浙江省苍南县金乡卫城中学2023学年物理高二上期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧保持竖直），下列关于能的叙述正确的是( ) A弹簧的弹性势能先增大后减小B小球的动能一直在增大C小球的重力势能一直在减小D小球与弹簧组成系

2、统的机械能总和先增大后减小2、如图所示，abcd四边形闭合线框，a、b、c三点坐标分别为（0，L，0），（L，L，0），（L，0，0），整个空间处于沿y轴正方向的匀强磁场中，通入电流I，方向如图所示，关于四边形的四条边所受到的安培力的大小，下列叙述中正确的是（ ）Aab边与bc边受到的安培力大小相等Bcd边受到的安培力最大Ccd边与ad边受到的安培力大小相等Dad边不受安培力作用3、在一个等边三角形ABC顶点B、C处各放一个点电荷时，测得A处的电场强度大小为E，方向与BC边平行沿B指向C如图所示，拿走C处的点电荷后，A处电场强度的情况将是（）A大小仍为E，方向由A指向BB大小变为，方向不变C大

3、小仍为E，方向沿BA方向D无法确定4、关于电动势，正确的说法是（ ）A电源的电动势等于电源的输出电压B电源的电动势等于电场力把单位正电荷从电源负极移到正极所做的功C电动势相等的大小不同的干电池，它们把化学能转化为电能的本领相同D电动势相等的大小不同的干电池，把化学能转化为电能的数值相同5、一平行板电容器中存在匀强电场，电场沿竖直方向。两个比荷（即粒子的电荷量与质量之比）不同的带正电的粒子a、b，从电容器边缘的P点（如图）以相同的水平速度射入两平行板之间。测得a、b与电容器的撞击点到入射点之间的水平距离之比为13。若不计重力，则a和b的比荷之比是（ ）A13 B91 C31 D196、如图所示，

4、A、B是一条磁感线上的两点,下列关于这两点的磁场强弱判断正确的是( )AA点磁场比B点磁场强BB点磁场比A点磁场强C因为磁感线为直线，A、B两点磁场一样强D条件不足,无法判断二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，绝缘光滑半圆轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E，在与环心等高处放有一质量为m，电荷量为q的小球，由静止开始沿轨道运动，下列说法正确的是（ ）A小球在运动过程中机械能守恒B小球经过最低点时机械能最大C小球经过环的最低点时对轨道压力为3(mgqE)D小

5、球经过环的最低点时对轨道压力为3(mgqE)8、如图所示为某物体系统做受迫振动的振幅A随驱动力频率f的变化关系图，则下列说法正确的是A物体系统的固有频率为f0B当驱动力频率为f0时，物体系统会发生共振现象C物体系统振动的频率由驱动力频率和物体系统的固有频率共同决定D驱动力频率越大，物体系统的振幅越大9、如图所示，斜面倾斜角为，从斜面的P点分别以v0和2v0的速度水平抛出A、B两个小球，不计空气阻力，若两个小球均落在斜面上且不发生反弹，则（ ）AA、B两球的水平位移大小之比为1:4BA、B两球飞行时间之比为1:2CA、B两球下落的高度之比为1:2DA、B两球落到斜面上的速度大小之比为1:410、

6、如图，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，垂直纸面放置，均通有大小相等的电流I，L1、L2中电流方向垂直纸面向里，L3中电流方向垂直纸面外下列说法错误的是AL1、L2在L3处产生的合磁感应强度方向与L1、L2连线垂直BL2、L3在L1处产生的合磁感应强度方向与L2、L3连线垂直CL1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为DL1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在伏安法测金属电阻率的实验中，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示。（1）若将图（a）和

7、图（b）中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2，测量值Rx1_真实值，测量值Rx2_真实值（填“”、“=”或“”）。（2）螺旋测微器读数为_mm12（12分）（1）在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一斜槽轨道滑下，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹为了能较准确地描绘运动轨迹，在操作过程中要求每次释放小球的位置必须相同，将你认为这样操作的目的是_（2）在做该实验中某同学只记录了物体运动的轨迹上的A、B、C三点并以A点为坐标原点建立了直角坐标系，得到如图所示的图象，试根据图象求出物体平抛运动的初速度大小为_；物体运动到B点时的速度大小为_；抛出点的横坐标为_cm；纵坐标为_cm 四、计算

8、题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）质量为m=80kg的铁锤，从高1.8m处自由下落，锤与工件相碰时间为t=0.001s，若锤与工件碰撞后反弹的速度为v/=2m/s，求（g=10m/s2，相碰时不计铁锤重力）（1）铁锤与工件接触前瞬间的速v；（2）锤对工件的平均作用力F。14（16分）如图所示，带电小球B静止在无限大的光滑绝缘水平面上，带同种电荷的小球A从很远处以初速度v0向B球运动，A的速度始终沿着两球的连线方向两球始终未能接触A、B间的相互作用视为静电作用已知A、B两球的质量分别为m1和m1求：（1）A、B两球

9、相互作用的过程中，它们之间电势能的最大值（1）A、B两球最终的速度大小15（12分）一台小型电动机在380V电压下正常工作时，能将30kg的货物在30s内匀速提升30m，通过它的电流是1A除电动机线圈生热，其它能量损失不计，求在此过程中：(1)拉力对货物做功的功率;(2)电动机的输出功率;(3)电动机线圈所产生的热量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】弹簧的弹性势能看的是弹簧形变量的大小；动能的大小与物体的速度有关，知道速度的变化规律可以知道动能的变化规律；重力势能与物体的高度有关，根据高度的变化来判断重

10、力势能的变化；由外力做功与物体机械能变化的关系，可以判断机械能的变化；【详解】在小球刚接触弹簧的时候，弹簧的弹力小于物体的重力，合力向下，小球还是向下加速，当弹簧的弹力和物体的重力相等时，小球的速度达到最大，之后弹力大于了重力，小球开始减速，直至减为零。A、由于弹簧一直处于压缩状态并且形变量越来越大，所以弹簧的弹性势能一直在增大，故A错误；B、根据以上分析，小球的速度先变大后变小，所以动能也是先变大后变小，故B错误。C、由于在下降的过程中，重力对小球正功，故小球的重力势能减小，故选项C正确； D、根据机械能守恒条件可知，小球与弹簧系统机械能守恒，故D错误。【点睛】首先要明确小球的整个的下落过程

11、，知道在下降的过程中各物理量之间的关系，在对动能和势能的变化作出判断，需要学生较好的掌握基本知识。2、B【解析】解：A、因为ab垂直放置磁场中，所以其安培力Fab=BLabI，而bc平行于磁场，所以其安培力为零故A错误；B、cd边垂直于磁场，且长度最长，所以其受到安培力最大故B正确；C、cd边与ad边虽然垂直放置，但ab边的长度没有cd长，所以受到的安培力大小不等故C错误；D、ab边受到安培力，然而bc没有受到安培力，因为是平行故D错误；故选B【点评】虽然电流是相同的，但放入磁场中的不同长度、或不是垂直放置都将影响安培力的大小3、C【解析】由题意可知，两个顶点B、C处各放一个点电荷，测得A处的

12、电场强度大小为E，方向与BC边平行沿B指向C，根据平行四边形定则作出B处点电荷在A处的电场强度EB和C点电荷在A处的电场强度EC的合场强E，由于三角形ABC是等边三角形，所以EB和EC的夹角为120，由几何知识可知，EB=EC=E，B处电荷在A处的电场强度EB的方向由B指向A；当拿走C处的点电荷后，则A处电场强度大小仍为E，方向沿BA方向，故C正确，ABD错误；故选C.4、C【解析】A电源的电动势并不一定等于电源的输出电压，路端电压U=E-Ir，当断路，即I=0时路端电压等于电源的电动势，故A错误；B电源的电动势等于非静电力把1C的正电荷从电源负极移动到正极时做的功，故B错误；C电动势是反映电

13、源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，在数值上等于将1C的正电荷从电源负极移动到正极时克服电场力做的功；电动势相等的大小不同的电池，它们把化学能转化为电能的本领相同；故C正确；D在单位时间内把化学能转化为电能的数值等于电功率，电动势相同的电源的电功率不一定相同，故D错误。5、B【解析】两带电粒子都做类平抛运动，水平方向匀速运动，有x=vt，垂直金属板方向做初速度为零的匀加速直线运动，有电荷在电场中受的力为F=Eq，根据牛顿第二定律有F=ma，联立解得因为两粒子在同一电场中运动，E相同，相同的水平速度，侧位移相同，所以比荷与水平位移的平方成反比，比荷之比为9：1，故B正确，ACD错误；故选

14、B。6、D【解析】磁场线的疏密程度表示磁场强弱，现一条磁感线无法比较，D正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A：小球在运动的过程中有电场力做功，机械能不守恒。故A项错误。B：小球沿轨道运动，小球从开始运动到轨道最低点过程，电场力做的正功最多，据功能关系，小球在最低点时机械能最大。故B项正确。CD：小球从开始运动到最低点，据动能定理可得：(mg+qE)R=12mv2-0；对小球在最低点时受力分析，据牛顿第二定律可得：FN-qE-mg=mv2R；由牛顿第三

15、定律可得，小球在最低点时对轨道压力F压=FN；联立解得：F压=3(mg+qE)。故C项正确，D项错误。【点睛】重力对物体所做的功等于物体重力势能的减少量；合力对物体所做的功等于物体动能的增加量；除重力（弹簧弹力）其他力对物体所做的功等于物体机械能的增加量。8、AB【解析】A由振动图像可知，当驱动力的频率为f0时振幅最大，则由共振的条件可知，物体系统的固有频率为f0，选项A正确；B当驱动力频率为f0时，物体系统会发生共振现象，选项B正确；C物体系统振动的频率由驱动力频率决定，选项C错误；D驱动力频率越接近于系统的固有频率时，物体系统的振幅越大，选项D错误。9、AB【解析】AB.根据tan12gt

16、2v0tgt2v0得，t=2v0tang可知飞行时间之比为1：2，水平位移x=v0t，水平速度之比为1：2，则水平位移之比为1：1，故A B符合题意。C.根据h12gt2得，时间之比为1：2，则下落高度之比为1：1故C不符合题意。D.落在斜面上竖直分速度vy=gt=2v0tan，根据平行四边形定则知，落在斜面上的速度v=v02+4v02tan2v01+4tan2可知落在斜面上的速度之比为1：2故D不符合题意。10、AD【解析】A. 、在处产生的合磁感应强度方向如图所示：即合磁感应强度的方向与的连线平行，故A错误，符合题意B. 、在处产生的合磁感应强度方向如图所示：由几何知识可知、在处产生的合磁

17、感应强度方向与和的连线垂直，故B正确，不符合题意CD. 、通电导线在处的合磁场大小与、通电导线在处的合磁场相等，设各自通电导线在其他两点的磁场大小为，那么、和三处磁场之比为，安培力 ，安培力大小之比等于磁感应强度之比，为，故C正确不符合题意，D错误符合题意三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 4.815 【解析】(1)1根据串并联规律可知，采用内接法时有所以测量值Rx1大于真实值；2采用外接法时有所以测量值Rx2小于真实值；(2)3螺旋测微器读数为4.5mm+31.50.01mm=4.815mm12、小球做平抛运动时初速度相同 2 -0

18、.2m -0.05m 【解析】保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线.【详解】（1）因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度。（2）在竖直方向上y=gT2，则。则初速度为：，B点竖直方向上的分速度为：。则运动到B点的速度为：，则运动到B点的时间：，已运动的水平位移：xvt0.4m，竖直位移：。所以平抛运动的初位置的横坐标为0.2-0.4m=-0.2m。纵坐标为0.15-0.2=-0.05m。四、计算题：本