海南省海口市湖南师大附中海口中学2022-2023学年高三物理第一学期期中质量检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷(电量很小)固定在点，如图所示，以表示两极板间的场强， 表示电容器的电压， 表示正电荷在点的电势能，若保持负极

2、板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则( )A不变， 不变 B变大， 变大C变小， 不变 D变小， 变小2、如图所示，滑块穿在水平横杆上并可沿杆左右滑动，它的下端通过一根细线与小球相连，小球受到水平向右的拉力F的作用，此时滑块与小球处于静止状态保持拉力F始终沿水平方向，改变F的大小，使细线与竖直方向的夹角缓慢增大，这一过程中滑块始终保持静止，则（ ）A滑块对杆的压力增大B滑块受到杆的摩擦力不变C小球受到细线的拉力大小增大D小球所受各力的合力增大3、如图所示，质量为m=0.5kg的小球（可视作质点）从A点以初速度水平抛出后撞到竖直挡板上，已知档板与A点的水平距离为x=2m，A点足够高，空气阻

3、力不计， ，则小球撞到板上时的最小动能为（）A1J B5J C10J D15J4、一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图7所示下列表述正确的是Aa的原长比b的长Ba的劲度系数比b的大Ca的劲度系数比b的小D测得的弹力与弹簧的长度成正比5、篮球竖直落下，与水平地面碰撞前速度大小为，碰后竖直反弹，速度大小为，已知篮球质量为，则篮球与地面碰撞过程中篮球所受合力的冲量大小为ABCD6、如图所示，弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量也为m的小球从槽高h处开始自由下滑则（ ）

4、 A在以后的运动过程中，小球和槽的动量始终守恒B在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功C被弹簧反弹后，小球和槽都做速率不变的直线运动D被弹簧反弹后，小球和槽的机械能守恒，小球能回到槽高h处二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、半圆形凹槽的半径为R，O点为其圆心在与O点等高的边缘A、B两点分别以速度v1、v2水平同时相向抛出两个小球，已知v1：v21：3，两小球恰落在弧面上的P点则以下说法中正确的是（ ）AAOP为60BA小球比B小球先落地C改变v1、v2，只要两

5、小球落在弧面上的同一点，v1与v2之和就不变D若只增大v1，两小球可在空中相遇8、如图所示，虚线框abcd内存在着平行于线框平面的匀强电场或垂直于线框平面的匀强磁场，一带正电的粒子从bc边上的P点以速度v1射入，在虚线框内运动到cd边上的Q点飞出，飞出时的速度大小也为v1已知PQ间距离为L，粒子在P、Q两点的速度方向与PQ连线的夹角都为（91），粒子重力不计下列说法中正确的是（ ）A若为匀强电场，场强方向可能与PQ平行B若为匀强电场，粒子从P到Q的最小速度为v1conC不论是电场或磁场，都可以求出粒子从P到Q的时间D若为匀强磁场，磁场方向垂直纸面向内9、图中虚线a、b、c代表电场中的三条等势线

6、，相邻两等势线之间的电势差相等，实线为一带正电的微粒仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，P、Q相比（）AP点的电势较高B带电微粒通过P点时的加速度较大C带电微粒通过P点时动能较大D带电微粒在P点时的电势能较大10、跳伞运动员从某高度的直升机上跳下，经过2s拉开绳索开启降落伞，此后再过18s落地整个跳伞过程中的vt图象如图所示根据图象信息可知（ ）A第10s秒初速度等于前两秒的平均速度B14s末加速度为零C前2s跳伞运动员做自由落体运动D跳伞运动员下落的总高度约为240m三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6

7、分）一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动.用下面的方法测量它匀速转动时的角速度.实验器材：电磁打点计时器，刻度尺，纸带，导线，交流电等实验步骤：（1）如图所示，将电磁打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔后，固定在待测圆盘的侧面上，使得圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上.（2）启动控制装置使圆盘转动，同时接通电源，打点计时器开始打点.（3）经过一段时间，停止转动和打点，取下纸带，进行测量.实验中应选用的电源是（_）A220V交流电源B46V低压交流电源 C46V低压直流电源若已知打点的周期为T，x1为纸带上计算位移的初始位置坐标，x2为终了位置坐标，x

8、1与x2之间一共有n个打的点（包含x1和x2），圆盘的半径为r，则角速度的表达式为=_.某次实验测得圆盘半径r=5.50102 m，得到的纸带的一段如图所示.求得角速度为_.（交流电源频率50Hz，结果保留三位有效数字）12（12分）如图所示，在水平放置的气垫导轨（能大幅度的减少摩擦阻力）上有一带有方盒的滑块，质量为M，气垫导轨右端固定一定滑轮，细线绕过滑轮，一端与滑块相连，另一端挂有6个钩码，设每个钩码的质量为m，且M=4m（1）用游标卡尺测出滑块上的挡光片的宽度，读数如图所示，则宽度d=_cm； （2）某同学打开气源，将滑块由静止释放，滑块上的挡光片通过光电门的时间为t，则滑块通过光电门的

9、速度为_(用题中所给字母表示)；（3）开始实验时，细线另一端挂有6个钩码，由静止释放后细线上的拉力为F1，接着每次实验时将1个钩码移放到滑块上的方盒中，当只剩3个钩码时细线上的拉力为F2，则F1 _2F2（填“大于”、“等于”或“小于”）；（4）若每次移动钩码后都从同一位置释放滑块，设挡光片距光电门的距离为L，悬挂着的钩码的个数为n，测出每次挡光片通过光电门的时间为t，测出多组数据，并绘出图像，已知图线斜率为k，则当地重力加速度为_（用题中字母表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）某兴趣小组设计了一个轨

10、道，依次由光滑曲面、粗粗水平面、光滑竖直圆轨道及足够长的倾斜传送带组成，如图所示。滑块从曲面上某位置下滑，沿水平面从点左侧进入圆轨道再从点右侧离开继续向前运动，经过连接点时没有机械能损失。已知圆轨道半径，滑块质量，滑块与水平轨道、传送带间动摩擦因数均为0.5，传送带与水平面间的夹角，以的速度做逆时针运动。（）求：（1）要使滑块恰好经过圆轨道的最高点，静止释放滑块的高度为多大；（2）滑块从（1）问中释放位置以初动能滑下，滑块在传动带上向上运动的时间；（3）满足（2）问的条件下，滑块最终停在什么位置？14（16分）一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块，在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁

11、的距离为4.5m，如图（a）所示时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板已知碰撞后1s时间内小物块的图线如图（b）所示木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s1求（1）木板与地面间的动摩擦因数及小物块与木板间的动摩擦因数；（1）木板的最小长度；（3）木板右端离墙壁的最终距离15（12分）一质量为0.5kg的小物块放在水平地面上的A点，距离A点5m的位置B处是一面墙，如图所示，物块以v0=9m/s的初速度从A点沿AB方向运动，在与墙壁碰撞前瞬间的速度为7m/s，碰后以6

12、m/s的速度反向运动直至静止g取10m/s1（1）求物块与地面间的动摩擦因数；（1）若碰撞时间为0.05s，求碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小F；（3）求物块在反向运动过程中克服摩擦力所做的功W参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】平行板电容器充电后与电源断开后，电量不变，将正极板移到图中虚线所示的位置时，板间距离减小，根据知，电容增大，根据，板间电压U变小，由， 得到，可知与无关，则知电场强度不变， 与负极板间的距离不变，由公式可知， 与负极板间的电势差不变， 点的电势不变，正电荷在点的电势能不变，故

13、C正确，ABD错误。点睛：平行板电容器充电后与电源断开后，电量不变，将正极板移到图中虚线所示的位置时，d减小，通过电容的变化，确定两极板电势差的变化、电场强度的变化、以及P点的电势变化，从而确定P点电势能的变化。2、C【解析】:CD、对球分析,受重力mg、拉力F和细线的拉力T,如图所示:根据平衡条件,有: 随着的不断增大，故拉力F不断增加,拉力T也增加;小球的合力为零,保持不变故C正确，D错误；AB、对球和滑块整体分析,受到总重力、支持力、拉力和静摩擦力,根据平衡条件,有: 所以支持力不变,根据牛顿第三定律,压力也不变，静摩擦力等于拉力，不断增加;故AB错误；综上所述本题答案是：C3、C【解析

14、】小球平抛运动的时间，则下降的高度为： ，根据动能定理得： ，解得小球撞到板上的动能为，C正确，选C【点睛】根据平抛运动的规律得出下降高度的表达式，结合动能定理得出小球撞到板上动能的表达式，分析求解动能的最小值4、B【解析】A在图中，当弹簧的弹力为零时，弹簧处于原长，故b的原长大于a的原长，A错误；BC斜率代表劲度系数，故a的劲度系数大于b的劲度系数，B正确C错误；D弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故D错误5、B【解析】设定正方向，确定篮球的始末速度，根据动量定律列式计算设初速度方向为正方向，则初速度方向，末速度根据动量定理可得方向与初速度方向相反，B正确。故选B。6、C【解析】试题分析：由动

15、量守恒的条件可以判断动量是否守恒；由功的定义可确定小球和槽的作用力是否做功；由小球及槽的受力情况可知运动情况；由机械能守恒及动量守恒可知小球能否回到最高点小球与弹簧接触前，小球和槽组成的系统动量守恒，且有则有当小球与弹簧接触后，小球受外力，故小球和槽组成的系统所受外力不为零，动量不再守恒，故A错误；下滑过程中两物体都有水平方向的位移，而力是垂直于球面的，故力和位移不垂直，故两力均做功，故B错误；小球脱离弧形槽后，槽向后做匀速运动，小球向前做速度大小和槽相同的匀速运动，而小球和弹簧作用过程中机械能守恒，故小球被原速率反弹，反弹继续做匀速运动，故C正确；小求被反弹后，因两物体均有向左的速度，且速度

16、大小相等，则两物体不会相遇，小球不会到达最高点，故D错误故选C考点：本题考查了动量守恒定律、机械能守恒定律、做功的两个因素二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A、连接OP，过P点作AB的垂线，垂足为D，如图所示：两球在竖直方向运动的位移相等，所以运动时间相等，两球水平方向做运动直线运动，所以，而，所以，所以，所以，即，故A正确；B、两小球竖直方向位移相同，根据可知两球运动时间相等，同时落地，故B错误；C、要两小球落在弧面的同一点，则水平位移之和为2R，则，

17、落点不同，竖直方向位移就不同，t也不同，所以也不是一个定值，故C错误；D、若只增大，而不变，则两球运动轨迹如图所示，由图可知，两球必定在空中相遇，故D正确；故选AD【点睛】平抛运动在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据几何关系可以求得AOP的角度，由平抛运动的规律逐项分析即可求解8、BC【解析】AB虚线框内若为匀强电场，带电粒子从P到Q做类类斜抛运动，运动轨迹为抛物线，根据对称性，电场方向应与PQ垂直，其最小速度为v1con，A错误、B正确；D虚线框内若为匀强磁场，根据左手定则，磁场方向应垂直纸面向外，D错误；C若为电场，则；若为磁场，粒子在磁场中的偏向角为2，圆心角也为2，则

18、，解得：，故C正确.9、ABD【解析】A若带电微粒从P点进入电场，由图可以知道带电微粒所受电场力由b等势面指向c等势面，因为微粒带正电，故a等势面的电势最高，故P点的电势高于Q点的电势，故A正确；B因为电场线越密等势线越密，由图可以知道P点的场强大于Q点的场强，故带电微粒在P处所受的电场力大于在Q点所受的电场力，所以带电微粒通过P点时的加速度大，故B正确；C因为带电微粒在从P向Q运动的过程中电场力正功，故微粒在P点时的动能小于在Q点的动能，故C错误；D因为带电微粒在从P向Q运动的过程中电场力做正功，则带电微粒的电势能减小，故带电微粒在P点时的电势能较大，反之，从Q向P运动，电场力做负功，电势能

19、增大，带电微粒在P点时的电势能较大，故D正确。故选ABD。10、AB【解析】AC. 第10s秒初速度为8m/s，前两秒做匀加速直线运动，平均速度为，其加速度为，不是做自由落体运动，A正确，C错误；B. 图像的斜率表示加速度，所以14s末斜率为零，加速度为零，做匀速直线运动，B正确；D. 速度图象的面积表示位移，面积可以通过图象与时间轴所围成的面积估算，本题可以通过数方格的个数来估算，（大半格和小半格合起来算一格，两个半格算一格）每格面积为4m，20s内数得的格数大约为49格，所以18s内运动员下落的总高度为：，故D错误【点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方

20、向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B 【解析】试题分析：通过纸带打点的时间间隔和位移，求出圆盘的线速度，根据得出角速度的表达式，代入数据求出角速度的大小（1）电磁打点计时器使用的是4-6V的电压交流电，故B正确；（2）圆盘的线速度为，故（3）取纸带上首末两个点的过程研究，之间有15个间隔，则圆盘的线速度，代入数据解得12、0.510cm； d/t； 小于； ； 【

21、解析】（1）游标卡尺的主尺读数为5mm，游标读数为0.054mm=0.10mm，则最终读数为5.10mm=0.510cm（1）极短时间内的平均速度等于瞬时速度的大小，则滑块通过光电门的速度v=（3）对整体分析，a10.6g，隔离对滑块分析，根据牛顿第二定律得，F1=Ma1=4m0.6g=1.4mg，a10.3g，隔离对滑块分析，根据牛顿第二定律得，F1=7ma1=1.1mg，知F11F1（4）滑块通过光电门的速度v=，根据v1=1aL得，1aL，因为，代入解得，图线的斜率，解得【点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，知道极短时间内的平均速度等于瞬时速度的大小对于图象问题，关键得出两个物理量的表达式，结合图线斜率进行求解四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2.25m（2）0.8s（3）C点右侧0.4m处【解析】(1)设滑块下滑高度为时，恰好经过圆轨道最高点，在点：到由动能定理得解得： 即释放滑块的高度至少为，才能顺利经过圆轨道最高点。(2)设滑块运动到点速度为, 由动能定理：代入数据得：滑块沿传送带向上运动加速度为，由牛顿第二定律： 代入数据得：向上运动时间：代入数据得：(3)滑块向上运动最远距离：接着滑块沿传送带下滑，加速度仍然是，和传送