辽宁省葫芦岛市第一中学2022-2023学年物理高三第一学期期中达标测试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，倾角30的斜面连接水平面，在水平面上安装半径为R的半圆竖直挡板，质量m的小球从斜面上高为处静止

2、释放，到达水平面恰能贴着挡板内侧运动不计小球体积，不计摩擦和机械能损失则小球沿挡板运动时对挡板的力是（ ）A0.5mgBmgC1.5mgD2mg2、细绳拴一个质量为m的小球，小球将左端固定在墙上的轻弹簧压缩（小球与弹簧不连接），小球静止时弹簧在水平位置，如图所示将细绳烧断后，下列说法中正确的是A小球立即开始做自由落体运动B小球离开弹簧后做平抛运动C小球运动的加速度先比重力加速度小，后来和重力加速度相等D小球离开弹簧后做匀变速运动3、做平抛运动的物体，在相等的两段时间内（）A动能变化相同B发生的位移相等C速度的变化量相等D平均速度相等4、如图，在水平桌面上放置一斜面体P，两长方体物块a和b叠放在

3、P的斜面上，整个系统处于静止状态若将a和b、b与P、P与桌面之间摩擦力的大小分别用f1、f2和f3表示则（ ）Af1=0，f20，f30Bf10，f20，f3=0Cf10，f2=0，f3=0Df10，f20，f305、关于曲线运动，下列说法中正确的是（ ）A曲线运动不一定是变速运动B做曲线运动物体的速度方向保持不变C物体受到变力作用时就做曲线运动D做曲线运动的物体受到的合外力可能是恒力6、下列各力中按照性质命名的是A下滑力B库仑力C斥力D支持力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的

4、得0分。7、关于气体的内能，下列说法正确的是_A质量和温度都相同的气体，内能一定相同B气体温度不变，整体运动速度越大，其内能越大C气体被压缩时，内能可能不变D一定量的某种理想气体的内能只与温度有关E. 一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加8、发射地球同步卫星时，先将卫星发射到近地圆轨道1，然后在圆轨道1的Q点经点火使卫星沿椭圆轨道2运行，待卫星到椭圆轨道2上距地球最远点P处，再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，如图所示则卫星在轨道1、2和3上正常运行时，有（ ）A卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度C卫星在轨道1上经Q点的加速度等于

5、它在轨道2上经Q点的加速度D卫星在轨道2上运行时经过P点的加速度跟经过Q点的加速度相等9、如图所示，R0为热敏电阻（温度升高电阻迅速减小），D为理想二极管（正向电阻为0，反向电阻无穷大），C为平行板电容器当开关K闭合，滑动变阻器R的触头P在适当位置时，电容器C中央有一带电液滴刚好静止M点接地，则下列说法正确的是（ ）A开关K断开，则电容器两板间电场强度为零B将热敏电阻R0加热，则带电液滴向上运动C滑动变阻器R的触头P向下移动，则带电液滴在C处电势能减小D滑动变阻器R的触头P向上移动，则带电液滴在C处电势能增大10、如图所示，物块以一定初速度沿倾角为30的粗糙斜面向上运动，运动过程中受一个恒定的

6、平行斜面的拉力F作用，在向上运动的过程中，物块的加速度大小为4 m/s2，方向沿斜面向下。下列正确的说法是 A拉力做的功大于物块克服摩擦力做的功B拉力做的功小于物块克服摩擦力和重力做的功C物块的机械能减小D物块的机械能增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图甲为某物理兴趣小组做“探究求合力的方法”实验的装置，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的矢量图（1）实验中，用弹簧测力计测量力的大小时，下列操作正确的是_（填选项前的字母）A拉橡皮筋的拉力大小可以超过弹簧测力

7、计的量程B应尽量避免弹簧、指针、拉杆与刻度板之间的摩擦C测量前，应检查弹簧指针是否指在零刻线，确认指针指在零刻度线后再进行测量（2）在图乙中，方向一定沿AO方向的是力_（填“F”或“F”）12（12分）某兴趣实验小组的同学利用如图所示装置测定物块与木板AD、DE间的动摩擦因数1、2；两块粗糙程度不同的木板AD、DE对接组成斜面和水平面，两木板在D点光滑连接(物块在此处运动不损失机械能)，且AD板能绕D点转动现将物块在AD板上某点由静止释放，滑块将沿AD下滑，最终停在水平板的C点；改变倾角，让物块从不同的高度由静止释放，且每次释放点的连线在同一条竖直线上(以保证图中物块水平投影点B与接点D间距s

8、不变)，用刻度尺量出释放点与DE平面的竖直高度差h、释放点与D点的水平距离s， D点与最终静止点C的水平距离x，利用多次测量的数据绘出x-h图像，如图所示，则 （1）写出x-h的数学表达式_(用1、2、h及s表示)；（2）若实验中s=0.5m， x-h图象的横轴截距a=0.1，纵轴截距b=0.4，则1=_， 2=_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图1所示，游乐场的过山车可以底朝上在圆轨道上运行，游客却不会掉下来。我们把这种情形抽象为如图2所示的模型：弧形轨道的下端与半径为R的竖直圆轨道相接，B、C分别

9、为圆轨道的最低点和最高点。质量为m的小球（可视为质点）从弧形轨道上的A点由静止滚下，到达B点时的速度为vB=，且恰好能通过C点。已知A、B间的高度差为h=4R，重力加速度为g。求：（1）小球运动到B点时，轨道对小球的支持力F的大小；（2）小球通过C点时的速率vC；（3）小球从A点运动到C点的过程中，克服摩擦阻力做的功W。14（16分）如图甲、乙所示，传送带上有质量均为m的三个木块1、2、3，中间均用原长为L、劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为，其中木块1被与传送带平行的细线拉住，传送带按图示方向匀速运动，三个木块处于平衡状态求：（1）在图甲状态下，1、3两木块之间的距

10、离是多大？（2）在图乙状态下，细线的拉力是多大？木块1、3之间的距离又是多大？15（12分）如图甲所示，长木板B固定在光滑水平面上，可看做质点的物体A静止叠放在B的最左端。现用F=6N的水平力向右拉物体A，经过5s物体A运动到B的最右端，其vt图象如图乙所示。已知A、B的质量分别为1kg、4kg，A、B间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2。（1）求物体A、B间的动摩擦因数；（2）若B不固定，求A运动到B的最右端所用的时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：根据动能定理求出到达水平面

11、时的速度，根据向心力公式求出挡板对小球的压力即可解：在斜面运动的过程中根据动能定理得： 根据向心力公式有：N=m 由解得：N=mg根据牛顿第三定律可知，小球沿挡板运动时对挡板的力mg故选B【点评】本题主要考查了动能定理及向心力公式的直接应用，难度适中2、D【解析】对小球受力分析可知，在与弹簧接触时，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，此过程中弹簧的弹力是不断减小的，离开弹簧之后，小球只受到重力的作用，做匀变速运动解：A、将细绳烧断后，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，所以不是自由落体运动，故A错误B、平抛运动在竖直方向上是只受重力的作用，由A

12、的分析可知，小球并不是平抛运动，所以B错误C、小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，并且大于重力的大小，所以开始时加速度的大小要比重力加速度大，故C错误D、小球离开弹簧后，只受到重力的作用，所以是匀变速运动，故D正确故选D3、C【解析】A物体做平抛运动，只受重力，相等时间内，重力方向上的位移不等，重力做功不等，根据动能定理可知，动能变化不等，故A错误；BD物体做平抛运动，在相等时间内水平方向上的位移相等，竖直方向上的位移不等，则相等时间内经过的位移不等，根据平均速度的定义可知，平均速度不等，故BD错误；C平抛运动的加速度不变，根据v=gt知相等时间内速度的变化量相等，故C正

13、确。故选C。4、B【解析】对a物体分析可知，a物体受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑动的趋势，因此a受到b向上的摩擦力；f10；再对ab整体分析可知，ab整体受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑动的趋势，因此b受到P向上的摩擦力；f20；对ab及P组成的整体分析，由于整体在水平方向不受外力，因此P不受地面的摩擦力；f3=0；故故选C【点睛】本题考查静摩擦力的分析和判断，要注意明确静摩擦力随物体受到的外力的变化而变化；同时明确静摩擦力产生的条件，从而分析是否存在摩擦力；同时注意整体法与隔离法的正确应用5、D【解析】A、既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，一定是变速运动，所以A正确；B错

14、误C、物体受到变力的作用，如果力的方向和速度在同一条直线上时，物体做的仍是直线运动，只不过是物体的加速度的大小在变化，所以C错误D、做曲线运动的物体受到的合外力可能是恒力，如平抛运动，受恒力作用，做曲线运动，所以D正确6、B【解析】ACD.下滑力、斥力、支持力都是从力的作用效果角度命名的，故ACD错误；B. 库仑力是从力的性质角度命名的，故B正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CDE【解析】A质量和温度都相同的气体，因气体的种类不一定相同，则摩尔数不一定相同，内

15、能不一定相同，故A错误；B气体的内能与机械能无关， 气体温度不变，整体运动速度越大，其内能不变，故B错误； C气体被压缩时，若气体对外做功，则气体的内能可能不变，故C正确； D一定量的某种理想气体的分子势能可视为零，则内能只与温度有关，故D正确； E一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，温度一定升高，则内能一定增加，故 E正确；8、BC【解析】卫星在1轨道和3轨道均是万有引力提供向心力：，所以，A错。=GMr3,13B对；轨道1上经Q点的加速度和它在轨道2上经Q点的加速度均是由万有引力提供加速度，相同，所以a相同，所以C对；P点和Q点离地球距离不同，所受万有引力不同，所以a不同。D错。9、BC

16、【解析】A根据平衡条件可知液滴受电场力向上，大小等于重力。开关K断开时，电容器直接接在电源两端，电压增大，电场强度增大。故A错误。B热敏电阻加热时，热敏电阻阻值减小，则由闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压增大，故电容器两端的电压增大，电场强度增大，液滴向上运动。故B正确。C滑动变阻器R的触头P向下移动，滑动变阻器接入电阻增大，则总电流减小，内压及R0两端的电压减小，则滑动变阻器两端的电压增大，会充电，电容器两端的电势差增大，液滴向上运动，电场力做正功，电势能减小。故C正确。D当变阻器的滑片P向上移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电流增大，内压及R0两端的电压增大，则滑动变阻器两端的电

17、压减小，故不会充电，由于二极管，也不会放电，故电容器两端的电势差不变，电势能不变。故D错误。10、ABD【解析】ACD物体的加速度为 a=4m/s2，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律得：mgsin30+f-F=ma，解得：F-f=m0可知F和f做功的代数和大于零，所以根据功能原理可知，在运动的过程中，拉力做的功大于物块克服摩擦力做的功，机械能一定增加。故AD正确，C错误。B由题意物体减速上升，根据动能定理可知，拉力做的功小于物块克服摩擦力和重力做的功。故B正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)BC (2)F 【解析】（1）实

18、验中，拉橡皮筋的拉力大小不可以超过弹簧测力计的量程，选项A错误；应尽量避免弹簧、指针、拉杆与刻度板之间的摩擦，从而减小误差，选项B错误；测量前，应检查弹簧指针是否指在零刻线，确认指针指在零刻度线后再进行测量，选项C正确；故选BC.（2）在图乙中，用一个弹簧秤拉橡皮条时拉力的方向一定沿AO方向，故沿AO方向的力是F.12、 0.2 0.25 【解析】试题分析：对全程应用动能定理列式计算，求出表达式，然后根据图线的斜率和纵截距结合表达式求解（1）由动能定理，对全过程有：根据题意可知，即为（2）根据公式可知，代入数值可知：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）7mg（2）（3）1.5mgR【解析】（1）小球在B点时，根据牛顿第二定律有解得：F=7mg（2）因为小球恰能通过C点，根据牛顿第二定律有解得：（3）在小球从A点运动到C点的过程中，根据动能定理有解得W=1.5mgR14、 (1) (2)、【解析】（1）如图甲所示，当三木块达到平衡状态后，对木块3进行受力分析，可知2和3间弹簧的弹力等于木块3所受的滑动摩擦力解得2和3间弹簧伸长量为同理以2木块