2023版高三一轮总复习化学（人教版）：课时分层作业40 认识有机化合物

1、PAGE PAGE 5课时分层作业(四十)认识有机化合物1是重要的合成中间体，用系统命名法命名其名称为()A庚烯B3乙烯基己烷C3甲基1己烯 D2乙基1戊烯D为烯烃，选取含碳碳双键在内的最长碳链为主链，主链上含五个碳原子，从离双键近的一端编号得到名称：2乙基1戊烯。2(2021重庆第十一中学模拟)下列说法正确的是()A工业上主要通过石油分馏获得乙烯B乙醇羟基中的氢原子比乙烷中的氢原子活泼C高分子材料中的有机分子均呈链状结构D分子式用CnH2n2表示的有机物互称同系物B石油催化裂化可得乙烯，故A错误；乙醇羟基可与Na反应而断裂氢原子，氢原子活泼性比乙烷中的氢原子强，故B正确；高分子材料有链状和网

2、状等多种结构，故C错误；CnH2n2表示的有机物不一定是同系物，如正戊烷和异戊烷都可用C5H12表示，但属于同分异构体，故D错误。3(2021西南大学附中高三月考)化合物M是合成中药的一种重要中间体，可由如下所示转化合成：下列说法错误的是()AL的分子式是C10H11BrO5BL与M官能团的种类不完全相同CL、M的一氯取代产物均为5种(不考虑立体异构)DL、M中所有碳原子均可能处于同一平面C根据键线式的表示方法，端点和拐点表示碳原子，碳氢键省略，其次根据碳原子成4键、氧原子成2键的特点判断L的分子式为C10H11BrO5，故A正确；根据结构中含有的官能团进行对比都含有碳溴键、酯基、醚键，化合物

3、L中含有(酚)羟基，故B正确；L的一氯取代产物有5种，M中比L多一个甲基位上的氢原子，有6种一氯取代产物，故C错误；根据单键可以任意角度旋转的特点判断，L、M中所有碳原子有可能处于同一平面，故D正确。4已知化合物A与立方烷的分子结构相似，如图：化合物A立方烷则A的二氯代物的同分异构体数目为()A3B4 C5D6B取代情况分别如下：取代2个C上的H，取代2个Si上的H，取代相邻C和Si上的H，取代对角线上的C和Si上的H，即C4Si4H8的二氯代物的同分异构体共有4种。5有机物X是一种重要的有机合成中间体，用于制造塑料、涂料和黏合剂等高聚物。为研究X的组成与结构，进行了如下实验：(1)有机物X的

4、质谱图为有机物X的相对分子质量是_(2)将10.0 g X在足量O2中充分燃烧，并使其产物依次通过足量的无水CaCl2和KOH浓溶液，发现无水CaCl2增重7.2 g，KOH浓溶液增重22.0 g有机物X的分子式是_(3)经红外光谱测定，有机物X中含有醛基；有机物X的核磁共振氢谱图上有2个吸收峰，峰面积之比是31有机物X的结构简式是_解析(1)质谱图中的最大质荷比即为X的相对分子质量，所以X的相对分子质量是100。(2)10.0 g X的物质的量是neq f(10.0 g,100 gmol1)0.1 mol，完全燃烧生成H2O的质量是7.2 g，产生H2O的物质的量是n(H2O)eq f(7.

5、2 g,18 gmol1)0.4 mol，生成二氧化碳的质量是22.0 g，物质的量是n(CO2)eq f(22.0 g,44 gmol1)0.5 mol，则1 mol X分子中含有5 mol碳原子和8 mol氢原子，结合X的相对分子质量是100知，X中氧原子个数是eq f(1005128,16)2，因此X的分子式是C5H8O2。(3)根据题意，X分子中含有醛基，有2种类型的氢原子，且氢原子个数比是31，说明X分子中含有2个甲基和2个CHO，根据分子式确定其不饱和度为2，不含其他官能团，进一步确认X分子中含有2个醛基，所以X的结构简式是。答案(1)100(2)C5H8O2(3) 6(双选)某有

6、机物的分子式为C4H8，据此推测其结构和性质错误的是()A与乙烯可能是同系物B一氯代物有二种C分子结构中甲基的数目可能是0、1、2D等质量的CH4和C4H8分别在氧气中完全燃烧，CH4的耗氧量小于C4H8BDC4H8可能是烯烃，也可能是环丁烷，烯烃和环丁烷不是同系物，C4H8作为烯烃，结构简式可能为CH2=CHCH2CH3、CH3CH= CHCH3、，故A正确；环丁烷的一氯代物只有一种，故B错误；根据选项A的分析和环丁烷的结构知，含有甲基的个数可能是0、1、2，故C正确；等质量的情况下，烃中氢原子的质量分数越大，耗氧量越多，C4H8的最简式可以写成CH2，故甲烷的耗氧量大于C4H8，故D错误。

7、7某有机化合物仅由C、H、O三种元素组成，其相对分子质量小于150，若已知其中氧元素的质量分数为50%，则分子中碳原子的个数最多为()A4B5 C6D7B根据题意可知，分子中氧元素的质量小于15050%，即分子中氧原子个数应小于eq f(75,16)4.687 5。氧原子个数为4时，其相对分子质量Mr取最大值，则Mr16450%128，除氧外，烃基的式量为1286464，故碳原子数最多为5。8有机物I是合成药物的中间体，以有机物A为原料制备I的路线如下：已知：有机物A的相对分子质量为88，其核磁共振氢谱为三组峰，峰面积之比为121；8.8 g A完全燃烧只生成体积比为11(同温同压)的CO2和

8、H2O(g)，若把它们通过碱石灰，碱石灰质量增加24.8 g；等质量的有机物A能与0.2 mol乙酸发生酯化反应；DielsAlder反应：。请回答下列问题：(1)F的系统命名是_。(2)E的结构简式是_。(3)下列关于有机物A的说法正确的是_(填序号)。不存在顺反异构体所有碳原子一定共平面能使紫色石蕊溶液变红1 mol A能消耗1 mol H2(4)BC、CD的的反应类型分别为_、_。(5)写出HI的化学方程式：_。(6)D中含氧官能团的名称是_。(7)化合物W是G的同分异构体，可与FeCl3溶液发生显色反应，且能与NaHCO3溶液反应放出CO2，核磁共振氢谱为五组峰，峰面积之比为22 211，则W的结构简式为_。解析由题意可知，A的相对分子质量为88，完全燃烧生成的二氧化碳和水的物质的量相等，通过碱石灰增重24.8 g，即二氧化碳和水各为0.4 mol，从而推得A的分子式为C4H8O2，其核磁共振氢谱为三组峰，峰面积之比为121，故A的结构简式为HOCH2CH=CHCH2OH，则B的结构简式是HOCH2CH2CHClCH2OH，C的结构简式为HOOCCH2CHClCOOH，D的结构简式为