2023学年陕西省延安市宝塔四中高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，用细绳系一小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，不计空气阻力，关于小球的受力情况

2、和运动情况，下列分析正确的是（）A受重力、绳子拉力和向心力B重力的分力提供小球做圆周运动的向心力C若细绳与竖直方向的夹角变大，那么小球做匀速圆周运动的周期变大D若细绳与竖直方向的夹角变小，那么小球做匀速圆周运动的周期变大 2、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1和R 3均为定值电阻，且R 3=r，R 2为滑动变阻器。当R 2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U。现将R 2的滑动触点向b端移动一小段距离，电路稳定之后，下列说法正确的是AI1减小，I2不变，U减小B电容器C的带电量减小C电源的输出功率变大D电源的效率变大3、下列不是用比值

3、法定义的物理量的是（）A用E=定义电场强度B用C=定义电容器的电容C用定义电容器的电容D用I=定义电流强度4、第一个发现电磁感应现象的科学家是：A奥斯特B库仑C法拉第D安培5、如图所示，用细线挂一质量为M的木块，有一质量为m的子弹自左向右水平射穿此木块，穿透前后子弹的速度分别为和v（设子弹穿过木块的时间和空气阻力不计），木块的速度大小为（）ABCD6、如图所示，轻质弹簧一端固定在天花板上，另一端栓接条形磁铁，一个铜盘放在条形磁铁的正下方的绝缘水平桌面上，控制磁铁使弹簧处于原长，然后由静止释放磁铁，不计磁铁与弹簧之间的磁力作用，且磁铁运动过程中未与铜盘接触，下列说法中正确的是A磁铁所受弹力与重力

4、等大反向时，磁铁的加速度为零B磁铁下降过程中，俯视铜盘，铜盘中产生顺时针方向的涡旋电流C磁铁从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，磁铁减少的重力势能等于弹簧弹性势能D磁铁从静止释放到最终静止的过程中，磁铁减少的重力势能大于铜盘产生的焦耳热二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电路中A、B是规格相同的灯泡，L是电阻不计的电感线圈，那么（ ）A断开S，A立即熄灭B断开S，B立即熄灭C断开S，A闪亮一下后熄灭D断开S，B闪亮一下后熄灭8、如图所示的电路中，电源的电

5、动势为、内阻为（），定值电阻.闭合开关，理想电压表示数为，理想电流表示数为；在滑动变阻器的滑片由端滑到端的过程中A先变小后变大B与的比值先变大后变小C与的乘积先增大后减小D的变化量的绝对值与的变化量的绝对值的比值小于9、如图所示，图甲中AB是一个点电荷电场中的电场线，图乙是放在电场线上a、b处的检验电荷的电荷量与所受电场力数值间的函数图象，由此可以判定( )A场源可能是正电荷，位置必在 A侧B场源可能是正电荷，位置必在B侧C场源可能是负电荷，位置必在A侧D场源可能是负电荷，位置必在 B侧10、下列说法正确的是（）A沿电场线方向场强逐渐减小B沿电场线方向电势逐渐降低C沿电场线方向电势逐渐升高D沿

6、电场线方向移动正电荷电场力做正功三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“描述小灯泡的伏安特性曲线”实验中，需要用伏安法测定小灯泡两端的电压和通过小灯泡的电流，除开关、导线外，还有如下器材：A小灯泡“ ”B直流电源C电流表（量程，内阻约）D电流表（量程，内阻约）E.电压表（量程，内阻约）F.电压表（量程，内阻约）G.滑动变阻器（、）H.滑动变阻器（、）(1)把实验所用到的器材按字母的先后顺序填入空中：_(2)在旁边的虚线框内画出最合理的实验原理图_。12（12分）要测量一电源的电动势E（小于3V）和内阻r（约1），现有下列器材：理想

7、电压表V（3V和15V两个量程）、电阻箱R（0999.9）、定值电阻R0=3、开关和导线某同学根据所给器材设计如下的实验电路： （1）电路中定值电阻R0的作用是_（2）请根据图甲电路，在图乙中用笔画线代替导线连接电路_（3）该同学调节电阻箱阻值R，读出对应的电压表示数U，得到二组数据：R1=2时，U1=2.37V；R2=4时，U2=2.51V由这二组数可求得电源的电动势E=_V，内阻r=_（结果保留三位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40 m，金属导轨所

8、在的平面与水平面夹角=370，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50 T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场金属导轨的一端接有电动势E=4.5 V、内阻r=0.50 的直流电源现把一个质量m=0.040 kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=1.5 ，金属导轨电阻不计， g取10 m/s1已知sin 37=0.60，cos 37=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（1）导体棒受到的安培力和导体棒受到的摩擦力；（3）若仅将磁场方向改为竖直向上，求导体棒受到的摩擦力14（16分）如图所示，空间中存在着水平向右

9、的匀强电场，电场强度大小E=53N/C，同时存在着水平方向的匀强磁场，其方向与电场方向垂直，磁感应强度大小B=0.5T。有一带正电的小球，质量m=110-6kg，电荷量q=210-6C，正以速度v在图示的竖直面内做匀速直线运动，当经过P点时撤掉磁场（不考虑磁场消失引起的电磁感应现象），取g=10m/s2，求：（1）小球做匀速直线运动的速度v的大小和方向；（2）从撤掉磁场到小球再次穿过P点所在的这条电场线经历的时间t。15（12分）如图所示，一带电量为q小球用绝缘绳悬挂，匀强电场方向水平向右小球的重力为G，偏离竖直方向的夹角为=30求：（1）带点小球的电性是（正或负）（2）求出小球受到的电场力F

10、的大小（3）求电场强度E参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB小球受重力和绳子拉力两个力作用，合力指向圆心，提供向心力，向心力不是小球所受的力，故AB错误；CD由牛顿第二定律可知解得若细绳与竖直方向的夹角变小，那么小球做匀速圆周运动的周期变大，选项C错误，D正确。故选D。2、C【解析】A.的滑动触点向端移动时，减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数减小，根据欧姆定律可得电压增大，则、并联电压减小，根据欧姆定律可得通过的电流减小，即示数减小，而总电流增大，则流过的电流

11、增大，即示数增大，故A错误；B. 电容器两端的电压等于两端的电压，所以电容器两端的电压增大，根据可知电容器的带电量增大，故B错误；C. 由于，电源的内阻小于外阻，所以的滑动触点向端移动时，外阻减小，不电源的输出功率变大，故C正确；D.电源的效率为：则电源的效率减小，故D错误。3、C【解析】解:A、 是电场强度的定义式,采用比值定义法,定义出的电场强度E与F、q无关.故A不符合题意.B、电容是电容器容纳电荷的本领,与所带的电量、以及极板之间的电势差无关,所以 是比值定义法,故B不符合题意.C、 是电容的决定式,C与、S成正比,与d成反比,这个公式不是比值定义法,故C符合题意.D、电流强度与流过截

12、面的电量和时间无无直接关系,所以 属于比值定义法,故D不符合4、C【解析】试题分析：A、奥斯特发现了电流的磁效应；A错误B、库伦研究得出了电荷间的相互作用：库仑定律；B错误C、法拉第第一个发现电磁感应现象；C正确D、安培研究了磁场对电流的作用；D错误故选C5、B【解析】根据动量守恒定律得： mv0=mv+MV，得 ，故选B.6、D【解析】磁铁上下运动时，由于穿过铜盘的磁通量发生变化，则在铜盘中会产生感应电流，铜盘对磁铁有磁场力阻碍磁铁的运动，则当磁铁所受弹力与重力等大反向时，此时磁铁还应该受到下面铜盘的作用力，故此时磁铁的加速度不为零，选项A错误；根据楞次定律，磁铁下降过程中，俯视铜盘，铜盘中

13、产生逆时针方向的涡旋电流，选项B错误；磁铁从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，由于有电能产生，则磁铁减少的重力势能等于弹簧弹性势能与产生的电能之和，选项C错误；磁体最终静止时弹簧有弹性势能，则磁铁从静止释放到最终静止的过程中，磁铁减少的重力势能等于铜盘产生的焦耳热与弹簧弹性势能之和，选项D正确.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】当电路稳定后A灯被短路，不亮；S断开瞬时，B立刻熄灭，L相当于电源，与A组成回路，则A灯闪亮一下后逐渐熄灭；A断开S，A立即

14、熄灭，与结论不相符，选项A错误；B断开S，B立即熄灭，与结论相符，选项B正确；C断开S，A闪亮一下后熄灭，与结论相符，选项C正确；D断开S，B闪亮一下后熄灭，与结论不相符，选项D错误；8、BD【解析】A在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器R1的有效电阻先增大后减小，外电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知：总电流先变小后变大，路端电压先增大后减小，故A错误；BC路端电压先增大后减小，所以R3中的电流先增大后减小，由于总电流先变小后变大，所以电流表示数先减小后变大，则与的比值先变大后变小，无法确定与的乘积变化情况，故B正确，C错误；D将R3与电源看成新电源，新电源

15、的内阻为r与R3的并联值小于r，由闭合电路欧姆定律可知，的变化量的绝对值与的变化量的绝对值即为新电源的内阻，故D正确。9、AC【解析】比值F/q表示电场强度，根据Fq图线，可知EaEb.由点电荷电场强度表达式EKQr2可知，rarb.即无论是正电荷场源还是负电荷场源，均应在A点故正确选项为AC.10、BD【解析】本题根据电场线的物理意义分析场强与电势的关系；根据电场力方向与位移方向的关系分析电场力做功的正负【详解】A、B、C、沿电场线方向，电势必定降低，而电场线疏密不一定，则场强不一定减小，故AC错误，B正确D、顺着电场线方向移动正电荷时，电场力方向沿电场线方向，则电场力做正功，故D正确故选B

16、D【点睛】电场强度和电势都是描述电场本身性质的物理量，可根据电场线的物理意义来理解它们之间的关系：场强大小看电场线的疏密，而电势高低看电场线的方向，两者无关三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ABCEH 【解析】(1)1先选唯一性器件AB，由于灯泡额定电流故电流表选C；灯泡额定电压为6V，故电压表选E；电路采用分压电路，为方便操作，滑动变阻器选小的，即选H，故实验所用到的器材按字母的先后顺序ABCEH。(2)2描绘灯泡伏安特性曲线滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常工作时电阻为由于，即故电流表应采用外接法，实验电路图如图所示。12、 (1

17、)保护电源，防止短路 (2)如图所示 (3)2.94 1.21 【解析】（1）若无存在，当R调节到0时，外电路短路，有烧坏电源的危险，故作用是保护电源，防止短路；（2）如图所示，注意电压表量程选择，开关置于干路（3）根据闭合电路欧姆定律，得当电阻箱读数为时当电阻箱读数为时 联立上两式得；点睛：本题考查测量电源电动势和内阻的基础知识，运用闭合电路欧姆定律，分别研究电阻箱电阻为和的情况，列出含有电动势和内阻的方程组求解四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1.5A（1）0.30N 方向沿斜面向上 0.06N 方向沿

18、斜面向下 （3）零【解析】（1）对导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路，根据闭合电路欧姆定律有：（1）导体棒受到的安培力：F安=BIL=0.30N 方向沿斜面向上 导体棒所受重力沿斜面向下的分力F1=mgsin370=0.14N由于F1小于F安，故导体棒受沿斜面向下的摩擦力f ，受力如图根据共点力平衡条件mg sin370+f=F安 解得：f=0.06N 方向沿斜面向下 （3）对导体棒受力分析如图，由于所以在安培力作用下导体棒刚好处于平衡，故导体棒受的摩擦力为零14、（1）v=20m/s =60（2）t=23s【解析】（1）小球做匀速直线运动时，受力如图，其所受的三个力在同一平面内，合力为零，则有：Bqv=q2E2+m2g2，带入数据解得：v=20m/s，速度v的方向与电场E的方向之间的夹角满足： tan=qEmg，解得：tan=3，则=60；（2）撤去磁场后，由于电场力垂直于竖直方向，它对竖直方向的分运动没有影响，以P点为坐标原点，竖直向上为正方向，小球在竖直方向上做匀减