2023学年辽宁省大连市103中学物理高二上期中学业质量监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一物体静止在质量均匀的星球表面的“赤道”上.已知引力常量G，星球密度若由于星球自转使物体对星球表面的压力恰好为零，则该星球自转的周期为（ ）ABCGD2、伏安法是一种常用的测量导体

2、电阻的方法，某同学分别用如图（a）、（b）两种接法测量一个电阻器的阻值，以下结论正确的是 （ ） A用图（a）接法测得的电阻值偏大B用图（b）接法测得的电阻值偏大C用图中两种接法测得的电阻值都偏大D用图中两种接法测得的电阻值都偏小3、如图所示，直线A为某电源的路端电压U与电流I的关系图象，直线B是电阻R的两端电压与电流I的关系图象用该电源与电阻R组成闭合电路，电源内阻r的大小和电源的输出功率分别为（）A1，4WB2，4WC0.5，4WD1，2W4、物理课上，老师做了一个“神奇”的实验：将1m长的铝管竖直放置，一磁性很强的磁铁从上管口由静止释放，观察到磁铁用较长时间才从下管口落出，如图所示。对于

3、这个实验现象同学们经分析讨论做出相关的判断，你认为正确的是（下落过程中不计空气阻力，磁铁也没有与管壁接触）（ ）A如果磁铁的磁性足够强，磁铁会停留在铝管中，永远不落下来B如果磁铁的磁性足够强，磁铁在铝管中运动时间更长，但一定会落下来C磁铁在铝管中运动的过程中，由于不计空气阻力，所以机械能守恒D如果将铝管换成塑料管，磁铁从塑料管中出来也会用较长时间5、将定值电阻R1与R2串联接入同一电路中，测得R1与R2的两端电压之比为13，则将R1与R2并联接入同一电路中时，则R1与R2消耗的电功率之比为A19B91C13D316、如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分别位于O、

4、M、P点，由O点静止释放的电子恰好能运动到P点，现将C板向右平移到P点，则由O点静止释放的电子A运动到P点返回B运动到P和P点之间返回C运动到P点返回D穿过P点二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，用丝线吊一个质量为m的带电(绝缘)小球处于匀强磁场中，空气阻力不计，当小球分别从A点和B点向最低点O运动且两次经过O点时( )A小球的动能相同B丝线所受的拉力相同C小球所受的洛伦兹力相同D小球的向心加速度相同8、如图所示，A是地球的同步卫星，B是地球的近地卫星，C是

5、地面上的物体，A、B、C质量相等，均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动。设A、B与地心连线在单位时间内扫过的面积分别为SA、SB，周期分别为TA、TB、TC，A、B、C做圆周运动的动能分别为EkA、EkB、EkC。不计A、B、C之间的相互作用力，下列关系式正确的是()ASA=SBBSASBCTC=TATBDEkAEkB=EkC9、某种小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示,三个完全相同的这种小灯泡连接成如图乙所示的电路,电源的内阻为1.0 。现闭合开关S,理想电压表V的示数为4.0 V,则()A三个灯泡的总电阻为8.3 B电源的电动势为5.6 VC电源消耗的热功率为3.0 WD电源的效率为89.3%10

6、、如图所示，实线和虚线分别表示振幅、频率均相同的两列波的波峰和波谷。此时，M是波峰与波峰相遇点。下列说法中正确的是（） A该时刻质点O正处在平衡位置BP、N两质点始终处在平衡位置C随着时间的推移，质点M向O点处移动D从该时刻起，经过四分之一周期，质点M到达平衡位置三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图中，游标卡尺示数是_cm，螺旋测微器示数是_mm，12（12分）双流中学一研究性学习小组欲通过测定工业污水（含多种重金属离子）的电阻率来判断某工厂废水是否达到排放标准（一般工业废水电阻率的达标值为200m，如图1所示为该组同学所用盛水

7、容器，其左、右两侧面为金属薄板（电阻极小），其余四面由绝缘材料制成，左右两侧带有接线柱容器内表面长a=40cm，宽b=20cm，高c=10cm，将水样注满容器后，进行以下操作：(1)分别用多用电表欧姆挡的“l00”、“1K”两档粗测水样的电阻值时，表盘上指针如图2所示，则所测水样的电阻约为_(2)为更精确地测量所取水样的电阻，该小组从实验室中找到如下实验器材；A电流表（量程6mA，电阻RA为20） B电压表（量程15V电阻Rv约为10k）C滑动变阻器（0-20，额定电流1A） D电源（12V内阻约10） E开关一只、导线若干请在图3的实物图中完成电路连接(3)正确连接电路后，闭合开关，测得一组

8、U、I数据；再调节滑动变阻器，重复上述测量步骤，得出一系列数据如表所示，请在图4的坐标纸中作出U-I关系图线.(4)由以上测量数据可以求出待测水样的电阻率为_m,据此可知，所测水样在电阻率这一指标上_（选填“达标”或“不达标”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，倾角为30的光滑斜面上水平放置一条0.2米长的导线PQ，两端连以轻软的导线，导线通以5安电流，方向自Q向P.当有竖直向上B=2T的匀强磁场时，PQ恰好平衡。求PQ所受的重力。14（16分）如图所示,电源电动势,内阻,标有“8V 16W”的

9、灯泡L恰好能正常发光,电动机M绕线的电阻,求：（1）电源的总功率；（2）电动机的总功率；（3）电动机的输出功率15（12分）矩形线框abcd的边长分别为l1、l2，可绕它的一条对称轴OO转动，线框电阻为R，转动角速度为匀强磁场的磁感应强度为B，方向与OO垂直，初位置时线圈平面与B平行，如图所示（1）以图示位置为零时刻，写出现框中感应电动势的瞬时值表达式（2）由图示位置转过90的过程中，通过线框截面的电荷量是多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】设某行星质量为M，半径为R，物体质量为m，万有引力充当向心

10、力，则有 又 联立两式解得： 所以周期为：，故A正确【点晴】赤道上随行星一起转动的物体对行星表面的压力恰好为零，说明此时万有引力提供向心力，根据万有引力充当向心力及M=V进行求解2、A【解析】试题分析：a图接法：电压表的示数为R两端的电压和安培表两端的电压之和，即U=UR+UA 电流表的示数I是通过R的真实值，则；b图接法中：电流表的示数为通过电阻的电流和电压表的电流之和，即I=IR+IV电压表的示数U是R两端电压的真实值，则，故A选项正确。考点：伏安法测电阻.【名师点睛】此题考查了伏安法测电阻的两个电路；知道待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法测量值偏大待测

11、电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小3、C【解析】根据电源的U-I图象即直线A的斜率绝对值为电源的内阻： ，由图象A可知电源的电动势E=3V，短路电流为6A，该电源和该电阻组成闭合电路时路端电压为2V，电流I=2A，电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率，根据P=UI得：P=22W=4W，故C正确。点晴：据U-I图象A正确读出电源的电动势和短路电流，根据U-I图象正确读出外电路两端的电压和流过电阻的电流，是解决此类问题的出发点。4、B【解析】AB如果磁铁的磁性足够强，磁铁在铜管中运动受到阻力更大，原因：当磁铁运动时才会导致钢管的磁通量发生变化，才出现感应

12、磁场阻碍原磁场的变化，所以运动时间变长，但一定会落下，故A错误，B正确；C磁铁在铜管中运动的过程中，虽不计空气阻力，但在过程中，出现安培力作功产生热能，所以机械能不守恒，故C错误；D如果将铜管换成塑料管，磁铁不会受到安培力阻力，因此出来的时间不变，故D错误；故选B。5、D【解析】将定值电阻R1与R2串联接入同一电路中，则电流相等，因R1与R2的两端电压之比为13，可知电阻之比为1:3；将R1与R2并联接入同一电路中时，则电压相等，根据可知，R1与R2消耗的电功率之比为3:1；A19，与结论不相符，选项A错误；B91，与结论不相符，选项B错误；C13，与结论不相符，选项C错误；D31，与结论相符

13、，选项D正确；6、A【解析】设A、B板间的电势差为U1，B、C板间的电势差为U2，板间距为d，电场强度为E，第一次由O点静止释放的电子恰好能运动到P点，根据动能定理得：qU1=qU2=qEd，将C板向右移动，B、C板间的电场强度，E不变，所以电子还是运动到P点速度减小为零，然后返回，故A正确；BCD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】带电小球在重力与拉力及洛伦兹力共同作用下，绕固定点做圆周运动，由于拉力与洛伦兹力始终垂直于速度方向，它们对小球不做功因此

14、仅有重力作功，则有机械能守恒从而可以确定动能是否相同，并由此可确定拉力与洛伦兹力由向心加速度公式和牛顿第二定律列式分析【详解】A、小球运动过程中，所受的细线的拉力与洛伦兹力对小球不做功，仅仅有重力作功，则小球机械能守恒，所以小球分别从A点和B点向最低点O运动且两次经过O点时的动能相同;故A正确.B、小球经过最低点时速度大小不变，则根据牛顿第二定律可知，由于速度方向不同，导致产生的洛伦兹力的方向也不同，则拉力的大小也不同;故B错误.C、小球经过最低点时速度大小不变，由于速度方向不同，导致产生的洛伦兹力的方向也不同，则洛伦兹力不相同;故C错误.D、小球的动能相同则速度的大小相等，据知，v、r相同，

15、可知小球所受的向心力相同,向心加速度相同;故D正确.故选AD.【点睛】本题考查对小球进行受力分析，并得出力做功与否，根据机械能守恒定律来解题是突破口，同时注意洛伦兹力方向随着速度的方向不同而不同最后由牛顿第二定律来分析向心力与向心加速度8、BC【解析】AB人造卫星绕地球做匀速圆周运动的圆的面积为：S=r2，所以人造卫星与地心连线在单位时间内所扫过的面积为因A的轨道半径大于B的轨道半径，则有SASB，故A错误，B正确；CD赤道上的物体A与同步通信卫星C转动周期相同，即为：TA=TC根据：，由于赤道上物体C的轨道半径小于同步通信卫星A的轨道半径，故 根据动能为： A与C的质量相等，而vCvA，故E

16、kcEkA；A、B是围绕地球公转的卫星，根据得线速度为：周期因A的轨道半径大于B的轨道半径，则有vAvB，TATB根据动能，A与B的质量相等，而vAvB，故EkAEkB综上分析可得：TA=TCTB，EkCEkAEkB故C正确，D错误；9、ABD【解析】A项：电压表的示数为：U1=4V，由U-I图象得到干路中灯泡的电流为：I1=0.6A，该灯泡的电阻为：，另外两个并联灯泡的电流均为：I2=0.3A，再根据U-I图象得到电压为：U2=1V，则并联电阻为：，故三个灯泡的总电阻为：R=R1+R并8.3，故A正确；B项：电源的电动势为：E=U1+U2+I1r=4+1+0.61=5.6V，故B正确；C项：

17、电源消耗的热功率为：，故C错误；D项：电源的效率为：，故D正确。10、BD【解析】A由图知O点是波谷和波谷叠加，是振动加强点，A错误；BP、N两点是波谷和波峰叠加，位移始终为零，即处于平衡位置，B正确；C振动的质点只是在各自的平衡位置附近振动，不会“随波逐流”，C错误；D从该时刻起，经过四分之一周期，质点M到达平衡位置，D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、10.34 3.388 【解析】12游标卡尺示数是10.3cm+0.1mm4=10.34cm螺旋测微器的示数是3mm+0.01mm38.8=3.388mm12、175

18、0135.5不达标【解析】【试题分析】(1)图乙中左图，指针位于刻度盘中央附近，误差较小，由此表读出水样的电阻；(2)要精确测量电阻值，需要电路中电压有较大的变化范围，而滑动变阻器阻值又远小于待测电阻，滑动变阻器要采用分压接法；根据两电表内阻与水样的电阻倍数关系，确定出采用电流表内接法，即可完成电路连接；(3)建立坐标系，采用描点法连线作图(4)由图线斜率和电流表的内阻，求解水样的电阻，由电阻定律求解电阻率，与达标值为200m比较，分析是否达标(1)电阻的大小等于指针示数乘以倍率，得出水样的电阻约为：1750；(2)因为要精确测量电阻值，需要电路中电压有较大的变化范围，而滑动变阻器阻值又远小于待测电阻，所以连线时滑动变阻器要用分压接法；又因为所测电阻的阻值约为1750RARV，则采用电流表内接法，电路连接如图所示(3)描点法作图，如图（让绝大多数的点在直线上，其余各点均匀地分布在直线两侧）(4)由图线斜率可知，总电阻为R总=UI=124.410-3=2730，又R=R总RA=2710，根据