2023学年常州市第一中学高二物理第一学期期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则AP点的电场强度方向向左BP点的电场强度方向向右C正点

2、电荷在P点所受的电场力的方向向左D负点电荷在P点所受的电场力的方向向右2、鸟儿落在110V的高压输电线上，虽然通电的高压线是裸露电线，但鸟儿仍安然无恙，这是因为（ ）A鸟有耐高压的天性B鸟儿是干燥的，所以鸟体不导电C鸟两脚间的电压几乎为零D鸟体电阻极大所以无电流通过3、如图所示，当环形导线通以逆时针方向电流后，位于环形导线中央的小磁针N极的受力方向（）A水平向左B水平向右C垂直向外D垂直向里4、如图所示，用细橡皮筋悬吊一轻质线圈，置于一固定直导线上方，线圈可以自由运动当给两者通以图示电流时，线圈将（ ）A靠近直导线,两者仍在同一竖直平面内B远离直导线,两者仍在同一竖直平面内C靠近直导线,同时旋

3、转90D远离直导线,同时旋转905、如图，静电喷涂时，被喷工件接正极，喷枪口接负极，它们之间形成高压电场涂料微粒从喷枪口喷出后，只在静电力作用下向工件运动，最后吸附在工件表面，图中虚线为涂料微粒的运动轨迹下列说法正确的是A涂料微粒一定带正电B图中虚线可视为高压电场的部分电场线C喷射出的微粒动能不断转化为电势能D微粒做加速度先减小后增大的曲线运动6、如图所示电路中，电源内阻不能忽略，当变阻器R的滑片P向下移动时，电路中的电压表、和电流表A的示数变化情况是A示数变大，示数变小，A示数变小，R2消耗功率减小B示数变小，示数变大，A示数变小，R1消耗功率增大C示数变大，示数变小，A示数变大，电源消耗的

4、总功率增大D示数变小，示数变大，A示数变大，电源消耗的总功率减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，由于地球的自转，地球表面上P、Q两物体均绕地球自转轴做匀速圆周运动，对于P、Q两物体的运动，下列说法正确的是( )AP、Q两物体的角速度大小相等BP、Q两物体的线速度大小相等CP物体的线速度比Q物体的线速度小DP、Q两物体均受重力和支持力两个力作用8、平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直

5、方向的夹角为，如图所示，则()A保持开关S闭合，带正电的A极板向B极板靠近，则角增大B保持开关S闭合，带正电的A极板向B极板靠近，则角不变C开关S断开，带正电的A极板向B极板靠近，则角增大D开关S断开，带正电的A极板向B极板靠近，则角不变9、如图所示为闭合电路中两个不同电源的U-I图像，则下列说法中正确的是() A电动势E1=E2，短路电流I1I2B电动势E1=E2，内阻r1r2C电动势E1E2，内阻r1r2D当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大10、虚线a、b和c是某静电场中的三个等势而，它们的电势分别为a、b和c，cba一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN

6、所示，可知（ ）A粒子从K到L的过程中，电场力做负功B粒子从L到M的过程中，电场力做负功C粒子从K到L的过程中，电势能减少D粒子从L到M的过程中，动能增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一个小灯泡上标有“4 V，2 W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的IU图线。现有下列器材供选用：A电压表(05 V，内阻约10 k)B电压表(015 V，内阻约20 k)C电流表(03 A，内阻约1 )D电流表(00.6 A，内阻约0.4 )E滑动变阻器(10 ，2 A)F滑动变阻器(500 ，1 A)G学生电源(直流6 V)、开关、导线

7、若干（1）实验中所用电压表应选_，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_横线上均填字母编号）。（2）在虚线框内画出实验电路图_。（3）利用实验数据绘出小灯泡的伏安特性曲线如图(甲)所示，分析曲线说明小灯泡电阻变化的特点：_（4）若把电器元件Z和小灯泡接入如图(乙)所示的电路中时，通过Z的电流为0.22A，已知A、B两端电压恒为2.5V，则此时灯泡L的功率约为_W（保留两位有效数字）12（12分）旋钮式电阻箱如图所示，电流从接线柱A流入，从B流出，则接入电路的电阻为_ .今欲将接入电路的电阻改为，最简单的操作方法是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文

8、字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈电阻为，电动机两端电压为5V，电路中的电流为1A，物体A重20N，不计一切摩擦.求：（1）此电动机工作1h所产生的热量是多少？（2）电动机输入功率和输出功率各是多少？（3）10s内，可以把重物A匀速提升多高？14（16分）如图所示，水平面上有电阻不计的U形导轨NMPQ，它们之间的宽度为L=10cm，M和P之间接入电动势E=1.5V、内阻r=0.1的电源现垂直于导轨放置一根质量为m=0.1kg，电阻为R=0.2的金属棒ab，并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为B=1T，方向与水平面夹角为37且指向右斜上方，

9、ab棒保持静止求：（1）ab棒受到的安培力的大小；（2）ab棒受到的支持力和摩擦力各为多少15（12分）如图是示波器工作原理的示意图，电子经电压U1从静止加速后垂直进入偏转电场，偏转电场的电压为U2，两极板间距为d，极板长度为L，电子的质量为m，电荷量为e，求：（1）电子经电压U1加速后的速度；（2）电子离开偏转电场U2时沿垂直极板方向偏移的距离y；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】分析：电场线的方向就是电场强度的方向，正电荷所受电场力的方向与该点场强的方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反解

10、答：解：电场线的方向就是电场强度的方向，故P点电场强度方向向右故A错误B正确正电荷所受电场力的方向就是该点场强的方向，故正电荷在P点所受电场力向右故C错误负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，故负电荷在P点所受电场力向左故D错误故选B2、C【解析】当小鸟两脚站在一根线上时，两脚之间的导线的距离非常小，故两脚之间的导线的电阻非常小，故小鸟两端的电压很小，接近于零，故不会对小鸟造成危害，故C正确。3、C【解析】当环形导线通以逆时针方向电流时，据安培定则得出环形线圈内部磁感线的方向垂直于纸面向外，而小磁针静止时的N极指向与线圈的磁感线的方向是一致的，所以垂直环形电流所在平面向外，故C正确，ABD错

11、误；故选C点睛：知道在磁体的外部，磁感线是从N极指向S极，在磁体内部，磁感线是从磁体的S极指向N极是解决该题的关键4、A【解析】由右手螺旋定则判断出直导线的磁场，线圈在直导线上边，所处的磁场方向垂直纸面向外由左手定则判断线圈的受力情况，左右部分大小相等，方向相反，上下两边方向也相反，但由于直导线周围磁感应强度的大小与它到导线的距离成反比，线圈下边受力比上边受力大，合力向下，所以线圈向下运动靠近通电长直导线，而不会发生转动故A正确5、D【解析】A、由图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带负电，故A错误；B、由于涂料微粒有初速度，初速度和电场力不一定方向相同，则有涂料微粒的运

12、动轨迹不一定沿电场线方向运动，故B错误；C、涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其动能增大，电势能减小，故C错误；D、根据电场强度的分布可知，所受电场力先减小后增大，微粒做加速度先减小后增大的曲线运动，故D正确；故选D。6、C【解析】试题分析：当变阻器R的滑片向下移动时，R减小，R与并联的阻值减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，由欧姆定律分析电压表V1和V2的变化，以及电阻的电压变化，由干路电流和R2电流的变化，分析电流表示数的变化当变阻器R的滑片向下移动时，R减小，R与并联的阻值减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流I增大电压表

13、的示数，电压表的示数，I增大，U减小，增大电阻的电压，I增大，减小，流过的电流减小，则电流表的示数，增大，根据可知R2消耗功率减小，根据可知消耗功率增大，根据可电源消耗的总功率增大，C正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】P、O两点共轴，角速度相同，然后根据v=r分析线速度的大小【详解】因为P、Q两点共轴，所以角速度相同，由公式v=r得，Q处物体的线速度大，故B错误，AC正确P、Q两物体均受万有引力和支持力两个力作用，重力只是物体所受万有引力的一个分力，

14、故D错误故选AC8、AD【解析】球在电场中平衡，则所受电场力、重力及绳的拉力的合力为零由平衡条件得tan，故要判断的变化，只需判断电场强度E的变化即可S闭合时，U不变，A向B靠近，d减小，由E，可知E增大，角增大，故A正确，B错误；S断开，则Q不变，A向B靠近，E不变，则角不变，故C错误，D正确9、AD【解析】ABC. 全电路的欧姆定律结合U-I图象可知，图象与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，则知电动势E1=E2，内阻r1r2，U-I图象与I轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流I1I2；故A项正确，B项、C项错误.D.根据U=E-Ir可知，U=rI，因内阻r1r2，故当电源的工作

15、电流变化相同时，电源2的路端电压变化较大；故D正确.10、AD【解析】试题分析：根据三个等势面的电势关系abc，可知此电场是正的点电荷形成 ，故根据粒子的运动轨迹可知，粒子带正电，选项A错误；粒子从K到M的过程中，电势先升高后降低，电势能先变大后减小，电场力先做负功后做正功，选项B错误；粒子从K到L的过程中，电势升高，则电势能增加，选项C正确；粒子从L到M的过程中，电势降低，电势能减小，则动能增加，选项D正确；故选CD.考点：带电粒子在电场中的运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A D E 小灯泡的电阻随温度的升高而增大 0.31

16、【解析】试题分析：根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，选用最大阻值较小的滑动变阻器根据灯泡正常发光时的电阻与电表内阻的关系选择电流表的接法然后作出实验电路图，根据电阻定义可知，电阻大小与I-U图线上的点与原点连线的斜率倒数成正比，说明小灯泡的电阻随温度的升高而增大根据I-U图象读出0.22A对应的电压大小，然后根据P=UI求出功率即可（1）灯泡额定电压为4V，则电压表应选：A；灯泡额定电流为，电流表应选：D；为方便实验操作，滑动变阻器应选E；（2）描绘小灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻，电压表

17、内阻为10k，电流表内阻为0.4，灯泡电阻远小于电压表内阻，所以电流表采用外接法，实验电路图如图所示：（3）根据可知，小灯泡电阻与I-U图象上各点与原点连线的斜率倒数成正比，所以小灯泡电阻随温度的升高而增大；（4）由I-U图象可知时对应的电压，所以小灯泡的功率为： 12、 最简单的方法是将“1k”旋钮调到2，“100”旋钮调到0，“10”旋钮调到1【解析】试题分析：依次读出各档的电阻值，然后相加，得： ，今欲将接入电路的电阻改为，最简单的方法是将“1k”旋钮调到2，“100”旋钮调到0，“10”旋钮调到1，即可得.【点睛】电阻箱读数时，用数字乘以底下的倍数，最后将四个数据相加当各数字为零时，其阻值最小；当各数字为9时，其阻值最大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1），（2）5W，4W；（3）2m.【解析】（1）根据求电动机工作1h所产生的热量，（2）根据求解输入的电功率，根据求解输出功率；（3）根据求解提升的高度（1）根据，得（2）根据，得输入的电功率，电动机的热功率为，则输出功率（3）根据，得14、（1）F0.5N （2）FN =0.6N Ff =0.3N【解析】根据左手定则正确判断出导体棒ab所受安培力的