2022年黑龙江省哈尔滨市南岗区中考二模物理试卷

1、2022年黑龙江省哈尔滨市南岗区中考物理二模试卷一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）1（3分）对家庭生活中常接触到的物理量，下列估测符合实际的是（）A普通家用彩电的电功率约为103WB一名中学生的体重约50NC家中烧水时，水的沸点总是100D学习用桌子的高度约80cm2（3分）以下实例中没有利用到声音的反射的是（）A天坛回音璧B倒车雷达C测量地球与月球之间的距离D声呐测海底深度3（3分）下列现象是我国北方经常出现的，有关说法正确的是（）A初春，屋檐下的冰锥是水熔化形成的B夏季，江面上的雾是水升华形成的C秋季，早晨草叶上的露珠是冰熔化形成的D冬季，窗户上的冰花是空气中的水蒸气凝华形成

2、4（3分）如图所示的四种现象中，有关叙述正确的是（）A让凸透镜正对太阳，可以测量凸透镜焦距B手影是光的直线传播形成虚像，它不是能量的聚集C水中铅笔看起来变弯折是由于光的反射形成的D我们看到塔在水中形成倒影是由于光在同种均匀介质中沿直线传播形成的5（3分）如图所示，在测量滑动摩擦力的实验中，在水平长木板上用弹簧测力计拉一木块，沿水平方向做匀速直线运动。下列属于平衡力的是（）A木块受到的重力与木块受到的支持力B木块受到的重力与木块对长木板的压力C木块受到的拉力与木块对长木板的摩擦力D木块对长木板的摩擦力与长木板对木块的摩擦力6（3分）放在同一水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有不同的液体，现将两

3、个相同的物块分别放入两容器中。当两物块静止时，两容器中液面恰好相平，两物块所处的位置如图所示。则下列说法正确的是（）A甲容器中液体的密度较大B甲容器中物块排开液体的重力较大C乙容器底部受到液体的压强较大D乙容器中物块受到液体的浮力较大7（3分）质地均匀杠杆，每个钩码重0.5N，下列操作中可以使杠杆在水平位置平衡的是（杠杆上有等间隔的刻度）（）ABCD8（3分）晓彤在复习中做了如下物理实验，下列说法错误的是（）A图甲，手压笔的两端，只能体验压强与受力面积的关系B图乙，手握铅笔，使铅笔变热，是通过热传递改变铅笔的内能C图丙，通过移动活动环，可以模拟调光台灯的工作过程D图丁，激光束变弯曲是因为光的折

4、射造成的9（3分）如图所示，在探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置中，两个透明容器中分别接入了电阻丝R1和R2，且密封着等量的空气。将导线a和b接入电路进行实验，下列说法正确的是（）A若R1和R2阻值不相等，则可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系B若R1和R2阻值相等，则可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系C该装置不能探究电流通过导体产生的热量与通电时间的关系D实验时若U形管中液面的高度没有变化，一定是电路中某处断路10（3分）如图所示的两个电路中，电源电压相等，闭合开关S，当两图中滑动变阻器的滑片都向右滑动时，灯泡L1和L2的亮度的变化是（）AL1、L2都变暗

5、BL1、L2都变亮CL1变暗，L2变亮DL1变暗，L2的亮度不变11（3分）如图所示，R5，灯泡标有“2.5V“字样，当灯泡正常发光时，定值电阻R的电功率为1.25W，则下列说法正确的是（）A电源电压为5VB电路中的电流为0.3AC灯泡的额定功率为0.75 WD电路消耗的总功率为3W12（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡L标有“V4W“字样，其电阻不随温度变化。闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器的中点时，电压表的示数为6V，灯泡正常发光；当滑片P置于滑动变阻器的b端时，L两端的电压变化了2V则下列结论错误的是（）A电源电压为12VBL的额定电压为6VC滑动变阻器R的最大阻值为8D

6、先后两次电路的电流之比为3：2三、非选择题（36-51题，共计46分）13（2分）如图所示，加油机在空中给歼击机加油的过程中，以 为参照物，加油机是运动的；若想保持稳定的加油状态，歼击机与加油机的运动关系是 。14（2分）用两面平面镜和三只小彩灯在暗箱中就能制作一个“无尽”的长廊，这是光的 现象，在暗箱中可以形成 个小彩灯。15（2分）在玻璃管的一端系一个装满红色墨水的小气球，水面会升入玻璃管中一部分，将小气球放入装水的烧杯中（如图所示），当小气球在水中逐渐向下移动的过程中，玻璃管中的水位 ，该现象说明： 。16（2分）在一只大烧杯里铺一层饱含水分的湿沙，杯口盖一只盘子，在盘中放一些冰块。给烧

7、杯加热一段时间后，停止加热，观察到烧杯中出现“白气”，“白气”是烧杯中水蒸气 成的小水滴；在形成“白气”的过程中，烧杯中的水蒸气的内能将 （选填“增大“、“减小”或“不变“）。17（2分）在探究水的沸腾实验中，用酒精灯对水进行加热，实验中完全燃烧了16.8g酒精，则放出了 J的热量；若这些热量全部被3kg、25的水吸收，则水升高的温度是 ，已知水的比热容为4.2103J/（kg），酒精的热值为3.0107J/kg，环境为1标准大气压。18（2分）摩擦生热的实质是用 的方法来改变物体的内能；磁极间的相互作用是通过 发生的。19（2分）如图所示，开关S闭合后，A1的示数为0.9A，A3的示数为0.

8、4A则通过灯泡L1的电流是 ，通过灯泡L2的电流是 ，A2的示数为 。20（2分）甲乙两个电阻的阻值分别为4和8，若将它们串联后接在12V的电源两端（电源电压保持不变），则通过甲电阻的电流是 A，乙电阻两端的电压是 V。21（2分）把标有“8V 4W”和“12V 9W”的两盏电灯L1和L2串联后接在某电路中，为了保证两灯长时间都不烧坏，电路两端所加电压的最大值是 V；若将这两盏灯并联使用，也保证两灯长时间都不烧坏，在电路两端所加最大电压下，通过L2的电流是 A（电阻不随温度变化）22（2分）质量为60kg的晓彤是一位武术爱好者，他以马步姿势（如图所示）练功时，他每只脚与水平地面的接触面积是20

9、0cm2则他对地面的压强为 Pa；其中一只脚对地面的压强为 Pa（g取10N/kg）23（2分）如图所示，光从空气射入水中时，根据给出的反射光线OB完成光路图。24（2分）如图是小雪连接的用伏安法测定值电阻的实验电路。请你在图中只改动两根导线连接，使开关闭合后电路正常工作（用“”标出改动导线，以笔画线代替导线，画出改接导线，导线不许交叉）。25（5分）“探究力和运动的关系“的实验中让小车由静止开始沿同一斜面滑下，小车在三种不同水平面上运动一段距离后分别停留在如图所示的位置。（1）实验需要小车进入不同的水平面时的初速度相同，小车应从同一斜面 开始下滑。这是为了保持小车滑到水平面时的动能 （选填“

10、相同“或“不相同“）。（2）小车进入水平面后，发生的能量转化是 。（3）实验结论：平面越光滑，小车受到的阻力越小，速度减小得越 。（4）推论：如果小车在水平面受到的阻力为零，小车将以 的速度运动下去。26（5分）在比较水和煤油比热容大小的实验中，晓彤取了两只相同的烧杯，且在烧杯里分别装入质量和初温都相同的水和煤油（如图所示）。他用两个完全相同的“热得快”给它们加热，并记录得到了下表中的实验数据。请你回答下列问题：（1）从晓彤的实验过程看，还需要的测量工具是 。（2）从热源角度看，选用两个同样的“热得快”的作用是 。（3）加热7min，水吸收的热量 （选填“大于”、“小于”或“等于”）煤油吸收的

11、热量。（4）图丙是晓彤根据实验数据画出的图象，由此可知，水和煤油吸收相同热量时，升高温度之比是 ，比热容较大的是 。27（6分）晓彤和小雪通过实验探究“电流跟电压的关系”，设计了如图所示的电路图。电源电压恒为6V不变，滑动变阻器最大阻值为40。（1）晓彤手边有5的定值电阻和“2.5V 0.5A”的小灯泡，他应该选择 接入电路的M、N间，因为实验时需控制 不变。（2）连接好电路后，闭合开关前，滑片应滑到 端。闭合开关后，需多次调节滑片到不同的位置，目的是 ，进而得出电流跟电压的关系。（3）小雪还想探究“电流跟电阻的关系”，于是增加10和20的两个电阻。为了能顺利完成实验，需控制M、N间电压不变。

12、请你对控制的电压值提出合理的建议，并说明理由。 。28（6分）如图甲所示的地面清洁机器人，质量3kg，体积为4103cm3，机器人在水平地面运动时，所受推力与速度关系如图乙所示。求：（1）机器人的平均密度有多大？（2）该机器人所提供的水平推力为150N时，匀速直线运动6s，此时水平推力做了多少功？（3）当机器人所提供的水平推力增大到300N时，机器人的功率是多大？2022年黑龙江省哈尔滨市南岗区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）1（3分）对家庭生活中常接触到的物理量，下列估测符合实际的是（）A普通家用彩电的电功率约为103WB一名中学生的体重约5

13、0NC家中烧水时，水的沸点总是100D学习用桌子的高度约80cm【答案】D【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、普通家用彩电的电功率约为100W，故A错误。B、中学生的体重约500N，故B错误。C、家中烧水时，水的沸点不一定是100，因为沸点与大气压有关，故C错误。D、学生用桌子的高度约80cm，符合实际，故D正确。故选：D。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。2（3分）以下实例中没有利用到声音

14、的反射的是（）A天坛回音璧B倒车雷达C测量地球与月球之间的距离D声呐测海底深度【答案】C【分析】（1）声音遇到障碍物会被反射，这就是回声，回声定位是根据回声到来的时间和方位，确定目标的位置和距离，（2）声音的传播需要介质，真空不能传声。【解答】解：A、由于回音壁的墙体特殊构造，易于声音的反射；故天坛公园回音壁利用声音的反射；故A不符合题意；B、现代汽车广泛利用了倒车雷达，它在工作时会发出超声波，这些声波遇到障碍物时会反射回来，根据回声到来的方位和时间，可以确定障碍物的位置，故B不符合题意；C、因声音的传播需要介质，真空不能传声，所以要测月球到地球的距离不是声音的反射，故C符合题意；D、人们利用

15、超声波的反射制成的声呐可以测海底深度，故D不符合题意。故选：C。【点评】本题考查声音反射的应用，与实际生活密切联系，平时学习时，要多联系生活、多解释，提高分析解决问题的能力。3（3分）下列现象是我国北方经常出现的，有关说法正确的是（）A初春，屋檐下的冰锥是水熔化形成的B夏季，江面上的雾是水升华形成的C秋季，早晨草叶上的露珠是冰熔化形成的D冬季，窗户上的冰花是空气中的水蒸气凝华形成【答案】D【分析】在一定条件下，物质的三种状态固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化；由固态直接变为气态叫升华，由

16、气态直接变为固态叫凝华。【解答】解：A、冰锥是水放热凝固形成的，故A错误；B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B错误；C、露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误；D、冰花是室内空气中温度较高的水蒸气遇到温度较低的窗户凝华形成的小冰晶，故D正确。故选：D。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。4（3分）如图所示的四种现象中，有关叙述正确的是（）A让凸透镜正对太阳，可以测量凸透镜焦距B手影是光的直线传播形成虚像，它不是能量的聚集C水中铅笔看起来变弯折是由于光的反射形成的D我们

17、看到塔在水中形成倒影是由于光在同种均匀介质中沿直线传播形成的【答案】A【分析】（1）太阳光可看做是平行光，平行光照射到凸透镜上经过折射后会聚到焦点；（2）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的；（4）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。【解答】解：A、让凸透镜正对太阳，太阳光经过凸透镜后会聚

18、到一点，该点到凸透镜的距离为焦距，故A正确。B、手影是光的直线传播所形成的暗区，不是物体的像，故B错误。C、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，感觉折断了，故C错误；D、平静水面上塔的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的等大虚像，故D错误。故选：A。【点评】现实生活中有很多与光有关的现象，平时要注意多观察，多思考，并用所学光学知识去解释观察到的光学现象，这能提高我们运用所学知识解决实际问题的能力。5（3分）如图所示，在测量滑动摩擦力的实验中，在水平长木板上用弹簧测力计拉一木块，沿水平方向做匀速直线运动。下列

19、属于平衡力的是（）A木块受到的重力与木块受到的支持力B木块受到的重力与木块对长木板的压力C木块受到的拉力与木块对长木板的摩擦力D木块对长木板的摩擦力与长木板对木块的摩擦力【答案】A【分析】判断两个力是否是一对平衡力，要看它们是否同时满足四个条件，即：作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反。【解答】解：A、木块受到的重力与木块受到的支持力，都作用在木块上，在一条直线上，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故A正确；B、木块受的支持力与木块对地面的压力，作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故B错误；C、木块受到的拉力与木块对长木板的摩擦力，作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故C错误；D

20、、木块对长木板的摩擦力与长木板对木块的摩擦力，没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故D错误。故选：A。【点评】解答此类题的关键是必须要牢记二力平衡的四个条件，判断时缺一不可。6（3分）放在同一水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有不同的液体，现将两个相同的物块分别放入两容器中。当两物块静止时，两容器中液面恰好相平，两物块所处的位置如图所示。则下列说法正确的是（）A甲容器中液体的密度较大B甲容器中物块排开液体的重力较大C乙容器底部受到液体的压强较大D乙容器中物块受到液体的浮力较大【答案】C【分析】（1）根据物体的浮沉条件判断浮力与重力的关系；（2）根据物体的浮沉情况判断出物体密度与液体密度的关

21、系；（3）根据p液gh得出容器底受到压强的关系。【解答】解：A、物体在甲中悬浮，则甲物，在乙中漂浮，则乙物，可知乙的密度较大，故A错误；B、甲悬浮，F浮甲G排甲G；乙漂浮，则F浮乙G排乙G，可知G排甲G排乙，故B错误；C、由A知，乙的密度较大，深度相同，由p液gh可知，乙液体对容器底的压强大，故C正确；D、由B分析知，两容器中物体受到的浮力相同，故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查了物体浮沉条件及液体压强公式的应用，关键能够根据浮沉情况判断出液体的密度、所受浮力的关系。7（3分）质地均匀杠杆，每个钩码重0.5N，下列操作中可以使杠杆在水平位置平衡的是（杠杆上有等间隔的刻度）（）ABCD【答

22、案】D【分析】动力和阻力应使杠杆转动的方向相反；根据杠杆的平衡条件动力动力臂阻力阻力臂进行判断。【解答】解：AC、由图知动力和阻力使得杠杆转动的方向相同，故AC错误；B、左边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N，杠杆上一格长L，弹簧秤的示数为1.2N，0.5N24L1.5N5L，故杠杆不平衡，故C错误；D、由边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N，杠杆上一格长L，弹簧秤的示数为2N，0.4N26L2N3L，故杠杆平衡，故D正确。故选：D。【点评】本题考查杠杆的平衡条件动力动力臂阻力阻力臂，难度不大。8（3分）晓彤在复习中做了如下物理实验，下列说法错误的是（）A图甲，手压笔的两端，只能体验压强与

23、受力面积的关系B图乙，手握铅笔，使铅笔变热，是通过热传递改变铅笔的内能C图丙，通过移动活动环，可以模拟调光台灯的工作过程D图丁，激光束变弯曲是因为光的折射造成的【答案】A【分析】（1）压强与压力和受力面积的大小有关；（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；（3）铅笔芯是导体，连入电路的长度不同时，连入的电阻不同，电路中电流不同，根据PUI可知灯泡实际功率的变化和灯泡亮暗的变化；（4）光在同种、均匀介质中是沿直线传播，据此分析回答。【解答】解：A、图甲，用两手指按压一支铅笔的尖部和尾部，可以体验压强与受力面积的关系，改变压力的大小也可

24、以体验压强与压力大小的关系，故A错误；B、手握铅笔，铅笔从手上吸收热量，使铅笔的温度升高、内能增大，是通过热传递改变铅笔的内能，故B正确；C、图丙中，铅笔芯和灯泡串联，活动环移动时，铅笔芯连入电路的电阻不同，电路中的电流不同；根据串联电路的分压特点可知，灯泡两端的电压会发生变化，由PUI可知，灯泡的实际功率会发生变化，能改变灯泡的亮度，所以该实验可以模拟调光台灯的工作过程，故C正确；D、图丁中，一束光射在水槽某种液体中并没有沿直线传播，激光束变弯曲是因为光的折射造成的，也说明水槽容器中所装的液体是不均匀的，故D正确。故选：A。【点评】本题与实际生活联系密切，学习时注意这些物理知识在实际生活中的

25、应用，将所学知识与实际结合起来，学以致用！9（3分）如图所示，在探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置中，两个透明容器中分别接入了电阻丝R1和R2，且密封着等量的空气。将导线a和b接入电路进行实验，下列说法正确的是（）A若R1和R2阻值不相等，则可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系B若R1和R2阻值相等，则可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系C该装置不能探究电流通过导体产生的热量与通电时间的关系D实验时若U形管中液面的高度没有变化，一定是电路中某处断路【答案】B【分析】电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。（1）探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时

26、间和电流不变；（2）U形管中液面的高度没有变化，可能是电路中某处断路，也可能是U形管漏气。【解答】解：A、若R1和R2阻值不相等，由于通过这两个电阻的电流也是不同的，故不能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系，故A错误；B、若R1和R2阻值相等，通过两个电阻的电流不同，所以能探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，故B正确；C、在实验过程中，通过开关的闭合和断开可以改变电路中通过电流的时间，能探究电流通过导体产生的热量与通电时间的关系，故C错误；D、实验时若U形管中液面的高度没有变化，可能是电路中某处断路，也可能是U形管密封不严，有漏气的现象，故D错误。故选：B。【点评】此题主要考查的是学生

27、对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。10（3分）如图所示的两个电路中，电源电压相等，闭合开关S，当两图中滑动变阻器的滑片都向右滑动时，灯泡L1和L2的亮度的变化是（）AL1、L2都变暗BL1、L2都变亮CL1变暗，L2变亮DL1变暗，L2的亮度不变【答案】D【分析】（1）左图中灯泡与滑动变阻器串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据PI2R可知灯泡实际功率的变化，由灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知其亮暗的变化；（2）右图中灯泡与滑动变阻器并联，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动

28、时灯泡实际功率和亮暗的变化。【解答】解：（1）左图中灯泡L1与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的滑片P都向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，（2）右图中灯泡L2与滑动变阻器并联，所以，滑片移动时，灯泡L7的实际功率不变，亮暗不变。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律、串并联电路特点的应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。11（3分）如图所示，R5，灯泡标有“2.5V“字样，当灯泡正常发光时，定值电阻R的电功率为1.25W，则下列说法正确的是（）A电源电压为5VB电路中的电流为0.3AC灯泡的额定功率为0

29、.75 WD电路消耗的总功率为3W【答案】A【分析】由电路图可知，灯泡L与电阻R串联，当灯泡正常发光时，定值电阻R的电功率为1.25W，根据串联电路的电流特点和PUII2R求出电路中的电流，利用PUI求出灯泡的额定功率，根据欧姆定律求出定值电阻的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，最后根据PUI求出电路消耗的总功率。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与电阻R串联，当灯泡正常发光时，定值电阻R的电功率为1.25W，且R5，所以，由PUII2R可得，电路中的电流：灯泡的额定功率：由I可得，定值电阻的电压：因串联电路中总电压等于各分电压之和，UUL+UR2.8V+2.5V5V，故A正确；PUI

30、5V0.5A8.5W，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。12（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡L标有“V4W“字样，其电阻不随温度变化。闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器的中点时，电压表的示数为6V，灯泡正常发光；当滑片P置于滑动变阻器的b端时，L两端的电压变化了2V则下列结论错误的是（）A电源电压为12VBL的额定电压为6VC滑动变阻器R的最大阻值为8D先后两次电路的电流之比为3：2【答案】C【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压。当滑片P置于滑动变阻器的

31、中点时，电压表的示数为6V，灯泡正常发光，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出此时电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据PUII2R表示出灯泡的额定功率；当滑片P置于滑动变阻器的b端时，接入电路中的电阻变大，电压表的示数变大，根据L两端的电压变化了2V可知电压表的示数，根据欧姆定律表示出此时电路中的电流，利用电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，然后联立等式求出R、RL的阻值以及电源的电压，利用欧姆定律求出L的额定电压，进一步求出先后两次电路的电流之比。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压。当滑片P置于滑动变阻器的中点时，电压表的示数为

32、6V，灯泡正常发光，所以，此时电路中的电流：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，UI（RL+）（RL+）PLI2RL（）2RL4W由L两端的电压变化了2V可知，此时电压表的示数UR6V+2V8V，I，UI（RL+R）（RL+R）将R2RL代入可得RL9，则由可得R18，U12V，故A正确、C错误；ULIRLRL56V，故B正确；I：I：3：2，故D正确。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确得出滑片移动时电压表的示数是关键。三、非选择题（36-51题，共计46分）13（2分）如图所示，加油机在空中给歼击机加油的过程中，以地面为参照物，加油机是运动的；若想保

33、持稳定的加油状态，歼击机与加油机的运动关系是相对静止。【答案】见试题解答内容【分析】如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物位置不断变化，则物体是运动的，据此分析答题。【解答】解：空中加油机在空中给歼击机加油的过程中，相对于地面的位置不断变化，以地面作为参照物，它们都是运动的；故答案为：地面；相对静止。【点评】本题考查了参照物的选择及根据参照物判断物体的运动状态，是一道基础题。14（2分）用两面平面镜和三只小彩灯在暗箱中就能制作一个“无尽”的长廊，这是光的反射现象，在暗箱中可以形成无数个小彩灯。【答案】见试题解答内容【分析】平面镜可以反射光线，平面镜能成正立等大

34、的虚像。【解答】解：用两面平面镜和三只小彩灯在暗箱中就能制作一个“无尽”的长廊，这是因为平面镜能反射小彩灯发出的光线，小彩灯在平面镜中成正立的虚像，该虚像还能通过另一平面镜成像，所以在暗箱中可以形成无数个小彩灯。故答案为：反射；无数。【点评】本题考查了光的反射和平面镜的成像特点，属于基础知识。15（2分）在玻璃管的一端系一个装满红色墨水的小气球，水面会升入玻璃管中一部分，将小气球放入装水的烧杯中（如图所示），当小气球在水中逐渐向下移动的过程中，玻璃管中的水位上升，该现象说明：同种液体内部压强随着深度的增加而增大。【答案】见试题解答内容【分析】根据液体压强的特点分析解答：同种液体内部压强随着深度

35、的增加而增大。【解答】解：因为同种液体内部压强随着深度的增加而增大，当小气球在水中逐渐向下移动的过程中，小气球所处的深度增加，小气球受到烧杯中水的压强增大，所以玻璃管中的水位会上升。该现象也说明：同种液体内部压强随着深度的增加而增大。故答案为：上升；同种液体内部压强随着深度的增加而增大。【点评】此题考查液体压强特点，难度不大，属于基础题目。16（2分）在一只大烧杯里铺一层饱含水分的湿沙，杯口盖一只盘子，在盘中放一些冰块。给烧杯加热一段时间后，停止加热，观察到烧杯中出现“白气”，“白气”是烧杯中水蒸气液化成的小水滴；在形成“白气”的过程中，烧杯中的水蒸气的内能将减小（选填“增大“、“减小”或“不

36、变“）。【答案】见试题解答内容【分析】物质由气态变成液态的过程叫液化，液化放热，其内能减小。【解答】解：给烧杯加热一段时间后停止加热，湿沙中的部分水汽化为水蒸气，温度较高的水蒸气向上运动过程中，遇到温度较低的空气液化为小水滴，就是我们看到的“白气”；液化是放热过程，所以，在形成“白气”的过程中，烧杯中的水蒸气的内能将减小。故答案为：液化；减小。【点评】此题考查了液化现象、液化放热以及物体内能的改变，属于基本规律的应用，难度不大。17（2分）在探究水的沸腾实验中，用酒精灯对水进行加热，实验中完全燃烧了16.8g酒精，则放出了5.04105J的热量；若这些热量全部被3kg、25的水吸收，则水升高的

37、温度是40，已知水的比热容为4.2103J/（kg），酒精的热值为3.0107J/kg，环境为1标准大气压。【答案】见试题解答内容【分析】（1）已知酒精的质量和热值，根据Q放mq求出酒精完全燃烧放出的热量；（2）已知水的质量和比热容，根据Qcm（tt0）求出这些热量能水温度升高到的温度，然后与水的沸点比较后，即可求出温度的变化量。【解答】解：（1）完全燃烧16.8g酒精放出热量：Q放m酒精q16.8103kg3.0107J/kg5.04105J；（3）由题意可得，水吸收的热量：Q吸Q放5.04105J，t+t7+2565100，故答案为：5.04105；40。【点评】本题考查了燃料燃烧放热公式

38、Q放mq、吸热公式的应用，计算时注意单位统一，难度不大。18（2分）摩擦生热的实质是用做功的方法来改变物体的内能；磁极间的相互作用是通过磁场发生的。【答案】见试题解答内容【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；（2）磁体间的相互作用就是通过磁场发生的。【解答】解：摩擦生热是指克服摩擦做功，使物体的内能增加，温度升高，即用做功的方法改变物体的内能；故答案为：做功；磁场。【点评】本题考查了改变内能的方式以及对磁场的理解，属于基础知识。19（2分）如图所示，开关S闭合后，A1的示数为0.9A，A3的示数为0.4A则通过灯泡L1的电

39、流是0.4A，通过灯泡L2的电流是0.5A，A2的示数为0.5A。【答案】见试题解答内容【分析】首先分析各电流表所测量是那一条路上的电流，然后由并联电路电流规律即可直接求出结果。【解答】解：由图可知，两灯并联，电流表A1测的是干路电流，A2测的是通过L2支路的电流，A3测的是通过L3支路的电流。开关S闭合后，A1的示数为0.9A，A3的示数为0.5A，则干路电流I为0.9A，通过L1的电流I1是0.4A。所以通过灯泡L2的电流是0.5A，A2的示数为6.5A。故答案为：0.4A；0.5A；0.8A。【点评】本题考查并联电路的电流特点的应用，题目相对比较简单，但本题需注意判断出电流表测量的是哪个

40、位置的电流。20（2分）甲乙两个电阻的阻值分别为4和8，若将它们串联后接在12V的电源两端（电源电压保持不变），则通过甲电阻的电流是1A，乙电阻两端的电压是8V。【答案】见试题解答内容【分析】本题可由串联电路的特点先求出总电阻，再由欧姆定律求出电流，和乙电阻上的电压。【解答】解：两电阻串联，则总电阻为R4+812，由欧姆定律定律得：I1A。故答案为：1A，8V。【点评】本题考查串联电路的特点：总电阻等于各电阻的和；各串联电阻上的电流相等21（2分）把标有“8V 4W”和“12V 9W”的两盏电灯L1和L2串联后接在某电路中，为了保证两灯长时间都不烧坏，电路两端所加电压的最大值是16V；若将这两

41、盏灯并联使用，也保证两灯长时间都不烧坏，在电路两端所加最大电压下，通过L2的电流是0.5 A（电阻不随温度变化）【答案】见试题解答内容【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；两灯串联时，为了保证两灯长时间都不烧坏，能正常发光的只能是额定电流较小的那一个，利用电阻的串联特点和欧姆定律求出电源的电压值；两灯泡并联时，所加的最高电压为两灯泡额定电压最小的一个，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过L2的电流。【解答】解：由PUI可得，两灯泡的额定电流分别为：I10.5A，I20.75A，（1）两灯串联时，因串联电路中各处的电流相等，且为了

42、保证两灯长时间都不烧坏，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，UI（R1+R2）3.5A（16+16）16V；（2）两灯泡并联时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且保证两灯长时间都不烧坏，所以，并联电路两端的最大电压UU18V，故答案为：16；0.5。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道串联时电路中的最大电流为两者额定电流最小的，并联时两端的最大电压为两者额定电压最小的。22（2分）质量为60kg的晓彤是一位武术爱好者，他以马步姿势（如图所示）练功时，他每只脚与水平地面的接触面积是200cm2则他对地面的压强为1.5104Pa；其中一只脚对地面的

43、压强为1.5104Pa（g取10N/kg）【答案】见试题解答内容【分析】人双脚站立时对水平地面的压力等于人的重力，根据公式p可求马步姿势（如图所示）练功时对水平地面的压强；其中一只脚对地面的压力等于人的重力的一半，受力面积为一只脚与地面的接触面积，根据公式p可求一只脚对地面的压强。【解答】解：他以马步姿势（如图所示）练功时，对地面的压力等于人自身的重力，即FGmg60kg10N/kg600N，S2200cm2400cm24102m2，p1.5105Pa；晓彤双脚站立在水平地面时，其中一只脚对地面的压力：产生压强的受力面积：S200cm2，p1.5104Pa。故答案为：1.5108；1.5104

44、。【点评】本题考查压力和压强的计算，要注意每只脚对地面的压强与双脚站立时对地面的压强相同。23（2分）如图所示，光从空气射入水中时，根据给出的反射光线OB完成光路图。【答案】见试题解答内容【分析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角。据此画图。【解答】解：图中已画出法线和反射光线，且反射角为30，根据反射角等于入射角，在法线左侧空气中画出入射光线AO；【点评】本题考查了根据光的反射定律和折射定律作

45、图，关键是知道各角之间的关系，并注意作图要规范。24（2分）如图是小雪连接的用伏安法测定值电阻的实验电路。请你在图中只改动两根导线连接，使开关闭合后电路正常工作（用“”标出改动导线，以笔画线代替导线，画出改接导线，导线不许交叉）。【答案】见试题解答内容【分析】伏安法测电阻的实验中，电压表应并联在定值电阻两端，根据电源电压选择电压表量程，由此分析并改接电路。【解答】解：由图知，电源由两节干电池组成，即电源电压为3V，电压表测总电压，且电压表没有使用“”接线柱；在伏安法测电阻的实验中，电压表应与灯泡并联，且应选用03V量程，改接电路图如图所示：【点评】本题考查对伏安法测电阻实验电路的连接，注意电压

46、表的使用。25（5分）“探究力和运动的关系“的实验中让小车由静止开始沿同一斜面滑下，小车在三种不同水平面上运动一段距离后分别停留在如图所示的位置。（1）实验需要小车进入不同的水平面时的初速度相同，小车应从同一斜面同一高度开始下滑。这是为了保持小车滑到水平面时的动能相同（选填“相同“或“不相同“）。（2）小车进入水平面后，发生的能量转化是机械能转化为内能。（3）实验结论：平面越光滑，小车受到的阻力越小，速度减小得越慢。（4）推论：如果小车在水平面受到的阻力为零，小车将以恒定不变的速度运动下去。【答案】见试题解答内容【分析】（1）要使小车到达水平面具有相同的初速度，应让小车从斜面的同一高度处由静止

47、滑下；动能的大小与物体的质量和速度有关；（2）根据机械能的转化可知：小车从斜面上滑下时，重力势能转化为动能，到达水平面时，由于存在摩擦力，需要克服摩擦做功，即机械能转化为内能；（3）根据实验现象得出平面越光滑，小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；（4）根据牛顿第一定律，若小车不受阻力，将做匀速直线运动。【解答】解：（1）要研究小车在水平面上滑行的距离，必须控制小车的初速度相同，即让小车从斜面的同一高度滑下；由于小车到达水平面时的初速度相同，所以小车的动能相同；（2）小车在水平面上运动时，需要克服摩擦力做功，所以机械能转化为内能；（5）平面越光滑，小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，在水平面上运

48、动的距离越远；（4）以上可以推理得出：当小车不受阻力时，将沿着光滑的水平面永远保持匀速直线运动状态，即速度恒定不变。故答案为：（1）同一高度；相同；（2）机械能转化为内能；（3）慢；（4）恒定不变。【点评】本题主要考查学生对牛顿第一定律的了解和掌握，也是对科学探究的能力的考查。是一道考查能力分析题。26（5分）在比较水和煤油比热容大小的实验中，晓彤取了两只相同的烧杯，且在烧杯里分别装入质量和初温都相同的水和煤油（如图所示）。他用两个完全相同的“热得快”给它们加热，并记录得到了下表中的实验数据。请你回答下列问题：（1）从晓彤的实验过程看，还需要的测量工具是天平、秒表。（2）从热源角度看，选用两个

49、同样的“热得快”的作用是控制相同时间放出的热量相同。（3）加热7min，水吸收的热量等于（选填“大于”、“小于”或“等于”）煤油吸收的热量。（4）图丙是晓彤根据实验数据画出的图象，由此可知，水和煤油吸收相同热量时，升高温度之比是7：12，比热容较大的是水。【答案】见试题解答内容【分析】（1）根据题意确定所用的测量工具；（2）（3）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；（4）使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；根据温度随时间的变化规律求出水和煤油加热7min水和煤油升高的温度，据此分析。【解答】解：（1）因烧杯里分别装入质量和初温都相同的水和煤油，故需要测量质量的工具天平；根据图丙，要记录温度随加热时间的变化，故还需要测量时间的工具秒表；（2）根据转换法，从热源角度看，选用两个同样的“热得快”的作用是：控制相同时间放出的热量相同；（3）由转换法，加热7min，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；（4）根据实验数据画出的图象知，加热相同时间，水升温慢，故水的比热容较大；根据温度随时间的变化规律可知，水和煤油加热7min，吸热相