2022-2023学年广东大埔华侨二中高三物理第一学期期中综合测试模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两个互相垂直的挡板甲和乙之间夹着一个光滑的小球。最初小球静止，乙板与水平面间夹角为530，两板对球的支持力分别为N甲、N乙，现保持两板互相垂直的关系不变而将两板以

2、 O点为轴在纸面内顺时针缓慢转过160，已知sin370=0.6, cos370=0.8，则（ ）A转动之前N甲N乙C转动过程中N甲一直减小D转动过程中N甲一直增大2、如图是长征火箭把载人神舟飞船送入太空的情景。宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重或失重的考验。下列说法正确是 A火箭加速上升时，宇航员处于失重状态B飞船加速下落时，宇航员处于超重状态C飞船落地前减速，宇航员对座椅的压力小于其重力D火箭加速上升时，若加速度逐渐减小时，宇航员对座椅的压力逐渐减小，但仍大于其重力3、关于物理学中的贡献，下列说法正确的是（ ）A奥斯特最先发现电流的磁效应且首先制造出最原始的发电机B法拉第通过大

3、量的实验研究发现电磁感应现象且首先制造出最原始的发电机C惠更斯发现单摆具有等时性，他由此制造出第一台摆钟D伽利略发现单摆具有等时性，他由此制造出第一台摆钟4、在科学的发展历程中，许多科学家做出了杰出的贡献下列叙述符合历史事实的是()A爱因斯坦发现了万有引力定律B卡文迪许总结出了行星运动的三大规律C伽利略否定了亚里士多德“重物比轻物下落快”的论断D牛顿首先较准确地测出了万有引力常量G的数值5、2016年9月15日，我国发射了空间实验室“天宫二号”。它的初始轨道为椭圆轨道，近地点和远地点的高度分别为和，如图所示。关于“天宫二号”在该椭圆轨道上的运行，下列说法正确的是A在点的动量大小小于在点的动量大

4、小B在点的加速度小于在点的加速度C在点的机械能大于在点的机械能D从点运动到点的过程中引力始终做负功6、如图所示，长为3L的轻杆课绕水平转轴O转动，在杆两端分别固定质量均为m的球A、B（可视为质点），球A距轴O的距离为L现给系统一定动能，使杆和球在竖直平面内转动当球B运动到最高点时，水平转轴O对杆的作用力恰好为零，忽略空气阻力已知重力加速度为g，则球B在最高点时，下列说法正确的是A球B的速度为0B杆对球B的弹力为0C球B的速度为D球A的速度等于二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得

5、0分。7、有质量相同的三个小物体a、b、c。现将小物体a从高为h的光滑斜面的顶端由静止释放，同时小物体b、c分别从与a等高的位置开始做自由落体运动和平抛运动，如图所示。对三个物体从释放到落地过程中，下列判断正确的是A物体b、c同时落地B三个物体落地前瞬间的动能相同C重力对三个物体做功相同D重力对三个物体做功的平均功率相同8、如图，水平传送带长为s，以速度v始终保持匀速运动，把质量为m的货物放到A点，货物与皮带间的动摩擦因数为，当货物从A点运动到B点的过程中，摩擦力对货物做的功可能（ ）A大于B大于umgsC小于D小于umgs9、一质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t0时刻开始受到水平外力的作

6、用力的大小F与时间t的关系如图所示，力的方向保持不变，则下列说法中正确的是（ ）A物体在t0和2t0时刻相对于出发点的位移之比是15B物体在t0和2t0时刻的瞬时速度之比是15C外力在O到t0和t0到2t0时间内做功之比是18D外力在t0和2t0时刻的瞬时功率之比是1810、物体甲的位移与时间图象和物体乙的速度与时间图象分别如图甲、乙所示，则这两个物体的运动情况是()A甲在整个t6s时间内有来回运动B甲在整个t6s时间内运动方向一直不变C乙在整个t6s时间内有来回运动D乙在整个t6s时间内运动方向一直不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1

7、1（6分）如图所示，为“验证碰撞中的动量守恒”的实验装置示意图已知a、b小球的质量分别为ma、mb，半径相同，图中P点为单独释放a球的平均落点，M、N是a、b小球碰撞后落点的平均位置.(1)本实验必须满足的条件是_.A斜槽轨道必须是光滑的B斜槽轨道末端的切线水平C入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速度释放D入射球与被碰球满足ma=mb(2)为了验证动量守恒定律，需要测量OP间的距离x1、OM间的距离x2和_.(3)为了验证动量守恒，需验证的关系式是_.12（12分）某个同学设计了一个电路，既能测量电池组的电动势E和内阻r，又能同时测量未知电阻Rx的阻值器材如下：A电池组（四节干电池） B待测

8、电阻Rx（约l0）C电压表V1（量程3V、内阻很大）D电压表V2（量程6V、内阻很大）E电阻箱R（最大阻值99. 9）F开关一只，导线若干实验步骤如下：（1）将实验器材连接成如图(a)所示的电路，闭合开关，调节电阻箱的阻值，先让电压表V1接近满偏，逐渐增加电阻箱的阻值，并分别读出两只电压表的读数（2）根据记录的电压表V1的读数U1和电压表V2的读数U2,以为纵坐标，以对应的电阻箱的阻值R为横坐标，得到的实验结果如图(b)所示由图可求得待测电阻Rx=_ （保留两位有效数字）（3）图(c)分别是以两电压表的读数为纵坐标，以两电压表读数之差与电阻箱阻值的比值为横坐标得到结果由图可求得电池组的电动势E

9、=_V，内阻r=_；两图线的交点的横坐标为_A，纵坐标为_V.（结果均保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）有尺寸可以忽略的小物块A，放在足够长的水平地面上取一无盖的长方形木盒B将A罩住B的左右内壁间的距离为LB的质量与A相同A与地面间的滑动摩擦系数A，B与地面间的滑动摩擦系数为B，且BA开始时，A的左端与B的左内壁相接触（如图所示），两者以相同的初速度0向右运动已知A与B的内壁发生的碰撞都是完全弹性的，且碰撞时间都极短A与B的其它侧面之间均无接触，重力加速度为g（1）经过多长时间A、B发生

10、第一次碰撞（设碰撞前A、B均未停下）（2）A和B右侧第一次相碰后，若A还能够和B的左端相遇，试通过定量讨论说明此次相遇时A、B两个物体的速率哪个大些？还是等大？（3）要使A、B同时停止，而且A与B间轻轻接触（即无作用力），求初速0的所有可能的值。（用含有L、B、A和g的代数式表示）14（16分）一个磁感应强度为B的均匀磁场，垂直于一轨距为l的导轨（导轨足够长）轨道与水平面有的切角，一根无摩擦的导体棒，质量为m，横跨在两根导轨上，如图所示。如果由导体棒和轨道组成的电路在以下几种不同情况下被闭合，当从静止开始放开导体棒后，棒将会如何运动呢?（除电阻R外，其余电路的电阻都忽略不计，电磁辐射忽略不计，

11、线圈的自感电动势）(1)一个阻值为R的电阻；(2)一个电容为C的电容；(3)一个电感为L的线圈。15（12分）在一宽广的平静湖面上有相距的两个波源、，它们都产生上下振动的水波已知水波在该湖面上的传播速度为，波源、的振动图像如图中的甲.乙所示，在湖面上与相距，与相距处有一观测点P，时刻让两波源同时开始振动（i）求观测点P的起振时刻及起振方向；（ii）画出观测点P从起振开始一个半周期内的振动图像参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】设球的重力为G，乙板和水平面的夹角为，对小球受力分析有， ，转动之前， ， ，故

12、A错误；转动后， ，所以，故B错误；由知转动时值一直减小，则一直减小，故C正确，D错误。2、D【解析】A.火箭加速上升时，加速度方向向上，宇航员处于超重状态。故A错误B.飞船加速下落时，加速度方向向下，宇航员处于失重状态，故B错误。C.飞船在落地前减速，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，宇航员对座椅的压力大于其重力，故C错误。D.火箭加速上升时，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，宇航员对座椅的压力大于其重力，若加速度逐渐减小时依然超重，压力仍大于重力。故D正确。3、B【解析】奥斯特最先发现电流的磁效应，法拉第首先制造出最原始的发电机，故A错误；法拉第通过大量的实验研究发现电磁感应现象且首先

13、制造出最原始的发电机，故B正确；伽利略最先发现单摆做微小摆动的等时性，惠更斯利用其等时性制作了摆钟，故CD错误4、C【解析】牛顿发现了万有引力定律，选项A错误；开普勒总结出了行星运动的三大规律，选项B错误；伽利略否定了亚里士多德“重物比轻物下落快”的论断，选项C正确；卡文迪许首先较准确地测出了万有引力常量G的数值，选项D错误；故选C.5、D【解析】A.近地点速度大于远地点速度，故卫星在点的动量大小大于在点的动量大小，A错误；B.在点受到的引力大于N点，故M点的加速度大于N点，B错误；C.卫星运动过程中，机械能守恒，故M、N两点机械能相等，C错误；D.从点运动到点的过程中，万有引力夹角和速度夹角

14、大于90，故万有引力始终做负功，D正确；故选D。6、D【解析】试题分析：球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，即重力恰好提供向心力，有，解得，故AB错误，C正确；因为AB同轴转动，B的半径是A的两倍，所以有：，即，故D错误考点：向心力、牛顿第二定律【名师点睛】本题中两个球组成的系统内部动能与重力势能相互转化，机械能守恒，同时两球角速度相等，线速度之比等于转动半径之比二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A、由于同时b、c分别从等高的位置开始做自由落体运动

15、和平抛运动，c在竖直方向的运动也是自由落体运动，由分运动与合运动的同时性可知，物体b、c同时落地，故A正确。B、三个物体落地前重力做的功相同，由动能定理可知，动能的变化相同，但初动能不相同，所以三个物体落地前瞬间的动能不相同，故B错误。C、重力对三个物体做功相同，都是mgh，故C正确。D、a物体沿滑斜面顶端下滑到底端用的时间较b、c长，所以重力对三个物体做功的平均功率不相同，故D错误。故选：A、C8、CD【解析】若物块一直做匀变速直线运动,根据动能定理有Wf=EK，Wf=mgx；知EK可能等于，可能小于不可能大于若物块先做匀变速直线运动，然后做匀速直线运动，根据动能定理有Wf=EK，Wfmgx

16、；知EK可能等于mgx，可能小于mgx，不可能大于mgx，故不可能的是C，ABD都有可能本题选不可能的，故选C【名师点睛】物块在传送带可能一直做匀变速直线运动，也有可能先做匀变速直线运动，然后做匀速直线运动，根据动能定理判断摩擦力对货物做功的可能值9、AC【解析】A项：0到t0时间内的加速度，这段时间内的位移为，t0时刻的速度为，t0到2t0时间内的加速度为，所以t0到2t0时间内的位移为：，所以2t0时刻相对于出发点的位移为：，所以物体在t0和2t0时刻相对于出发点的位移之比是1：5，故A正确；B项：2t0时的速度为：v2=v1+a2t0=所以物体在t0和2t0时刻的瞬时速度之比是1：3，故

17、B错误；C项：根据动能定理得：外力在0到t0时间内做的功为，外力在t0到2t0时间内做的功为，所以外力在0到t0和t0到2t0时间内做功之比是1：8，故C正确；D项：外力在t0的时刻的瞬时功率为P1=F0v1=，2t0时刻的瞬时功率P2=2F0v2=，所以外力在t0和2t0时刻的瞬时功率之比是1：6，故D错误故应选：AC【点睛】解决本题的关键掌握瞬时功率的公式P=Fvcos，以及牛顿第二定律、运动学基本公式的应用10、BC【解析】AB、甲图是位移时间图象，斜率表示速度，不变，故乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，位移为x=2m（2m）=4m，故A错误，B正确；CD、乙图是vt图象，速度的正

18、负表示运动的方向，故前3s向负方向运动，后3s向正方向运动，即做来回运动，故C正确，D错误；故选BC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BC ON间的距离x3 (或) 【解析】第一空.A.“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故A错误；B.要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故B正确；C.要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故C正确；D.为了保证小球碰撞为对心正碰，且碰后不反弹，要求mamb，故D错误.应填B

19、C.第二空.要验证动量守恒定律定律，即验证：，小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得：，得：，因此实验需要测量：测量OP间的距离x1，OM间的距离x2，ON间的距离x3；第三空.由以上分析可知，实验需要验证:，或.12、8.0 6.0 4.0 0.50 4.0 【解析】(2)1串联电路电流处处相等，由图（a）所示电路图可知：则：则图象的斜率：解得：RX=8.0(3)23由图（a）所示电路图可知：图线是电源的U-I图象，由图示图象可知，电源电动势：E=6.0V，电源内阻：45图线是RX的U-I图象，两图线交点反应的是电源与定值电阻直接串联时的

20、情况，交点的横坐标：纵坐标：U=E-Ir=6-0.504=4.0V四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2L(B-A)g（2）等大；（3）n(A+B)2gLB-A ,n为正整数【解析】（1）对A：Amg=maA ，xA=v0t1-12aAt12 对B：Bmg=maB ， xB=v0t1-12aBt12 xA-xB=L，解得：t1=2L(B-A)g （2）设A、B第一次在右壁相碰前的速度分别为1和2，碰后速度分别为3和4， mv1+mv2=mv3+mv4 12mv12+12mv22=12mv32+12mv42 得： v3=v2=v0-Bgt1 v4=v1=v0-Agt1设经过时间t2，A与B的左侧相遇，此时A、B的速度分别为5、6，则：L=(v4t2-12Bgt22)-(v3t2-12Agt22) 代入得t1=t2 所以有：v5=v3-Agt2=v0-Bgt1-Agt1 ，v6=v4-Bgt2=v0-Agt1-Bgt1显然v5=v6 （3）每次A与B的左侧相遇时二者的速度都相同，且比前一次相遇时的速度减小v0=（A+B）gt1 为满足题中要求，只要某次A与B的左侧相遇时二者的速度都恰好等于0即可，即需要v0=nv0，其中n=1、