2023学年北京朝阳陈经纶中学物理高二上期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某兴趣小组为探究测定电流产生磁场的磁感应强度的方法，在实验精度要求不高的情况下，设计了如下实验：在一根南北方向放置的直导线的正下方A处放一个罗盘。导线没有通电时罗盘的指针（小磁针

2、的N极）指向北方；当给导线通入电流时，发现罗盘的指针偏转一定角度，根据偏转角度即可测定电流磁场的磁感应强度。现已知此地的地磁场水平分量B地=5.0105T，通电后罗盘指针停在北偏东60的位置，如图所示。由此得出该通电直导线在A处产生磁场的磁感应强度大小为（）A5.0l0-5T Bl.010-4T C8.66l0-5T D7.07l0-5T2、通过甲、乙两导线横截面的电荷量之比为3:5，甲、乙两导线通电时间之比为3:2，则通过甲、乙两导线的电流之比为( )A1:5B2:5C5:2D5:13、两个半径为R的带电球所带电荷量分别为q1和q2，当两球心相距3R时，相互作用的静电力大小为()ABCD无法

3、确定4、如图，竖直放置的U形管内装有水银，左端开口，右端封闭一定量的气体，底部有一阀门开始时阀门关闭，左管的水银面较高现打开阀门，流出一些水银后关闭阀门当重新平衡时（ ）A左管的水银面与右管等高B左管的水银面比右管的高C左管的水银面比右管的低D水银面高度关系无法判断5、如图所示，实线是电场中一簇方向已知的电场线，虚线是一个带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，若带电粒子只受电场力作用从a点运动到b点过程，根据此图作出的判断正确的是A带电粒子带正电B电场中a点的电势低于在b点的电势C带电粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D带电粒子在a点的加速度小于在b点的加速度6、所示，在光滑水平面上的两小球发

4、生正碰小球的质量分别为m1和m2.图乙为它们弹性碰撞前后的st（位移时间）图象已知m1=0.1由此可以判断A碰前m2静止，m1向右运动B碰后m2和m1都向右运动Cm2=0.5kgD弹性碰撞过程中系统损失了0.4J的机械二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个电阻接到某电路后，消耗的功率为110W，通过3C的电量时，有330J的电能转化为内能，则（ ）A电阻所加电压为330VB通过电阻的电流为1AC电阻通电时间为3sD这个电阻的阻值为1108、如图所示电路，开始时K处于

5、断开状态，A1、A2、V1、V2示数分别为I1、I2、U1、U2，现将K闭合，下列对各表读数的变化情况判断正确的是（ ）AU1减小 BU2减小CI1增大 DI2增大9、如图所示，甲乙为两个验电器甲不带电，乙带正电且上端为几乎封闭的空心金属球（仅在上端开一小孔）让带有绝缘柄的小球C（尺寸比小孔小先后接触两个验电器的金属球，观察验电器甲的箔片，你将看到的现象为A让C先接触乙金属球的外部，再接触甲的金属球，甲的箔片不张开B让C先接触乙金属球的外部，再接触甲的金属球，甲的箔片将张开C让C先接触乙金属球的内部，再接触甲的金属球，甲的箔片将张开D让C先接触乙金属球的内部，再接触甲的金属球，甲的箔片不张开1

6、0、某电场的等势面如图所示，下列说法正确的是（ ）AA、B两点电场强度的方向相同B一个电子在A点和B点具有的电势能相同C将一个电子从A点移动到C点,电势能增加D将一个电子从C点移动到B点,电势能增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学做“测定电源的电动势和内阻”实验。（1）他采用如图甲所示的实验电路进行测量。图乙给出了做实验所需要的各种仪器。请按电路图把它们连成实验电路。（2）根据实验数据做出U-I图象，如上图丙所示，该电池的电动势E=_V，内电阻r=_ 。（3）这位同学对以上实验进行了误差分析，其中正确的是_。A实验产生的

7、系统误差，主要是由于电压表的分流作用B实验产生的系统误差，主要是由于电流表的分压作用C电动势的测量值小于电动势的真实值D内电阻的测量值大于内电阻的真实值12（12分）如图为“研究电磁感应现象”的实验装置，电键合上前小螺线管已插入到大螺线管中。 （1）将图中所缺的导线补接完整_；（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么合上电键后将小螺线管迅速抽出时，灵敏电流计指针将向_(“左”或“右”)偏转。将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动，则灵敏电流计指针将向_(“左”或“右”)偏转。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤

8、。13（10分）如图（甲）的演示实验，在上下面都是金属板的玻璃盒内，放了许多用锡箔纸揉成的小球，当上下板间加上电压后，小球就上下不停地跳动。现取以下简化模型进行定量研究：如图（乙）所示，电容为C的平行板电容器的极板A和B水平放置，相距为d，与电动势为E、内阻可不计的电源相连。设两板之间只有一个质量为m的导电小球，小球可视为质点。假设小球与极板发生碰撞后，小球的速度立即变为零，带电情况也立即改变，小球所带电荷符号与该极板相同，电量为极板电量的k倍（k1）。不计带电小球对极板间匀强电场的影响。重力加速度为g。（1）欲使小球能够不断地在两板间上下往返运动，电动势E至少应大于多少？（2）设上述条件已满

9、足在较长的时间间隔T内小球做了很多次往返运动。求：在T时间内电源输出的平均电流。（3）现调整金属板间距足够大,让其接上可充电和放电的电路装置,然后进行下述操作:第一步,给金属A、B板充电,让A、B两极板带上一定的电荷量,使得锡箔纸揉成的小球P在两板间的匀强电场中恰能保持静止状态.第二步,给A、B板继续充电使其电荷量突然增加Q1,让油滴开始竖直向上运动t秒.第三步,在上一步基础上使电容器突然放电Q2,观察到又经t秒后,油滴刚好回到原出发点.设小球P在运动过程中未与极板接触.求Q1和Q2的比值.14（16分）如图所示，水平导轨处在竖直方向的匀强磁场中，间距d=0.8m，以虚线AB为界，左侧磁场竖直

10、向下，右侧磁场竖直向上，虚线左侧L1=1m处用直导线CD连接电阻R1=0.2，虚线右侧L2=0.5m处有导体棒EF垂直导轨放置，导体棒电阻R2=0.3，其余电阻不计，t=0时磁感应强度均为0.5T，之后AB右侧磁感应强度不变，左侧磁感应强度随时间变化规律如图所示，导体棒始终静止求：（1）t=0时刻CDEF回路的磁通量；（2）t=1s时导体棒两端的电压；（3）t=1s时导体棒受到的安培力。15（12分）如图所示，真空中水平放置的平行金属板，相距d，上板带负电，下板带等量的正电，两板间电压为U，上板的正中央有一个小孔，在小孔正上方h高处，有一个质量为m的带电小球由静止开始下落，经小孔进入两板之间的

11、电场中（两板之外没有电场），为了使小球不与下板相碰，小球应带什么电荷？带电荷量至少要多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】本题考查了磁场的合成，小磁针后来的指向为合磁场方向，因此根据平行四边形定则，已知某个磁场大小和方向与合磁场方向，可以求出另一个磁场大小；【详解】各个分磁场与合磁场关系如图所示：地磁场水平分量B地=5.010-5T，所以根据三角函数关系可得：tan=B地B1 即有：B1=B地tan30=8.6610-5T，故ABD错误，C正确。【点睛】物理中力、电场强度、磁场强度等均为矢量，在合成时

12、遵循平行四边形定则，因此要熟练应用平行四边形定则进行矢量的合成。2、B【解析】试题分析：根据电流的定义式，可以得到通过甲、乙两导体的电流强度之比为，B正确，ACD错误考点：本题考查了电流的定义3、D【解析】本题题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小；【详解】当两球心相距时，两球不能看成点电荷，电荷的中心不在几何中心；如果是同种电荷，排斥，电荷中心距离大于，故；如果是异种电荷，相互吸引，电荷中心距离小于，故；不知道电性，故无法确定其大小，故D正确，ABC错误。【点睛】本题应明确当两球心相

13、距为3R时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义。4、D【解析】若流出的水银量较少，则左管水银仍高于右管；若流出的水银量较多，因左边上边等于大气压，右边若小于大气压强，则左边会低于右边；总之根据已知条件不能判断水银面高度关系，故选D.5、C【解析】A. 合力大致指向轨迹凹的一向，可知电场力方向向左，电场线向右，所以带电粒子带负电，故A错误。B. 沿电场线方向电势降低，a点电势大于b点电势。故B错误。C. 从a运动到b，电场力做负功，电势能增大。所以带电粒子在a点的电势能小于在b点的电势能。故C正确。D. 电场线的疏密代表场强大小，a点的场强大于

14、b点的场强，所以a点所受的电场力大于b点，则带电粒子在a点的加速度大于在b点的加速度，故D错误。6、A【解析】A.由s-t图象的斜率等于速度，可得m1碰前速度v1=4m/s，m1碰前速度v1=0，则知碰前m1静止，m1向右运动，故A正确；BC.碰后m1速度为 v1=-1m/s，向左运动碰后m1的速度 v1=1m/s，向右运动根据动量守恒定律得m1v1+m1v1=m1v1+m1v1代入数据解得：m1=0.3kg故BC错误；D.两物体组成的系统在碰撞过程中的机械能损失为：所以碰撞过程是弹性碰撞故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目

15、要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】，A错。，B对。，C对。，D对。8、BC【解析】将电键K闭合后，外电路总电阻减小，总电流增大，根据U=E-I总r可知内电压增大，路端电压减小，则I1增大，U2减小，根据欧姆定律可知，U1增大由串联电路分压规律可知，R2的电压减小，则I2减小，故BC正确，AD错误。9、BD【解析】AB空腔导体带电时净电荷分布与金属球外侧，内部不带电，故让C先接触乙金属球的外部，再接触甲的金属球，甲的箔片将张开，故A错误，B正确；CD空腔导体带电时净电荷分布与金属球外侧，内部不带电，故让C先接触乙金属球的内部，再接触甲的金属球，甲的箔

16、片不张开，故C错误，D正确10、BC【解析】A根据电场线方向与等势面垂直且由高电势指向低电势，可知A、B两点的电场强度方向不相同，故A错误；B因为A、B在同一等势面上，所以一个电子在A点和B点具有的电势能相同，故B正确；C将一个电子从A点移动到C点，电场力做功：电场力做负功，故电势能增加，故C正确；D将一个电子从C点移动到B点，电场力做功：电场力做正功，故电势能减少，故D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）略 1.45V 1.3 AC【解析】 (1)根据图甲所示实验电路图连接实物电路图如图所示。(2)由图丙所示电

17、源UI图象可知，图象与纵轴交点坐标值是2.0，电源电动势E=1.45V，电源内阻r=U/I=1.3.(3)AB、由图甲所示电路图可知，相对于电源来说电流表采用外接法，由于电压表分流作用，使所测电流小于电流的真实值，造成了实验误差，故A正确，B错误；C. 当外电路短路时，电流的测量值等于真实值，除此之外，由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，电源的UI图象如图所示，由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，故C正确；D. 电源内阻r=E/I短，由图象可知，电源内阻测量值小于真实值，故D错误；故选AC.12、 左 左 【解析】（1）1如图所示（2）2在闭合电键时和电流计串联的线圈中磁通量增

18、加，发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么合上电键后将小螺线管迅速抽出时和电流计串联的线圈中磁通量减小，灵敏电流计指针将向左偏转； 3将滑动变阻器触头迅速向左移动时，滑动变阻器的电阻减小，电流增大，和电流计串联的线圈中磁通量增加，发现灵敏电流计的指针向右偏转一下。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）1:4【解析】（1）用Q表示极板电荷量的大小，q表示碰后小球电荷量的大小，要使小球能不停地往返运动，小球所受的向上的电场力至少应大于重力，故:（注意题目E表示电动势大小）根据题意有:q=kQ电量:Q=C

19、E计算得出: （2）当小球带负电时，小球所受电场力与重力方向相反，向上做加速运动，以a1表示其加速度，t1表示从B板到A板所用的时间，则有:其中:当小球带正电时,小球所受电场力与重力方向相同,向下做加速运动.以a2表示其加速度,t2表示从A板到B板所用的时间,则有:其中:小球往返一次共用的时间为（）,故小球在T时间内往返的次数,由以上有关各式得:;小球往返一次通过电源的电量为2q，在T时间内通过电源的总电量,电路中的平均电流（3）在第一步过程中，设电容器的充电量为Q，板间电压为U0，场强为E，受力情况如图甲所示；根据题意得联立计算得出在第二步过程（t时间）中, 受力情况如图乙所示由运动学公式由