2023学年甘肃省靖远县四中高二物理第一学期期中检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变

2、阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是（ ）A电压表和电流表读数都增大B电压表和电流表读数都减小C电压表读数的变化量与电流表读数的变化量比值不变D电源输出功率变大2、下列说法正确的是（ ）A处于静电屏蔽的导体内各点的电势相等，场强也相等B匀强电场中各处场强相等，电势也相等C沿电场线方向电场强度一定越来越小D电势降低的方向就是电场线的方向3、关于两个物体间的万有引力，下列说法正确的是（ ）A两个物体间的万有引力大小相等、方向相反，是一对平衡力B当两个物体间的距离趋于零时，万有引力趋于无穷大C表达式F=Gm1m2r2中的引力常量G是由实验测算出的，而不是人为规定的D质量大的物体受到的万有引力

3、大，质量小的物体受到的万有引力小4、在电场中某点放上电荷量为210-8C的带负电的试探电荷，它受到的电场力为610-2N，方向水平向右。若撤走上述试探电荷，在该点放上电荷量为410-8C的带正电的试探电荷，其它条件不变，则该点的电场强度为（ ）A3106N/C方向水平向右 B6106N/C方向水平向左C3106N/C方向水平向左 D6106N/C方向水平向右5、图中竖直方向的平行线表示电场线，但未标明方向一个带电量为q=-10-6C的微粒，仅受电场力的作用，从M点运动到N点时，动能增加了10-4J，则（）A该电荷运动的轨迹不可能是bB该电荷从M点运动到N点时电势能增加CMN两点间的电势差为10

4、0VD该电荷从M点由静止开始运动6、某电源的电动势为4V，则关于该电源，以下看法不正确的是A该电源没有接入电路时，其两极之间的电势差为4VB当通过该电源的电荷量为1C时，该电源提供的电能为4JC该电源每工作1s钟，电源提供的电能为4JD将该电源接入电路中当其路端电压为2V时，电源的供电效率为50二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，各电表都看做理想表。闭合开关，滑动变阻器滑片P向右移动，若以U1、U2、U3、I分别表示电压

5、表V1、V2、V3和电流表A的示数变化的大小，则下述结论正确的是（ ）A电压表V1、V2、V3和电流表A的示数分别是变小、变大、变小、变大B电压表V1、V2、V3和电流表A的示数分别是变大、变小、变大、变小CU2+U3=U1DU1I、U2I、U3I分别是变小、不变、变小8、满载A国公民的一航班在飞行途中神秘消失，A国推断航班遭到敌对国家劫持，政府立即调动大量海空军事力量进行搜救，并在第一时间紧急调动了21颗卫星参与搜寻“调动”卫星的措施之一就是减小卫星环绕地球运动的轨道半径，降低卫星运行的高度，以有利于发现地面（或海洋）目标下面说法正确的是A轨道半径减小后，卫星的环绕速度增大B轨道半径减小后，

6、卫星的环绕速度减小C轨道半径减小后，卫星的环绕周期增大D轨道半径减小后，卫星的环绕周期减小9、某电场的电场线的分布如图所示。一个带电粒子仅受电场力由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点。下列判断正确的是A粒子带负电B电场力对粒子做负功C粒子在N点的加速度大DN点的电势比M点的电势低10、如图所示,平行板电容器经开关S与电源连接，S闭合一段时间后断开，a处固定一带电量很小的正点电荷，现将电容器B板向下移动一小段距离使板间距离增大，则AAB板的电压UAB变小Ba点电势a变大C点电荷a受的电场力Fa变大D点电荷a的电势能Epa变大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不

7、要求写出演算过程。11（6分）在“测定金属的电阻率”的实验中，需要用刻度尺测出被测金属丝的长度l。用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻Rx.请写出测金属丝电阻率的表达式：=_(用上述测量量的字母表示).若实验中测量金属丝的长度和直径时，刻度尺和螺旋测微器的示数分别如图1，则金属丝长度的测量值为l=_cm，金属丝直径的测量值为d=_mm.利用如图2电路进行测量Rx，实验的主要操作过程是：第一步：先将R2的滑动头调到最左端,单刀双掷开关S2向1闭合,闭合电键S1,调节滑动变阻器R1和R2,使电压表和电流表的示数尽大些(不超过量程),读出此时电压表和电流表的示数U1、I1

8、.第二步：保持两滑动变阻器的滑动头位置不变,将单刀双掷开关S2向2闭合,读出此时电压表和电流表的示数U2、I2。请写出由以上记录数据计算被测电阻Rx的表达式Rx=_（用U1、I1、U2、I2表示）12（12分）在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻”的实验中，提供的器材有：A干电池一节B电流表(量程0.6A)C电压表(量程3V)D开关S和若干导线E滑动变阻器R1(最大阻值20，允许最大电流1A)F滑动变阻器R2(最大阻值200，允许最大电流0.5A)G滑动变阻器R3(最大阻值2000，允许最大电流0.1A)（1）按图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器应选_（填“R1”、“R2”

9、或“R3”）（2）图乙电路中部分导线已连接，请用笔画线代替导线将电路补充完整要求变阻器的滑片滑至最左端时，其使用电阻值最大（3）闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表和电流表的的示数用同样方法测量多组数据，将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，请作出UI图线，由此求得待测电池的电动势E=_V，内电阻r =_（结果保留两位有效数字）所得内阻的测量值与真实值相比_（填“偏大”、“偏小”或“相等”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的相距L的点电荷，其中Q1带电量为-4q，Q

10、2带电量为+q，a、b两点在它们连线的延长线上.(1)求两点电荷连线上场强为0的点距离Q2多远(2)现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动(粒子只受电场力作用)，粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度图象如图乙所示，求从a到b电势能的变化量14（16分）平行板电容器竖直放置如图所示，两板间距d=11m，电势差U=1111V，现从平行板上A处以v1=3m/s初速度水平射入一带正电小球（已知小球带电荷量q=11-4C，质量m=112kg），经一段时间后发现小球打在A点正下方的B点，求：（1）AB间的距离SAB；（2）若小球打在与B同一水平线上的+极板上，小球的

11、初速度应是多大？15（12分）电场中某区域的电场线如图所示，A是电场中的一点，一个电荷量q=+4.010-8 C的点电荷在A点所受电场力为F=2.010-4 N，求：(1)A点电场强度的大小；(2)在图中画出该电荷在A点的所受电场力F的方向。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流减小，路端电压增大，则电压表的读数变大图中并联部分电路的电压增大，则电流表的读数变大，故A正确，B错误设电流表读数为I，则

12、电路的总电流，由闭合电路的欧姆定律可得： ，则，则当R变大时， 减小，选项C错误；因电源内阻和外电路电阻的关系不确定，则不能确定电源输出功率的变化情况，选项D错误；故选A. 点睛：本题先分析变阻器接入电路电阻的变化，再分析外电路总电阻的变化，路端电压的变化，根据串联电路的特点分析并联部分电压的变化，是电路动态分析问题常用的分析思路2、A【解析】：A、处于静电屏蔽的导体内各点的合场强为零，即场强相等，导体又是一个等势体，所以电势也相等，故A正确；B、匀强电场中各处的场强相等;但沿电场线方向电势一定越来越小,所以电势并不是相等的.故B错误;C、沿电场线方向电势一定越来越小,而场强的大小由电场线的疏

13、密决定.故C错误;D、电势降低最快的方向就是电场线的方向，而电势降低的方向不一定是电场线的方向，故D错误；综上所述本题答案是：A 3、C【解析】两个物体间的万有引力大小相等，方向相反，是一对作用力和反作用力，故A错误；当两个物体间的距离趋于零时，万有引力公式不再适用，故B错误；表达式F=Gm1m2r2，中的引力常量G是由实验测算出的，而不是人为规定的，故C正确；物体间相互的引力大小相等，方向相反，故D错误。所以C正确，ABD错误。4、C【解析】试题分析：根据公式E=Fq可得该点的电场强度为E=610-2210-8=3106N/C，负电荷受到的电场力方向和电场方向相反，故电场方向向左，因为电场强

14、度和试探电荷无关，所以更换电荷后，该点的电场强度不变，故C正确。考点：考查了对电场强度的理解5、A【解析】A从M点运动到N点，动能增加，知电场力做正功，则电场力方向向下，轨迹弯曲大致指向合力的方向，可知电荷的运动轨迹为虚线a，不可能是虚线b，电场力方向向下，则电场强度方向向上，N点的电势大于M点的电势，故A正确；B仅受电场力的作用，从M点运动到N点时，动能增加，则电势能减少，故B错误；C根据动能定理知，qU=Ek则N、M两点间的电势差大小故C错误；D该电荷若从M点由静止开始运动，则将会沿着电场力方向运动，就不会出现图示的轨迹，故D错误.6、C【解析】A电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极之

15、间的电压，故A正确；BC电源做的总功为W=EIt=Eq电源做功等于电源提供的电能，可知电动势总等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量，故B正确，C错误；D电源效率为故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB、当滑动变阻器的滑动片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，则电路中的总电流增大，则电流表A的示数变大；根据欧姆定律可知R2的电压增大，电压表V2示数变大；内电压增大，则路端电压减小，电压表V3示数变小。R2的电压增大，路端电

16、压减小，则R1的电压减小，则电压表V1的示数变小，故A正确，B错误。CD、根据全电路欧姆定律知：U2+U3=U1，故C正确。由U1=E-IR2+r，变形得：U1I=R2+r，不变。U2I=R2，不变。由U3=E-Ir，变形得：U3I=r，即不变。故C正确，D错误。故选AC【点睛】当滑动变阻器的滑动片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，电路中的总电流增大，由欧姆定律分析并联部分两端电压的变化和路端电压的变化，再判断R2两端电压的变化，综合分析出两电压表变化量的大小8、AD【解析】人造卫星绕地球做圆周运动时,由万有引力提供向心力,则有:GMmr2=mv2r 及GMmr2=m(2T)

17、2r 可知随着距离r的减小，周期T减小，速度v增大，故AD对；BC错；故选AD【点睛】人造卫星绕地球做圆周运动时,由万有引力提供向心力,由牛顿第二定律得到卫星的线速度和周期的表达式,再分析即可.9、CD【解析】A由图根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子的受到的电场力的方向向上，而电场线的方向也向上，所以电荷为正电荷。故A错误。B从M点到N点，静电力方向与速度方向成锐角，电场力做正功。故B错误。C电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在N点的受力大，加速度大。故C正确。D沿着电场线方向电势逐渐减低，所以N点的电势比M点的电势低。故D正确。10、BD【解析】电容器充电与电源

18、断开，所带电量不变根据电容的决定式C=S4kd、E=Ud、C=QU结合分析板间场强是否变化B极板接地，电势为零，根据a与B板的电势差的变化情况，判断a点的电势如何变化，即可确定电势能如何变化。【详解】A项：由公式C=S4kd， C=QU得U=QS4kd ，d增大，所以U增大，故A错误；B、C、D项：由公式C=S4kd，C=QU，E=Ud得板间场强E=4kQS，由题意，S、Q、均不变，k是常量，则E不变，点电荷受的电场力Fa=qE，则知Fa不变；根据公式U=Ed知，B板向下移动时，a与B板间的电势差增大，而B极板接地，电势为零，a点电势高于B板电势，大于零，则知a点电势变大，即a变大，q是正电荷

19、，由电势能公式Epa=qa知，Epa变大，故B正确，C错误，D正确。故应选：BD。【点睛】本题关键是掌握推论：E=4kQS，判断出板间场强不变，再根据U=Ed、Epa=qa，判断电势和电势能的变化。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、d2Rx4l； 36.50； 0.796； U1I1-U2I2 【解析】(1)根据电阻定律求出电阻率的表达式；(2)根据图示刻度尺确定其分度值，金属丝两端点所对应刻度尺示数之差是金属丝的长度；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；(3)单刀双掷开关S2合向1，由电压表和电流表的示数U1和I

20、1，可求出Rx、电流表、变阻器串联的电阻；将单刀双掷开关S2合向2，读出此时电压表和电流表的示数U2和I2，可求出电流表和变阻器串联的电阻；两个阻值之差等于被测电阻。根据欧姆定律写出表达式。【详解】(1) 由电阻定律可知，金属丝电阻Rx=lS=l(d2)2=4ld2则金属丝电阻率=Rxd24l；(2) 由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，金属丝的长度l=36.50cm；由图示螺旋测微器可知，螺旋测微器固定刻度示数为0.5mm，可动刻度示数为29.60.01mm=0.296mm，螺旋测微器示数为0.5mm+0.296m=0.796mm；(3) 将单刀双掷开关S2合向1时，电压表和电流表的示数U1

21、、I1根据欧姆定律得：R+RA+R1=U1I1 将单刀双掷开关S2向2闭合时，电压表和电流表的示数U2、I2根据欧姆定律得：RA+R1=U2I2联立上两式得：R=U1I1-U2I2.。【点睛】本题考查了电阻定律的应用、刻度尺与螺旋测微器的读数，应用电阻定律即可求出电阻率的表达式；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读。第3题本题实验设计比较巧妙，利用伏安法测量两次电阻，有效消除系统误差，来源于书本，又高于书本。12、R1 1.5 1.9 偏小 【解析】（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选择，而且额定电流较大；（2）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（3）根据坐标系内描出的点作出电源的图象，图象如图所示：由图示电源图象可知，图象与纵轴交点坐标值为，电源电动势，电源内阻：；相对于电源来说，电流表采用外接法，电流表的测量值小于通过电源的电流，电动势和内阻的测量值均小于