2023届福建省龙岩第一中学高三物理第一学期期中达标检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，起重机将重为G的重物匀速吊起，此时四条钢索与竖直方向的夹角均为60，则每根钢索中弹力大小为（）A B C D2、如图所示，粗糙的固定水平杆上有三点，轻质

2、弹簧一端固定在点正下方的点，另一端与套在杆点、质量为的圆环相连，此时弹簧处于拉伸状态。圆环从处由静止释放，向右运动经过点时速度为、加速度为零，到达点时速度为零，下列说法正确的是A从到过程中，圆环在点速度最大B从到过程中，圆环的加速度先减小后增大C从到过程中，弹簧对圆环做的功一定大于D从到过程中，圆环克服摩擦力做功等于3、如图所示，物体A静止在光滑的水平面上，A的左边固定有轻质弹簧，与A质量相等的物体B以速度v向A运动并与弹簧发生碰撞，A、B始终沿同一直线运动，则A、B组成的系统动能变化最大的时刻是AA开始运动时 BA和B的速度相等时CB的速度等于零时 DA的速度等于v时4、如图所示，质量分别为

3、mA和mB的两小球，用细线连接悬挂在天花板上。平衡时，两小球恰处于同一水平线上，细线与竖直方向夹角分别为1和2（12）。突然剪断A、B间的细绳，小球的瞬时加速度大小分别为aA和aB，两小球开始摆动后，最大速度大小分别vA和vB，最大动能分别为EkA和EkB，则（） AmA一定小于mBBvA一定等于vBCaA和aB相等DEkA一定小于EkB5、如图所示，一辆有驱动力的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一质量为1kg的物块相连。物块和小车一起向右匀速运动时，弹簧处于压缩状态，弹簧弹力大小为2N。若小车开始向右加速运动，加速度大小为4m/s2，则物块受到的摩擦力的大小与匀速时比较A

4、不变B变大C变小D以上三种情况均有可能6、测量万有引力常量，并检验万有引力定律的科学家是A亚里士多德B伽利略C牛顿D卡文迪什二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用细绳拴一个质量为m的小球，小球将一固定在墙上的水平轻质弹簧压缩了x(小球与弹簧不拴连)，如图所示将细绳剪断后()A小球立即获得的加速度B小球落地的速度大于C小球落地的时间等于 D小球在细绳剪断瞬间起开始做平抛运动8、如图所示为某质点的v-t图象，有位同学根据图象得出了下述结论，其中正确的是（ ）A在时刻，质点

5、离出发点最远B在时刻，质点回到出发点C在与这两段时间内，质点的运动方向相反D在与这两段时间内，质点运动的加速度大小相等、方向相反9、如图所示，一个菱形框架绕着过对角线的竖直轴匀速转动，在两条边上各有一个质量相等的小球套在上面，整个过程小球相对框架没有发生滑动，A与B到轴的距离相等，则下列说法正确的是A框架对A的弹力方向可能垂直框架向下B框架对B的弹力方向只能垂直框架向上CA与框架间可能没有摩擦力DA、B两球所受的合力大小相等10、如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了

6、x1，此时物体静止撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x1物体与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g则（）A撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为C弹簧被压缩了x1时具有的弹性势能为3mgx1D物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为mg（x1）三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用如图所示的装置测物块与水平桌面间的动摩擦因数，先将物块放在水平桌面的最右端，在桌面最右端正上方O点处用悬线悬挂一个小球。先将小球向右拉至与悬点O等高的位置，由静止释放小球，小球下

7、落后恰好能沿水平 向左的方向撞击物块，物块被撞击后，在桌面上向左最远滑到Q点，用刻度尺测量出Q点到桌面最右端的距离s。再将物块放回桌面的最右端，将小球向左拉至与悬点O等高的位置，由静止释放小球， 小球下落后恰好能沿水平向右的方向撞击物块，物块被撞击后从桌面上飞出，落点为P， 测出桌面到水平地面的髙度h，再测出P点到N点（桌面最右端M点在水平地面的投影）的距离x。（1）要测量物块与桌面间的动摩擦因数，下列说法正确的是_。A需要测量物块的质量mB需要测量小球的质量m0C不需要测量物块的质量m和小球的质量m0D需要测量摆线的长度L（2）根据测得的物理量算出动摩擦因数的表达式为=_；（3）若将小球向右

8、拉时，小球释放的位置比悬点O略低了一些，则测得的动摩擦因数与实际值相比_（选填“偏大”或“偏小”）。12（12分）某同学在研究性学习中用如图装置来验证机械能守恒定律，轻绳两端系着质量相等的物体A、B，物体B上放一金属片C，铁架台上固定一金属圆环，圆环处在物体B的正下方，系统静止时，金属片C与圆环间的高度差为h，由静止释放后，系统开始运动，当物体B穿过圆环时，金属片C被搁置在圆环上，两光电门固定在铁架台P1、P2处，通过数字计时器可测出物体B通过P1、P2这段距离的时间。（1）若测得P1、P2之间的距离为d，物体B通过这段距离的时间为t，则物体B刚穿过圆环后的速度v=_。（2）若物体A、B的质量

9、均用M表示，金属片C的质量用m表示，该实验中验证下面_（填正确选项的序号）等式成立，即可验证牛顿第二定律。Amgh=12Mv2 Bmgh=Mv2Cmgh=12(2M+m)v2 Dmgh=12(M+m)v2 （3）本实验中的测量仪器除了刻度尺、数字计时器外，还需要_。（4）若Mm，改变金属片C的质量m，使物体B由同一高度落下穿过圆环，记录各次的金属片C的质量m，以及物体B通过P1、P2这段距离的时间t，以mg为横轴，以_（选填“t2”或“1t2”）为纵轴，通过描点作出的图线是一条过原点的直线。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

10、步骤。13（10分）弹射座椅( Eject1 on seat)是飞行员使用的座椅型救生装置。在飞机失控时，依靠座椅上的动力(喷气发动机)装置将飞行员弹射到高空，然后打开降落伞使飞行员安全降落。某次实验中，在地面上静止的战斗机内，飞行员按动弹射按钮，座椅(连同飞行员)在喷气发动机的驱动下被弹出打开的机舱，座椅沿竖直方向运动，5s末到达最高点，上升的总高度为112.5m。此后降落伞打开，飞行员安全到达地面。已知座椅（连同飞行员等）的总质量为100kg，喷气发动机启动时对座椅产生竖直向上且恒定不变的推力，经短时间后发动机自行关闭，不考虑发动机质量的变化及空气阻力，取g=10m/s2，求发动机对座椅冲

11、量大小和推力大小。14（16分）如图所示，传送带与地面的夹角37，A、B两端间距L16 m，传送带以速度v10 m/s，沿顺时针方向运动，物体m1 kg，无初速度地放置于A端，它与传送带间的动摩擦因数0.5，(sin 370.6，cos 370.8)试求： (1)物体由A端运动到B端的时间；(2)若仅将传送带运动方向改为逆时针方向运动,则物体由A端运动到B端过程中,物体相对传送带移动的距离为多大?15（12分）如图所示，将一质量为m=0.1kg的小球自水平平台右端O点以v0=3m/s的初速度水平抛出，小球飞离开平台后由A点沿切线落入竖直光滑圆轨道ABC，并沿轨道恰好到达轨道最高点C，圆轨道AB

12、C的形状为半径为R=2.5m的圆截去了左上角的127的圆弧，CB为其竖直直径，sin37=0.6，g=10m/s2，（1）小球经过C点时速度的大小？（2）若小球运动到轨道最低点B的速度vB=m/s，轨道对小球的支持力多大？（3）平台末端O点到A点的竖直高度H.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】钢绳结点受到5个拉力，受力平衡，将四个斜向下的拉力都沿着水平和竖直方向正交分解，如图：根据共点力平衡条件，有：4Tcos60=G解得T=G/2故选：B2、C【解析】AB圆环由A点释放，此时弹簧处于拉伸状态，则圆环加

13、速运动，设AB之间的D位置为弹簧的原长，则A到D的过程中，弹簧弹力减小，圆环的加速度逐渐减小，D到B的过程中，弹簧处于压缩状态，则弹簧弹力增大，圆环的加速度先增大后减小，B点时，圆环合力为零，竖直向上的弹力等于重力，从B到C的过程中，圆环可能做减速运动，无论是否存在弹簧原长的位置，圆环的加速度始终增大，也可能先做加速后做减速运动，加速度先减小后增大，故B点的速度不一定最大，从A到C过程中，圆环的加速度不是先减小后增大，故AB错误；C从A到B过程中，弹簧对圆环做的功、摩擦力做负功，根据功能关系可知，弹簧对圆环做功一定大于，故C正确；D从B到C过程中，弹簧弹力做功，圆环克服摩擦力做功，根据功能关系

14、可知，圆环克服摩擦力做功不等于，故D错误。故选C。3、B【解析】两球不受外力，故两球及弹簧组成的系统动量守恒，根据两物体速度的变化可知系统动能损失最大的时刻。【详解】在压缩弹簧的过程中，没有机械能的损失，减少的动能转化为弹簧的弹性势能。在压缩过程中水平方向不受外力，动量守恒。则有当A开始运动时，B的速度等于v，所以没有损失动能。当A的速度v时，根据动量守恒定律有B的速度等于零，所以系统动能又等于初动能；故A、C、D错误。而在A、B速度相等时，由动量守恒知此时A、B的速度为v2，此时弹簧压缩至最短，弹簧的弹性势能最大，故动能应最小，动能的变化最大，故B正确。故选：B4、A【解析】A剪断前，A球受

15、力平衡，正交分解联立方程解得B球受力平衡，正交分解联立方程解析连接A、B绳子的拉力，根据题意，所以，故A正确；B小球摆到最低点时，速度最大，根据动能定理解得因为摆绳长、，所以，故B错误；C剪断细绳后，A、B两小球均做圆周运动，剪断瞬间速度为0，向心力为0，说明在向心方向合力为0，在切向上重力分力提供加速度解得因为，所以，故C错误；D最低点动能最大，根据动能表达式因为、，所以和关系不能确定，故D错误。故选A。5、A【解析】匀速运动受力平衡，匀速运动时摩擦力的方向向左，物块受到的摩擦力的大小：所以有最大静摩擦力至少为：当小车的加速度大小为时，合力为：合解得此时摩擦力为：方向向右，所以物块一定与小车

16、相对静止；A. 与分析相符，故A正确；B. 与分析不符，故B错误；C. 与分析不符，故C错误；D. 与分析不符，故D错误。6、D【解析】卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量并检验万有引力定律，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A初态小球平衡，剪断绳后，小球合外力与绳中拉力等大反向：，所以加速度：，A错误B设初态弹簧的弹性势能为，根据机械能守恒得：，速度大于，B正确C小球被水平弹出后，只受重力做平抛运动，竖直方向：，运动时间，C正确D小

17、球在细绳剪断瞬间，仍受弹簧弹力，所以不是平抛运动，D错误8、AC【解析】AB由图可知，0-t2时间内质点速度方向一直为正，t2时刻，质点离出发点最远故A正确，B错误C在0t2与t3t4这两段时间内，速度的正负不同，故运动方向相反故C正确Dt1-t2与t2-t3这两段时间内，图象的斜率保持不变，故质点的加速度大小和方向都相同故D错误9、ABD【解析】试题分析：对A球受力分析，只要保证A球的合力指向中轴，所以A球受到竖直向下的重力GA，沿斜面向上的摩擦力fA，至于支持力NA的方向决定于框架转速的大小，可以垂直框架向上也可以垂直框架向下，所以A选项是可能的，而C选项是不可能的；对B球受力分析，只要保

18、证B球的合力指向中轴，所以B球受到竖直向下的重力GB，沿斜面向上的摩擦力fB，至于支持力NB只能垂直斜面向上，所以B选项是可能的；由于A、B两球到中轴的距离相等，两球的转动角速度w相等，所以据F向=mrw2可知，D选项是可能的；所以综上所述正确选项为C。考点：本题考查受力分析和同轴转动体的特性。10、BD【解析】A.撤去力F后，物体受四个力作用，竖直方向上重力和地面支持力是一对平衡力，水平方向受向左的弹簧弹力和向右的摩擦力，合力F合=F弹f，根据牛顿第二定律物体产生的加速度：撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹力先大于滑动摩

19、擦力，后小于滑动摩擦力，则物体向左先做加速运动后做减速运动，随着弹力的减小，合外力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；故A错误；B. 撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为：，故B正确； C. 从撤去力开始到物体停止的过程中，弹簧的弹力和地面的摩擦力对物体做功，由于初速度、末速度都是1，该过程中弹簧的弹性势能转化为内能，所以撤去F时，弹簧的弹性势能为：EP=Wf=4mgx1，故C错误；D. 由上分析可知，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时，速度最大，此时弹簧的压缩量为，则物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做

20、的功为：，故D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 偏大 【解析】（1）（2）12物块在桌面上滑动的过程中只有滑动摩擦力做功，由动能定理有：可得： 物块做平抛运动的初速度大小等于v，则得： 联立得：可知与物块的质量m、小球的质量m0无关，不需要测量物块的质量m和小球的质量m0，也不需要需要测量摆线的长度L故ABD错误，C正确。（3）3由以上的分析可知，动摩擦因数的表达式为，若将小球向右拉时，小球释放的位置比悬点O略低了一些，则使得碰撞后物块的初速度减小，即s的测量值偏小，由，知测得的动摩擦因数比实际值大。12、dt C 天平 1t

21、2 【解析】（1）1B通过圆环后将匀速通过光电门，则B刚穿过圆环后的速度为：v=dt。（2）2选C。设绳子拉力大小为F，对A由牛顿第二定律得：F-Mg=Ma对B与C整体下落h的过程，由牛顿第二定律得：(M+m)g-F=(M+m)a再由运动学公式应有：v2=2ah，联立以上各式可得：mg=（2M+m）v22h所以C正确。（3）3根据上面的表达式可知需要已知金属片C的质量，所以还需要的器材是天平。（4）4在释放至金属片C被搁置在圆环上的过程中，分别对A和B、C由牛顿第二定律可得：对A有F-Mg=Ma对B和C有(M+m)g-F=(M+m)a再由匀变速直线运动公式应有v2=2ah，v=dt联立解得：1

22、t2=2h(2M+m)d2mg因为Mm，则1t2=hMd2mg所以，以mg为横轴，以1t2为纵轴的图线是一条过原点的直线。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、5103Ns 1104N【解析】座椅先向上做匀加速运动，后做匀减速运动，根据两个过程的总位移等于总高度，第一过程的末速度等于第二个过程的初速度分别列式，求出匀加速的加速度，再由牛顿第二定律求出发动机对座椅推力的值；根据冲量的定义式 I=Ft求发动机对座椅冲量的大小；【详解】解：设座椅上升的最大速度为vm，有运动学关系可得：hm=12vmt设发动机作用时间为t1，座椅的加速度a1，发动机的推力为N，减速过程的时间为t2，根据牛顿第二定律得：N-mg=ma1由速度公式有：vm=a1t1vm=gt2又t1+t2=t=5s解得：N=10mg=1.0104N设发动机对座椅冲量为：I=Nt1解得：I=51