安徽省合肥市肥东二中2023学年物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，当环形导线通以逆时针方向电流后，位于环形导线中央的小磁针N极的受力方向（）A水平向左B水平向右C垂直向外D垂直向里2、通电的等腰梯形导线框abcd与无限长通电直导线MN

2、在同一平面内，电流方向如图所示，ab边与MN平行下列关于通电直导线MN的磁场对线框作用的()A线框所受安培力的合力为零B线框有两条边所受的安培力方向相同C线框有两条边所受的安培力大小相同D线框在安培力作用下一定有向右的运动趋势3、新国际单位体系于2019年5月的世界计量日起正式生效，正式更新包括“kg”、“A”、“K”、“mol”在内的4项基本单位的定义。下列选项中，内含2个国际单位制基本单位的是（ ）Am、NBm、sCJ、m/sDN、J4、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，合上开关S后各电灯恰能正常发光如果某一时刻电灯L1的灯丝烧断，则( ) AL2、L3变亮，L4变暗BL3变亮，L2、L

3、4变暗CL4变亮，L2、L3变暗DL3、L4变亮，L2变暗5、如图甲所示为示波管，如果在YY之间加如图乙所示的交变电压，同时在XX之间加如图丙所示的锯齿形电压，使X的电势比X高，则在荧光屏上会看到图形为（ ）ABCD6、关于元电荷和点电荷的理解正确的是A元电荷就是电子B元电荷是表示跟电子所带电量绝对值相等的电量C体积很小的带电体就是点电荷D点电荷是一种理想化模型，对于任何带电球体总可把它看作电荷全部集中在球心的点电荷二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，相距为

4、d的两块平行金属板M、N与电源相连，电键S闭合后，MN间有匀强电场一个带电粒子垂直于电场方向从M板边缘射入电场，恰好打在N板中央，若不计重力下列说法正确的是A当电键S闭合时，M板不动，为了使粒子刚好飞出电场，N板应向下移动d.B当电键S闭合时，M板不动，为了使粒子刚好飞出电场，N板应下向移动2d.C当电键S断开时，M板不动，为了使粒子刚好飞出电场，N板应下向移动3d.D当电键S断开时，M板不动，为了使粒子刚好飞出电场，N板应下向移动4d.8、如图所示，在空间有一坐标系，直线与轴正方向的夹角为，第一象限内有两个方向都垂直纸面向外的匀强磁场区域和，直线是它们的边界，上方区域中磁场的磁感应强度为.一

5、质量为、电荷量为的质子(不计重力)以速度从点沿与成角的方向垂直磁场进入区域，质子先后通过磁场区域和后，恰好垂直打在轴上的点(图中未画出)，则（）A质子在区域中运动的时间为B质子在区域中运动的时间为C质子在区域中运动的时间为D质子在区域中运动的时间为9、如图所示在光滑、绝缘的水平面上，沿一直线依次排列三个带电小球A、B、C(可视为质点)若它们恰能处于平衡状态那么这三个小球所带的电荷量及电性的关系，下面的情况可能的是()A9、4、36B4、9、36C3、2、8D3、2、610、如图，一平行板电容器连接在直流电源上，电容器的极板水平，两微粒a、b所带电荷量大小相等、符号相反，使它们分别静止于电容器的

6、上、下极板附近，与极板距离相等现同时释放a、b，它们由静止开始运动，在随后的某时刻t，a、b经过电容器两极板间下半区域的同一水平面，a、b间的相互作用和重力可忽略下列说法正确的是（ ）Aa的质量比b的大B在t时刻，a的动能比b的大C在t时刻，a和b的电势能相等D在t时刻，a和b的动量大小相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学设计了一个用电磁打点计时器验证动量守恒定律的实验：小车的前端粘有橡皮泥，推动小车使之做匀速运动，后与原来静止在前方的小车相碰并粘合成一体，继续做匀速运动。他设计的装置如图所示.在小车后连着纸带，电磁打点

7、计时器所用电源频率为50，长木板下垫着小木片以平衡摩擦力.（1）若已测得打点的纸带如图乙所示，并测得各计数点的间距(已标在图上).A为运动的起点，则应选_段来计算碰撞前的速度，应选_段来计算和碰后的共同速度(以上两空选填“AB”“BC”“CD”或“DE”)。（2）已测得小车的质量，小车的质量，则以上测量结果可得：_，碰后_。12（12分）在测量金属丝电阻率的试验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：（阻值约，额定电流约）；电压表：（量程，内阻约）；电流表：（量程，内阻约）；（量程，内阻约）；电源：（电动势3V，内阻不计）（电动势12V，内阻不计）滑动变阻器：（最大阻值约）螺旋测微器；毫米刻度尺；

8、开关S；导线用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为_mm若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选_、电源应选_（均填器材代号），在虚线框中（间答题卡）完成电路原理图_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图,两根足够长的固定的光滑平行金属导轨位于倾角=30的固定斜面上,导轨上、下端分别接有阻值R1=10和R2=30的电阻,导轨自身电阻忽略不计,导轨宽度L=2m,在整个导轨平面内都有垂直于导轨平面向上的匀强磁场,磁感应强度B=0.5T.质量为m=0.1kg,电阻r=2.5的金属棒ab

9、在较高处由静止释放,金属棒ab在下滑过程中始终与导轨垂直且与导轨接触良好当金属棒ab下滑高度时,速度恰好达到最大值、（g=10m/s2）求：（1）金属棒ab达到的最大速度；（2）该过程通过电阻的电量q；（3）金属棒ab在以上运动过程中导轨下端电阻中产生的热量14（16分）P、Q为竖直放置的平行金属板，将如图所示电压U加在两板上，且U为正时P板电势高一质量m=6.410-13kg，电量q=3.210-10C的带正电粒子从t1=0.210-2s时刻开始由静止从P板向Q板运动已知PQ两板间距L=1.0m，则粒子由P板出发后，将以多大的动能撞击Q板（粒子重力不计）15（12分）如图，高H=5m的光滑水

10、平台左端有一逆时针转动的传送带(轮子大小可忽略不计)，带的表面与平台等高，带长为d=1.25m，传送带左端正下方为O点。虚线左侧存在水平向右的匀强电场，大小为E=105N/C。平台右侧连接一光滑绝缘圆轨道，半径为R=1m，圆轨道中心固定一带负电的点电荷，电量为Q=104C。由于某种作用，使得电荷Q产生的电场只分布在圆轨道内部。可视为质点的绝缘带电滑块a、b用一轻质细绳连接，开始时整个装置处于静止状态。某时刻细线忽然断开，由于库仑斥力a、b反向运动，当滑块a进入传送带或者b进入圆轨道后即可忽略它们之间的斥力。已知滑块a、b的质量分别为m1=2 kg，m2=1kg，电量分别为q1=+6105C和q

11、2=+105C，a进入传送带的速度为v1=4m/s，a与传送带之间的动摩擦因数=0.3， g=10 m/s2，静电力常量k=9109Nm2/C2，空气阻力不计。求：（1）滑块b进入圆轨道时的速度大小v2；（2）滑块b到达圆轨道最高点时对轨道的压力；（3）试分析传送带的速度v取不同值时，滑块a离开传送带后的落点与O点的位置关系。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】当环形导线通以逆时针方向电流时，据安培定则得出环形线圈内部磁感线的方向垂直于纸面向外，而小磁针静止时的N极指向与线圈的磁感线的方向是一致的，所以垂

12、直环形电流所在平面向外，故C正确，ABD错误；故选C点睛：知道在磁体的外部，磁感线是从N极指向S极，在磁体内部，磁感线是从磁体的S极指向N极是解决该题的关键2、C【解析】直导线中的电流方向由N到M，根据安培定则，导线右侧区域磁感应强度方向向内，根据左手定则，ab边受向左的安培力，cd边受到向右的安培力，ad边受到斜向左下方的安培力，bc受到左上方安培力，四个边所受的安培力的合力不为零，其中bc边和ad边所受的安培力大小相同，故AB错误，C正确；离MN越远的位置，磁感应强度越小，故根据安培力公式F=BIL，cd边受到的安培力小于ab边、bc边和ad边受到的安培力的矢量和，则线框在安培力作用下一定

13、有向左的运动趋势，故D错误3、B【解析】m、s是国际单位制中基本单位，N，m/s，J是导出单位。ACD.由上分析知，ACD不符合题意； B.由上分析知，B符合题意。4、A【解析】当电灯L1的灯丝烧断后，L2这段电路电阻增大，外电路总电阻R总增大，路端电压U增大，干路电流I减小，由R3不变，故L3变亮；由I4=I-I3知I减小，I3增大，则I4减小，U4=I4R4R4不变，U4减小，则L4变暗；U2=U-U4U增大，U4减小，则U2增大，则L2变亮。A. L2、L3变亮，L4变暗，与分析相符，故A正确。B. L3变亮，L2、L4变暗，与分析不符，故B错误。C. L4变亮，L2、L3变暗，与分析不

14、符，故C错误。D. L3、L4变亮，L2变暗，与分析不符，故D错误。5、C【解析】试题分析：因XX偏转电极接入的是锯齿形电压，即扫描电压，且周期与YY偏转电压上加的是待显示的信号电压相同，则以在荧光屏上得到的信号在一个周期内的稳定图象则显示如图所示：故选C考点：示波器；带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，要用运动的合成与分解的正交分解思想进行思考6、B【解析】元电荷的电量等于电子的电量，但不是电子。元电荷是带电量的最小单元。没有电性之说。故A错误；元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电量，故B正确；当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看

15、作点电荷，并不是体积小就是点电荷，故C错误；当带电体之间的距离不是很大时，带电球体就不能看作电荷全部集中在球心的点电荷，因为此时带电体之间的电荷会影响电荷的分布。故D错误；故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】以一定速度垂直进入偏转电场，由于速度与电场力垂直，所以粒子做类平抛运动这样类平抛运动可将看成沿初速度方向的匀速直线与垂直于初速度方向匀加速直线运动根据运动学公式解题【详解】AB、带电粒子在板间的运动均为类平抛运动，水平方向的运动速度一定，设第一

16、次带电粒子的运动时间为t1，第二次恰从边缘飞出，所用时间为t2，则有t2=2t1设板下移的距离为，则S闭合时，有：由、可得，即N板向下移动的距离为d，故A正确B错误；CD、若S断开，则板上的电荷量不变，不难判断，移动N板时，板间的场强将不变，设板下移距离，有由、解得，即N板向下移动距离为3d，故C正确，D错误故选AC【点睛】带电粒子在电场中偏转时做匀加速曲线运动应用处理类平抛运动的方法处理粒子运动，关键在于分析临界条件8、BD【解析】设质子在磁场I和II中做圆周运动的轨道半径分别为r1和r2，区域II中磁感应强度为B，由牛顿第二定律得：qvBm；qvBm；粒子在两区域运动的轨迹如图所示，由带电

17、粒子才磁场中运动的对称性和几何关系可知，质子从A点出磁场I时的速度方向与OP的夹角为30，故质子在磁场I中轨迹的圆心角为：60，如图所示：则O1OA为等边三角形，有：OAr1 ，在区域II中，质子运动圆周，O2是粒子在区域II中做圆周运动的圆心，r2OAsin30，由解得区域II中磁感应强度为：B2B ，质子在区运动轨迹对应的圆心角：60，在区运动轨迹对应的圆心角为：90，质子在区的运动周期：T1，运动时间t1，故A错误，B正确；质子在区运动的周期：T2，运动时间t2，故C错误，D正确；9、AD【解析】因题目中要求三个小球均处于平衡状态，故可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果三个小

18、球只受静电力而平衡时，三个小球所带的电性一定为“两同夹一异”，且在大小上一定为“两大夹一小”ADAD均满足“两同夹一异”且“两大夹一小”，故AD正确BC根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，因此BC均错误10、BD【解析】试题分析 本题考查电容器、带电微粒在电场中的运动、牛顿运动定律、电势能、动量定理及其相关的知识点解析 根据题述可知，微粒a向下加速运动，微粒b向上加速运动，根据a、b经过电容器两极板间下半区域的同一水平面，可知a的加速度大小大于b的加速度大小，即aaab对微粒a，由牛顿第二定律， qE=maaa，对微粒b，由牛顿第二定律，qE =mbab，联立解得： ，由此式

19、可以得出a的质量比b小，选项A错误；在a、b两微粒运动过程中，a微粒所受合外力等于b微粒，a微粒的位移大于b微粒，根据动能定理，在t时刻，a的动能比b大，选项B正确；由于在t时刻两微粒经过同一水平面，电势相等，电荷量大小相等，符号相反，所以在t时刻，a和b的电势能不等，选项C错误；由于a微粒受到的电场力（合外力）等于b微粒受到的电场力（合外力），根据动量定理，在t时刻，a微粒的动量等于b微粒，选项D正确点睛 若此题考虑微粒的重力，你还能够得出a的质量比b小吗？在t时刻力微粒的动量还相等吗？在t时间内的运动过程中，微粒的电势能变化相同吗？ 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指

20、定的答题处，不要求写出演算过程。11、BC DE 【解析】（1）12推动小车由静止开始运动，故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC段为匀速运动的阶段，故选BC计算碰前的速度；碰撞过程是一个变速运动的过程，而A和B碰后的共同运动时做匀速直线运动，故在相同的时间内通过相同的位移，故应选DE段来计算碰后共同的速度。（2）34由图可知，BC=10.50cm=0.1050m；DE=6.95cm=0.0695cm；碰前小车的速度为碰前的总动量为p=mAvA=0.41.05=0.420kgm/s；碰后小车的共同速度为 碰后的动量为p=（mA+mB）v=（0.4+0

21、.2）0.695=0.417kgm/s；12、1.773 A1 E1 【解析】(1)由图示螺旋测微器可知，其示数为：15mm+45331mm=1775mm；(4)电阻丝的额定电流约为35A，电流表应选A1；电阻丝的额定电压约为U=IR=355=45V，电源应选E1；(3)待测金属丝电阻约为5，电压表内阻约为3k，电流表内阻约为34，相对来说电压表内阻远大于待测金属丝的电阻，电流表应采用外接法，由题意可知，滑动变阻器采用限流接法，实验电路图如图所示：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）0.45C（3）0.33J【解析】（1）切割产生的感应电动势根据串并联电路的特点知，外电路总电阻 根据闭合电路欧姆定律得 安培力当加速度a为零时,速度v达最大,有解得速度最大值 由以上各式解得最大速度（2）根据电磁感应定律有 根据闭合电路欧姆定律有 感应电量联立得： 由以上各式解得 通过R1的电荷为（3）金属棒下滑过程中根据能量守恒定律可得： 代入数据解得下端电阻中产生的热量14、410-10J