2023学年承德市重点中学物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、雷击，指打雷时电流通过人、畜、树木、建筑物等而造成杀伤或破坏，其中一种雷击形式是带电的云层与大地上某点之间发生迅猛的放电现象，叫作“直击雷”。若某次发生“直击雷”前瞬间云层所带的电荷量为8C，雷击时放电时间为200，则此次雷击时的平均电流为A0. 04ABC0. 08AD2、如图所示，板长为L的平行板电容器与一直流电源相连接，其极板与水平面成300角；若粒子甲乙以相同的大小的初速度v0=2gL由图中的P点射入电容器，分别沿着虚线1和2运动，然后离开电容器；虚线1为连接上下极板边缘的水平线，虚线2为平行且靠近上极板的直线，则下列关于两粒子的说法正确的是（ ）A两者均做匀速直线运动B

3、两者电势能均逐渐增加C两者的比荷之比为3:4D两者离开电容器时的速率之比为v甲：v乙=2：33、AB分别是地球上的两个物体，A在北纬某城市，B在赤道上某地，如图所示当它们随地球自转时，它们的角速度分别是、，它们的线速度大小分别是、下列说法正确的是( )A=，C，4、下列叙述正确的是A电荷不能够创造，但可以消灭B一个物体带1.610-9C的负电荷，这是它失去了1.01010个电子的缘故C元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量D只有很小的球形带电体才叫做点电荷5、压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图（a）所示，将压敏电阻和一块

4、挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球小车向右做直线运动过程中，电流表示数如图5（b）所示，下列判断正确的是( )A从t1到t2时间内，小车一定匀速直线运动B从t1到t2时间内，小车一定匀加速直线运动C从t2到t3时间内，小车一定匀加速直线运动D从t2到t3时间内，小车一定匀速直线运动6、在电场中，把电荷量为4109 C的正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6108 J，以下说法中正确的是( )A电荷在B点具有的电势能是6108 JBB点的电势是15 VC电荷的电势能增加了6108 JD电荷的电势能减少了6108 J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选

5、项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，E为内阻不能忽略的电池，均为定值电阻，与均为理想电表；闭合开关S，使滑动变阻器的滑片向右滑动，则下列说法正确的是()A电压表示数变大B电流表示数变小C滑动变阻器消耗的功率变大D电池的输出功率变大8、关于电荷量，以下说法中正确的是A物体所带的电荷量可以为任意实数B物体所带的电荷量只能是某些值C物体带正电荷，这是因为失去了个电子D物体所带电荷量的最小值为9、如图所示，在水平木制桌面上平放一个铜制的圆环，在它上方近处有一个N极朝下的条形磁铁，铜环始终静止关于铜环对桌面的压力F和铜环重力G的大小关系，

6、下列说法中正确的是（）A当条形磁铁靠近铜环时，FGB当条形磁铁远离铜环时，FGC无论条形磁铁靠近还是远离铜环，F=GD无论条形磁铁靠近还是远离铜环，FG10、如图所示，光滑绝缘的水平面内存在场强为E的匀强电场，长度为L绝缘光滑的挡板AC与电场方向夹角为30现有质量相等、电荷量均为Q的甲、乙两个带电体从A处出发，甲由静止释放，沿AC边无摩擦滑动，乙垂直于电场方向以一定的初速度运动，甲、乙两个带电体都通过C处则甲、乙两个带电体（ ）A发生的位移相等B通过C处的速度相等C电势能减少量都为D从A运动到C时间之比为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1

7、1（6分）在“练习使用多用电表”的实验中。（1）用多用电表测量某电阻，将挡位旋钮调至“10”挡，读数时发现指针偏转角太大，为使测量结果更加准确，则应改用“_”挡。（选填字母代号即可）A1 B100 C1000（2）多用电表使用时间长了，其内阻会明显变大，继续使用该表测电阻时，通过“调零旋钮”进行调零仍能使用，假设调零前后电池的电动势不变，则调零后用该表测得的电阻值与电阻的真实值相比，将_。（选填字母代号即可）A偏大 B偏小 C不变（3）如图所示，闭合开关后发现小灯泡不亮，欲用多用电表检查该电路某处是否发生“断路”，在保持电路完整的情况下，应使用多用电表的_进行测量（选填字母代号即可）A电阻挡

8、B电流挡 C交流电压挡 D直流电压挡12（12分）如图所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，使电容器带电后与电源断开操作一：仅将左极板上移，电容_（选填“变大”、“变小”或“不变”），静电计指针偏转角_（选填“变大”、“变小”或“不变”），操作二：仅将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角_（选填“变大”、“变小”或“不变”）；操作三：仅在两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角_（选填“变大”、“变小”或“不变”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说

9、明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在倾角为的斜面上，固定一宽L0.25m的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器R.电源电动势E12V，内阻r1，一质量m20g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好整个装置处于磁感应强度B0.80T、垂直于斜面向上的匀强磁场中(导轨与金属棒的电阻不计)金属导轨是光滑的，取g10m/s2，要保持金属棒在导轨上静止，求：（1）金属棒所受到的安培力的大小；（2）通过金属棒的电流的大小；（3）滑动变阻器R接入电路中的阻值14（16分）如图所示，边长为L的闭合正方形线圈的电阻为R，匝数为N，以速度v向右匀速穿过宽度为d的有界匀强磁场，磁场方向与线圈平面垂直

10、，磁感应强度为B。（1）当线圈右边框刚进入磁场时，求线圈中的电流大小和方向；（2）当线圈右边框刚进入磁场时，求线圈受到安培力的大小和方向；（3）若Ld，求线圈穿过磁场的过程中外界拉力做的功。15（12分）如图所示，水平光滑的绝缘细管中，两相同的带电金属小球相向运动，当相距L时，加速度大小均为a，已知A球带电荷量为+q，B球带电荷量为-3q。当两球相碰后再次相距为L时，两球的加速度大小为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】已知雷击时放电时间为200s，放电量等于8C，则此次雷击时的平均电流为：，故B正

11、确，ACD错误；2、D【解析】根据题意可知，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度在同一直线上，所以电场力只能垂直极板向上，受力如图所示；根据受力图，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度方向反向，粒子做匀减速直线运动，故A错误；粒子甲受到的电场力与位移方向的夹角为钝角，所以电场力做负功，电势能逐渐增加；粒子乙运动的方向与电场力的方向垂直，电场力不做功，所以粒子的电势能不变。故B错误；根据受力图，对甲：m甲gq甲Ecos3032q甲E，所以：q甲m甲23g3E 对乙：m乙gcos30=q乙E，所以：q乙m乙3g2E；所以：q甲m甲：q乙m乙23g3E：3g2E43 ，故C错误；带电微粒

12、甲沿水平直线运动，合力做的功：W1m甲gtan30Lcos30=23m甲gL，根据动能定理得：12m甲v甲2-12m甲v02-23m甲gL；所以：v甲23gL；带电微粒乙沿平行于极板的直线运动，合力做的功：W2m乙gsin30L12m乙gL，根据动能定理得：12m乙v乙2-12m乙v02-12m乙gL，所以：v乙gL；所以：v甲：v乙=2：3故D正确。故选D。3、A【解析】A与B均绕地轴做匀速圆周运动，在相同的时间转过的角度相等，由角速度的定义式，甲、乙角速度相等，由角速度与线速度关系公式，B的转动半径较大，故B的线速度较大，故选项A正确【点睛】A与B均绕地轴做匀速圆周运动，周期均为一天，B的

13、转动半径较大，可根据角速度定义式和线速度与角速度关系公式判断4、C【解析】根据电荷守恒定律可知，电荷即不能够创造，也不可以消灭，选项A错误；一个物体带1.610-9C的负电荷，这是它得到了1.01010个电子的缘故，选项B错误；元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量，选项C正确；当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，与电荷的大小无关。故D错误。故选C。5、C【解析】试题分析：由图知从t1到t2时间内，电流I增大，则压敏电阻所受压力增大，即绝缘球所受的支持力增大，由知小车做加速度变大的加速运动，AB错；从t2到t3时间内，电流I不变，则压敏电阻所受压力不变

14、，即绝缘球所受的支持力不变，由知小车做匀加速直线运动，C对，D错考点：本题考查I-t图像的分析，受力分析，牛顿第二定律点评：本题学生能根据电流的变化，判断压敏电阻阻值的变化，进而判断所受压力的变化，再由牛顿第二定律判断加速度的变化6、C【解析】电荷在电场中某点的电势能具有相对性，只有确定了零势点，B点的电势、电荷在B点的电势能才是确定的数值，故AB错误；由于电荷从A移到B的过程中是克服静电力做功610-8J，故电荷电势能应该是增加了610-8J，故C正确，D错误故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选

15、对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A：滑动变阻器的滑片向右滑动，增大，整个电路的总电阻增大，总电流减小，路端电压增大，电压表示数变大故A正确B：总电流减小，两端电压增大，流过的电流增大，又，总电流减小，增大，则减小，电流表示数变小故B正确C：应用极值法可知，当极大时，的功率几乎为零，故C错误D：电池的输出功率，可知当内外电路电阻相等时，电源的输出功率最大，由于、的大小关系未知，增大时电源的输出功率不确认怎样变化故D错误点睛：处理选择题中物理量变化用极值法往往较为快捷8、BCD【解析】物体带电量总等于元电荷的整数倍，不能是任意实数，所以A错；B对；元电荷e=1.610-19C是最

16、小的电荷量,所以物体带电1.6010-9C，这是因为该物体失去了1.01010个电子，CD正确；故答案选BCD.思路分析：根据元电荷意义：表示最小的电量单位，是电子所带电量的数值试题点评：考查对元电荷的理解，这是个易错点应重点记忆9、AB【解析】A磁铁的N极向下插入，穿过铜环的磁通量增加，磁场方向向下，根据楞次定律可知，铜环中产生逆时方向的感应电流，铜环上端相当于N极；当S极向下插入，铜环上端相当于S极，与磁铁的极性总相反，存在斥力所以铜环对桌面的压力F大于铜环重力G的大小，故A正确；BCD磁铁的N极远离铜环时，穿过铜环的磁通量减小，磁场方向向下，根据楞次定律可知，铜环中产生逆时方向的感应电流

17、，铜环上端相当于S极，与磁铁的极性总相同，存在引力所以铜环对桌面的压力F小于铜环重力G的大小所以B正确，CD错误；故选：AB10、AC【解析】对于两个带电体，由于初、末位置相同，故二者的位移相同，故选项A正确；两个带电体通过C点的速度方向不同，故选项B错误；根据功能关系，电势能的变化等于电场力的功则：，故选项C正确；对于甲带电体：，则：；对于乙带电体：，则：，整理可以得到：，故选项D错误【点睛】本题是关于竖直线对称的，但是不是图形的对称，而是需要力矩的对称，同样的一个力，需要在左边和右边时力臂是一样的三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、

18、（1）A （2）C （3） D 【解析】试题分析：用多用电表测量某电阻，将档位旋钮调至“10”档，读数时发现指针偏转角太大，说明所选挡位太大，为使测量结果更加准确，应换小挡，应改用1挡，故选A。使用欧姆表测电阻时，使用“调零旋钮”进行调零仍能使用，调零前后电池的电动势不变，由I=ER内+R可知，所测电阻R是真实的，则调零后用该表测得的电阻值与电阻的真实值相比相等，故选C。由图示可知，电源为直流电源，闭合开关后发现小灯泡不亮，欲用多用电表检查该电路某处是否发生“断路”，在保持电路完整的情况下，应使用多用电表的直流电压档进行测量，故选D。考点：用多用电表测电阻【名师点睛】本题考查了欧姆表的使用及电

19、路故障检测方法，使用欧姆表测电阻时，要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近；可以使用电压表、电流表与欧姆表检测电路故障，要掌握其检测方法与注意事项。12、变小 变大 变小 变小 【解析】抓住电容器的电荷量不变，根据电容的决定式判断电容的变化，结合判断电势差的变化，从而得出指针偏角的变化；【详解】根据电容的决定式知，上移左极板，正对面积S减小，则电容减小，根据知，电荷量不变，则电势差增大，指针偏角变大；根据电容的决定式知，将极板间距离减小时，电容增大，根据知，电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小；根据电容的决定式知，两板间插入一块玻璃，电容增大，根据知，电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤