阻器的

8、滑动端P匀速向左或匀速向右滑动，都能使灵敏电流计指针静止在中央D因为线圈A、线圈B的绕线方向未知，故无法判断灵敏电流计指针偏转的方向（2）仅用一根导线，如何判断G表内部线圈是否断了？_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图为固定在竖直平面内的轨道，直轨道AB与光滑圆弧轨道 BC相切，圆弧轨道的圆心角为37，半径为r=0.21m，C端水平, AB段的动摩擦因数为0.1竖直墙壁CD高H=0.2m,紧靠墙壁在地面上固定一个和CD等高，底边长L=0.3m的斜面一个质量m=0.1kg的小物块(视为质点)在倾斜轨道

9、上从距离B点l=0.1m处由静止释放，从C点水平抛出重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.2求： （1）小物块运动到C点时对轨道的压力的大小；（2）小物块从C点抛出到击中斜面的时间； （3）改变小物体从轨道上释放的初位置，求小物体击中斜面时动能的最小值14（16分）如图所示，质量M=4kg的滑板B静止放在光滑水平面上，其右端固定一根轻质弹簧，弹簧的自由端C到滑板左端的距离L=0.5 m，这段滑板与木块A（可视为质点）之间的动摩擦因数= 0.2，而弹簧自由端C到弹簧固定端D所对应的滑板上表面光滑木块A以速度v0=10m/s由滑板B左端开始沿滑板B表面向右运动已知木块A的

10、质量m=lkg，g取10m/s2，求：（1）弹簧被压缩到最短时木块A的速度（2）木块A压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能15（12分）电场中A、B两点的电势是A=600V，B=100V。把正电荷q=1.510-8C由A移动到B点，电场力做了多少功？电势能是增加还是减少？变化了多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由机械振动特点确定质点的加速度和速度大小，由“上下坡法”确定振动方向由波动图象可知，此时质点a位于波峰处，根据质点振动特点可知，质点a的加速度最大，故A错误，此时质点b位于平衡位置，所以速度为最

11、大，故B错误，若波沿x轴正方向传播，由“上下坡法”可知，质点b向y轴正方向运动，故C正确，若波沿x轴负方向传播，由“上下坡法”可知，a质点沿y轴负方向运动，c质点沿y轴正方向运动，所以质点c比质点a先回到平衡位置，故D错误2、C【解析】元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，带电量为1.61019 C，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍，只有6.41019 C是1.61019 C的整数倍，故C正确，ABD错误。3、D【解析】试题分析：选项A、B、C中公式均为物理量的定义式，其特点是被定义量与用来定义的量间无直

12、接关系，电容的定义式是C=而D选项为电容的决定式，公式中C与其它各量都由直接关系，不是定义式，故选项D错误，其余正确考点：电容、电阻、电流、磁感强度4、C【解析】A、由回旋加速器原理可知，它的核心部分是两个D形金属盒，置于匀强磁场中，两盒分别与高频电源相连，两盒间的窄缝中形成匀强磁场，交流电的周期和粒子做圆周运动的周期相等，粒子在圆周运动的过程中一次一次地经过D形盒缝隙，两盒间的匀强电场一次一次地反向，粒子就会被一次一次地加速，在磁场中洛伦兹力不做功，带电粒子是从电场中获得能量的，故A错误.B、粒子从D形盒出来时速度最大，由qvB=mv2R，粒子被加速后的最大动能Ekm=12mv2=q2R2B

13、22m,可见带电粒子加速所获得的最大动能与回旋加速器的半径有关，与加速电压的大小无关，故B错误，C正确.D、高频电源周期与粒子在磁场中匀速圆周运动的周期相同，由带电粒子做圆周运动的周期T=2mqB可知，周期T由粒子的质量、电量和磁感应强度决定，与半径无关，故D错误.故选：C.【点睛】解决本题的关键是掌握加速器的工作原理以及加速器的构造，注意粒子是从电场中获得能量，但回旋加速器的最大速度与电场无关，与磁感应强度和D形盒的半径有关.5、A【解析】A、物体受重力、支持力、拉力和摩擦力；当拉力等于10N时，物块刚刚开始运动，说明最大静摩擦力为10N，故A正确；B、当弹簧秤的示数为5N时，没有拉动，物体

14、保持静止，受静摩擦力为5N，故B错误；CD、当弹簧秤的示数为15N时，物体加速运动，受到滑动摩擦力，滑动摩擦力等于最大静摩擦力，为10N，故CD错误；故选A【点睛】关键是明确滑块的受力情况，要分静摩擦力和滑动摩擦力两种情况讨论6、C【解析】A图像的斜率等于速度，可知在内甲、乙都沿正向运动，运动方向相同。内甲沿负向运动，乙仍沿正向运动，运动方向相反，故A错误。BD内甲乙同向运动，甲的速度较大，两者距离不断增大。后甲反向运动，乙仍沿原方向运动，两者距离减小，则时甲、乙两物体间的距离最大，最大距离为 ，故BD错误。C由图知，在内甲、乙的位移都是，平均速度相等，故C正确。二、多项选择题：本题共4小题，

15、每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A、根据电路结构可知：V1测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律可知：U1I=r故A对；B、滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离，电阻变大，回路电流变小，路端电压增大，即R0 与滑动变阻器的电压增大，但电阻R0上的电压是减小的，所以U2与U1不相等，故B错；C、路端电压即为R0 与滑动变阻器的电压之和，所以R0两端的电压的变化量大小等于U2-U1，故C对；D、R1两端的电压即为路端电压，路端电压的变化引起了电阻R1上电流的变化，所以通过电阻R1的电流变化

16、量大小等于U1R1，故D对；故选ACD【点睛】根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化,由闭合电路欧姆定律可以知道电路电流的变化,则可分析内电压、路端电压及各部分电压的变化8、ABD【解析】卫星在圆轨道上运行时处于完全失重状态，故A错误。卫星从圆轨道进入椭圆轨道须减速制动。故B正确。根据动能定理得，从A到B的过程，万有引力做正功，则动能增大，所以A的速度小于B点的速度。故C错误；根据GMmr2=ma得：a=GMr2，所以沿圆轨道运行时在A点的加速度和沿椭圆轨道运行时在A点的加速度大小相等，故D正确。故选ABD。9、BC【解析】AC侯斌和轮椅是匀速上升的，速度不变，则动能不变，选项A错误，C正确；BD

17、侯斌和轮椅上升过程中，高度增加，则重力势能增加，选项B正确，D错误。10、ABC【解析】试题分析：小球的线速度变化需要一段时间，当细绳碰到钉子的瞬间，小球的线速度不发生突变，所以A项正确；根据角速度与线速度的关系，线速度不变，圆周运动的半径变为原来的一半，角速度变为原来的2倍，所以B项正确；向心加速度公式，小球的向心加速度增大为原来的2倍，所以C项正确；根据牛顿第二定律得出，小球拉力等于，向心力变为原来的2倍，小球拉力不是原来的2倍，所以D项错误考点：本题考查了竖直面内的圆周运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A 【解析】(1)

18、电源、开关、滑动变阻器和上面的线圈组成回路，滑动变阻器可以改变电流，来检验在下面的线圈是否会产生，下面的线圈和灵敏电流表相连，电路如图：(2) 滑动变阻器滑片持续向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，通过大线圈的磁通量变小，灵敏电流计指针向右偏，所以当闭合开关时，电路中的电流变大，通过大线圈的磁通量变大，则灵敏电流计的指针向左偏一下，故A正确；12、a c B 短接G表前后各摇动G表一次，比较指针偏转，有明显变化，则线圈未断；反之则断了 【解析】（1）12将电源、电键、变阻器、线圈A串联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，所以M连接c；再将电流计与线圈B串联成另

19、一个回路，所以N连接a；3由题意可知：当P向右加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变阻器滑动端P向左加速滑动时，B中磁通量增大，故指针应向左偏转，故A错误；B、当铁芯拔出或断开开关时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；C、滑片匀速运动时，A中也会产生变化的磁场，线圈B中产生了感应电流使指针向右或向左偏转，故C错误；D、由以上分析可知，D错误；（2）4仅用一根导线，将检流计G短接前后，摇动表一次，比较指针偏转，有明显变化，则线

20、圈断了，说明虽有切割磁感应线，但没有感应电流，则没有安培阻力，指针变化明显；反之，则出现感应电流，进而安培阻力，使其变化不明显，则线圈未断。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2.2N （2） t=315s （3）当y=0.12m，Ekn=0.15 J 【解析】试题分析：小物块从A到C的过程，由动能定理求出C点的速度在C点，由牛顿第二定律求轨道对小物块的支持力，再由牛顿第三定律得到小物块对轨道的压力（2）小物块离开C点后做平抛运动，由平抛运动的规律和几何关系列式，联立求解平抛运动的时间（3）根据数学知识得到小

21、物体击中斜面时动能与释放的初位置坐标的关系式，由数学知识求解动能的最小值（1）小物块从A到C的过程，由动能定理得：mglsin37+mg(r-rcos37)-mglcos37=12mv02 代入数据解得v0=3m/s在C点，由牛顿第二定律得：FN-mg=mv02r代入数据解得：FN=2.2N由牛顿第三定律得，小物块运动到C点时对轨道的压力的大小为2.2N（2）如图，设物体落到斜面上时水平位移为x，竖直位移为y，L-xy=LH代入得：x=0.3-1.5y，由平抛运动的规律得：x=v0t，y=12gt2联立得15t2+23t-0.6=0 ，代入数据解得：t=315s （3）由上知 x=0.3-1.5y,v02t2=v022yg=(0.3-1.5y)2可得：v02=g(0.3-1