2022-2023学年福建省泉州市德化第一中学高三物理第一学期期中考试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、人用手托着质量为m的小苹果，从静止开始沿水平方向运动，前进距离L后，速度为v（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为，则下列说法正确的是（ ）A手对苹果的作用力

2、方向竖直向上B苹果所受摩擦力大小为C手对苹果做的功为D苹果对手不做功2、回旋加速器是加速带电粒子的装置,其核心部分是分别与高频交变电源两极相连接的两个D形金属盒,两盒间的狭缝中有周期性变化的电场,使粒子在通过狭缝时都能得到加速,两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中,磁场方向如图所示。若用此回旋加速器加速质子时,匀强磁场的磁感应强度为B,高频交变电流频率为f。则下列说法正确的是( ) A质子被加速后的最大速度与加速电场的电压大小有关B高频电源只能使用方形交变电源,不能使用正弦式交变电源C不改变B和f,该回旋加速器也能用于加速氦核D若此加速器能把质子加速到最大速度为v，当外加磁场一定，把高频交变

3、电源频率改为f/2，则可把氦核加速到最大速度为v/23、甲、乙两车在平直公路上行驶，其速度时间图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）A8 s末，甲、乙两车相遇B甲车在04s内的位移小于乙车在48s内的位移C4 s末，甲车的加速度小于乙车的加速度D在08s内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度4、如图所示，质量分别为M、m的两个物体系在一根通过轻滑轮的轻绳两端，M放在水平地面上，m被悬在空中，若将M沿水平地面向右缓慢移动少许后M仍静止，则下面说法正确的是（ ）A绳中张力变大B滑轮轴所受的压力变大CM对地面的压力变大DM所受的静摩擦力变大5、一物体以某一初速度只在摩擦力作用下沿水平面运动，其位移x与

4、速度v的关系式为x=(90.25v2)（各物理量均采用国际单位制单位），下列分析正确的是A物体的加速度大小为3m/s2B物体的初速度为9m/sC第2秒内物体的位移为3mD物体减速运动的时间为6s6、长为l0的轻杆一端固定一个质量为m的小球，绕另一端O在竖直平面内做匀速圆周运动，如图所示若小球运动到最高点时对杆的作用力为2mg，以下说法正确的是A小球运动的线速度大小为B小球运动的线速度大小为C小球在最高点时所受的合力3mgD小球在最低点时所受杆的拉力为3mg二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3

5、分，有选错的得0分。7、如图甲所示，水平面上有质量相等的两个木块A、B用一根轻弹簧相连接，整个系统处于平衡状态现用一个竖直向上的力F拉动木块A，使木块A向上做匀加速直线运动，弹簧始终处于弹性限度内，如图乙所示研究从力F刚作用在木块A上时（）到木块B刚离开地面时（）这个过程，并且选定这个过程中木块A的起始位置为坐标原点，得到表示力F和木块A的位移x之间关系的图象如图丙，则下列说法正确的是（ ）A时，弹簧刚好恢复原长B该过程中拉力做功C过程，拉力做的功大于木块A机械能的增加量D过程，木块A动能的增加量等于拉力和重力做功的总和8、如图所示，平行板电容器与恒压电源连接，下极板接地，a、b是两极板中心，

6、p是a、b连线的中点，有一带电油滴恰好悬停于p点现让两极板分别绕着过a、b点并垂直于纸面的轴同时转过一小角度不计转动时间，则从转动前到转动后的一小段时间内A电容器的电容不变Bp点的电势不变C带电油滴的电势能不变D带电油滴的重力势能不变9、 “鹊桥”号是世界首颗运行于地月拉格朗日L2点附近的中继通信卫星，如图它以地月连线为轴做圆周运动，同时随月球绕地球运转。已知地球质量为M，月球质量为m，月球的轨道半径为r，公转周期为T，引力常数为G；当卫星处于地月拉格朗日点L1或L2时，都能随月球同步绕地球做圆周运动。则以下说法正确的是A“鹊桥”号仅受月球引力作用B在L2点工作的卫星比在L1点工作的卫星的线速

7、度大C在拉格朗日L1点工作的卫星，受到地球的引力一定大于月球对它的引力D拉格朗日L2点与地心的距离为10、一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头下列说法正确的是（ ）A副线圈输出电压的频率为50HzB副线圈输出电压的有效值为31VCP向右移动时，滑动变阻器消耗的电功率增加DP向右移动时，原、副线圈的电流比不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）借助于位移传感器可以方便地测量木块和木板之间的动摩擦因数，实验装置如图甲所示，木块从木板上面某一点静止释

8、放，位移传感器记录下木块到传感器的距离。计算机描绘的距离随时间变化的图象如图乙所示。图甲 图乙（1）根据上述s- t图象，计算木块加速度a =_m/s2， 0.3s时木块的速度v=_m/s， 。（以上结果均保留2位有效数字）（2）根据图中提供的已知数据，可计算出木块与木板间的动摩擦因数=_。（取重力加速度g=10m/s2，结果保留2位有效数字）（3）为了提高木块与木板间动摩擦因数的测量精度，下列措施可行的是_。A点与传感器距离适当大些 B木板的倾角越大越好C选择体积较小的实心木块D传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻12（12分）如图所示为研究平行板电容器电容的实验电容器充电后与电源

9、断开，电量Q将_（填“增大”、“减小”或“不变”），与电容器相连的静电计用来测量电容器的_在常见的电介质中，由于空气的介电常数是最小的，当极板间插入其它的电介质板时，电容器的电容将_（填“增大”、“减小”或“不变”），于是我们发现，静电计指针偏角将_（填“增大”、“减小”或“不变”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一质量为0.5kg的小物块放在水平地面上的A点，距离A点5m的位置B处是一面墙，如图所示，物块以v0=9m/s的初速度从A点沿AB方向运动，在与墙壁碰撞前瞬间的速度为7m/s，碰后以6m/s的

10、速度反向运动直至静止g取10m/s1（1）求物块与地面间的动摩擦因数；（1）若碰撞时间为0.05s，求碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小F；（3）求物块在反向运动过程中克服摩擦力所做的功W14（16分）如图所示，质量为m的小物块以初速度v0在粗糙水平桌面上做直线运动，经时间t后飞离桌面，最终落在水平地面上已知m = 0.10kg，v0 = 4.0m/s，t = 0.40s，小物块与桌面间的动摩擦因数 = 0.25，桌面高h = 0.45m，不计空气阻力求：（1）小物块离开桌面时速度v的大小.（2）小物块在桌面上运动的位移l的大小.（3）小物块落地点距飞出点的水平距离x15（12分）如图，一水

11、平传送带以4 m/s的速度逆时针传送，水平部分长L6 m，其左端与一倾角为30的光滑斜面平滑相连，斜面足够长，一个质量为m1.0 kg的物块无初速度地放在传送带最右端，已知物块与传送带间动摩擦因数0.2，g10 m/s2，求物块从放到传送带上到第一次滑回传送带最远处的过程中因摩擦而产生的热量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：A、手对苹果的作用力是支持力和摩擦力的合力，方向斜向上，故A错误B、苹果的加速度，则摩擦力，故B错误C、根据动能定理得，手对苹果做功的大小，故C正确，D错误考点：本题考查了

12、功的计算；摩擦力的判断与计算2、D【解析】粒子在磁场中运动时,洛伦兹力提供向心力,满足qvB=mv2r ,运动周期T=2mqB (电场中加速时间忽略不计).对公式进行简单推导后,便可解此题.【详解】A、根据r=mvBq可知，质子被加速后的最大速度与加速电场的电压大小无关，故A错；B、因为粒子在电场中运动的时间很短,高频电源能使用矩形交变电流,也能使用正弦式交变电流,此时满足粒子在电压最大时进入电场即可，故B错误；C、此加速器加速电场周期T=2mqB ,加速粒子时T=24m2qB=4mqB，两个周期不同, 不能用于加速氦核，故C错误；D、此加速器加速电场周期T=2mqB ,加速粒子时T=24m2

13、qB=4mqB，当外加磁场一定，把高频交变电源频率改为f/2，此时回旋加速器可以加速氦核，根据r=mvBq可知氦核的最大速度变为v/2，故D对；故选D3、B【解析】因两车开始运动的初始位置不确定，故无法判断两车何时相遇，选项A错误；图像与坐标轴围成的面积等于物体的位移，由图像可知，甲车在04s内的位移小于乙车在48s内的位移，选项B正确；图像的切线的斜率等于加速度大小，由图像可知，4 s末，甲车的加速度大小等于乙车的加速度，选项C错误；在08s内，甲车的位移等于乙的位移，则甲车的平均速度等于乙车的平均速度，选项D错误；故选B.4、B【解析】A.以m为研究对象，得到绳子拉力F=mg，保持不变，故

14、A错误；B.滑轮轴所受的压力大小等于两侧绳子拉力的合力大小，绳子拉力大小不变，两侧绳子间夹角减小，则绳子拉力的合力变大，则滑轮轴所受的压力变大，故B正确；CD.以M为研究对象，设轻绳与竖直方向的夹角为，分析受力，由平衡条件，地面对M的支持力FN=Mg-Fcos地面对M的摩擦力Ff=FsinM沿水平地板向右缓慢移动少许后，减小，由数学知识得到FN变小，Ff变小；根据牛顿第三定律得知M对地面的压力也变小，故CD错误。故选B.5、C【解析】AB由x=9-0.25v2 得，4x=36-v2变形得：v2-62=-22x ，则初速度为6m/s，加速度为-2m/s2，故AB错误。C根据，可得第2秒内物体的位

15、移为：故C正确。D物体减速运动的时间为：故D错误。6、C【解析】A. 小球运动到最高点时对杆的作用力为2mg，因为小球做匀速圆周运动需要向心力，杆对小球只能是拉力，等于2mg，所以小球受到的合力等于3mg合力提供向心力：，得，AB错误，C正确；D. 在最低点对小球受力分析，则有，因为做匀速圆周运动，因此可得拉力为4mg，D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】A、A压着弹簧处于静止状态，；当力F作用在A上，使其向上匀加速直线运动，由牛顿第二定律可知，随

16、着x逐渐增大，导致弹簧的弹力逐渐减小，则力F逐渐增大，但物体A的合力却不变，当B刚离开地面时，弹簧处于伸长状态有，则，则当时，弹簧刚好恢复到原长，故A正确B、根据图象可知拉力F随着位移均匀增大，则，故B正确C、在A上升过程中，弹簧从压缩恢复到原长过程，由动能定理，即，则拉力做功小于A物体机械能的增加，故C错误D、0 x0过程因弹簧的初末形变量相同，则弹性势能的变化为零；由动能定理可知，即木块A动能的增加量等于拉力和重力做功的总和，故D正确故选ABD.【点睛】弹簧的弹力和弹性势能均与形变量有关，形变有压缩和拉伸两种情形，要注意加以区分；功是能量转化的量度，一种功总是与一种能相联系，要具体情况具体

17、分析8、BCD【解析】A、根据电容器电容的决定式，板间距离变为 ,所以电容减小，A错误；B、因电容器与电源始终相接，故电压不变，由知，电容器极板旋转后，所以场强变为，又因电容器下极板接地且油滴在中间，故电势，电势不变，B 正确；C、D、不计转动时间，带电油滴的位置不变，带电油滴的电势不变，电势能不变，重力势能也不变，CD正确；故选BCD9、BC【解析】鹊桥”号同时受到地球和月球的引力作用，选项A错误；在L2点工作的卫星与在L1点工作的卫星具有相同的角速度，则在L2点工作的卫星比在L1点工作的卫星的线速度大，选项B正确；在拉格朗日L1点工作的卫星，受到的合外力方向指向地球，则受地球的引力一定大于

18、月球对它的引力，选项C正确；对月球：，解得，可知拉格朗日L2点与地心的距离大于，选项D错误.10、AD【解析】根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论。【详解】A项：由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，故A正确；B项：根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为310V，所以副线圈的电压的最大值为31V，所以电压的有效值为U=312V，故B错误；C项：P右移，R变小，原副线的电流都变大，而原线圈电压不变，所以副线圈两端电压也不变，可将副线圈也定值电阻R看成电源，滑动变阻器视为外电路，当外电路电阻与电源内阻相等时

19、，滑动变阻器的功率最大，由于不知道滑动变阻器与定值电阻间的关系，所以无法确定，故C错误；D项：原副线圈电流之比等于匝数的反比，故原副线圈的电流之比不变，故D正确。故应选：AD。【点睛】电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.0 0.40 0.50 AC 【解析】由于滑块在斜面上做匀加速直线运动，所以某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度；根据加速度的定义式即可求出加速度；根据牛顿第二定律求出测定动摩擦力因数；为了提高木块与木板间摩擦

20、力因数的测量精度，可行的措施是A点与传感器位移适当大些或减小斜面的倾角；【详解】解：(1)由图象知，在第1个0.1s，木块的位移为0；在第二个0.1s，木块的位移x2=25-24cm=1cm；经第3个0.1s，木块的位移x3=24-21cm=3cm，经第4个0.1s，木块的位移x4=21-16cm=5cm，0.3s时木块的速度v=x3+x42t=0.40m/s，由x=aT2解得a=xT2=2.0m/s2 (2)由图可知sin=1525=0.6，根据牛顿第二定律，有mgsin-mgcos=ma，解得=gsin-agcos=100.6-2.0100.8=0.50(3)A、A点与传感器距离适当大些，

21、可提高长度的测量精度，提高加速度的测量精度，从而提高动摩擦因数的测量精度，故A正确；B、而木板的倾角过大，则运动时间过短，故B错误；C、体积较小的实心木块受到的空气阻力较小，测量结果较准确，故C正确；D、传感器开始计时的时刻可从任意位置，故D错误；故选AC。12、不变；电势差；增大；减小；【解析】电容器充电后与电源断开，电量保持不变；静电计可以测量电容器的电势差当插入介质时，增大，由可知电容将增大；由可知，两板间的电压减小，静电计指针偏角减小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.31；（1）130N；（3）9J；【解析】（1）对物块应用动能定理可以求出动摩擦因数（1）对物块应用动量定理可以求出作用力大小（3）应用动能定理可以求出物块反向运动过程克服摩擦力做的功【解答】解：（1）物块从A到B过程，由动能定理得代入数据解得；（1）以向