2022年高考数学尖子生辅导专题(文理通用)之专题04利用导数证明函数不等式（一）

1、第 PAGE12 页 共 NUMPAGES12 页2022年高考数学尖子生辅导专题(文理通用)之专题04 利用导数证明函数不等式一专题四利用导数证明函数不等式一函数不等式的证明由于其形式多变，方法灵敏，成为了近几年高考的一个热点与难点，它一般出如今压轴题的位置，解决起来比拟困难利用导数作为工具进展证明是证明函数不等式的一种常见方法，本专题总结了利用导数证明一个未知数的函数不等式的常见方法，希望同学们看后有所收获，提升利用导数证明函数不等式的才能模块1整理方法提升才能对于一个未知数的函数不等式问题，其关键在于将所给的不等式进展“改造”，得到一平一曲、两曲两种形式中的一种当出现一平一曲时，只需运用

2、导数求出“曲”的最值，将其与“平”进展比拟即可当出现两曲时，假如两个函数的凸性一样，那么可以考虑通过曲线进展隔离由于隔离曲线的寻找难度较大，所以我们一般希望两个函数的凸性相反当两个函数的凸性相反时，那么可以寻找直线常选择公切线或切线实现隔离放缩，当然最理想的直线状态是该直线与轴平行或重合当改造的过程中出现一斜一曲时，一般要将其继续改造，要么将其化归到一边，转化为一平一曲，要么将其转化为两曲常用不等式的生成在不等式“改造”或证明的过程中，可借助题目的结论、均值不等式、函数单调性、与、有关的常用不等式等方法进展适当的放缩，再进展证明下面着重谈谈与、有关的常用不等式的生成生成一：利用曲线的切线进展放

3、缩设上任一点的横坐标为，那么过该点的切线方程为，即，由此可得与有关的不等式：，其中，等号当且仅当时成立特别地，当时，有；当时，有设上任一点的横坐标为，那么过该点的切线方程为，即，由此可得与有关的不等式：，其中，等号当且仅当时成立特别地，当时，有；当时，有利用切线进展放缩，能实现以直代曲，化超越函数为一次函数生成二：利用曲线的相切曲线进展放缩由图可得；由图可得；由图可得，；由图可得，综合上述两种生成，我们可得到以下与、有关的常用不等式：与有关的常用不等式：1；2与有关的常用不等式：1；2；3，；4，用取代的位置，相应的可得到与有关的常用不等式例1设函数，曲线在点处的切线为1求、；2证明：【解析】

4、1因为，而，所以，解得，【证明】2法1：寻找公切曲线隔离由1知，于是由于混合了指数函数、对数函数和幂函数，比拟复杂，所以可以考虑将指数函数、对数函数进展别离，改造为令，那么，由可得，由可得，所以在上递减，在上递增而递减，所以两个函数的凸性一样都是下凸函数此时，我们可以寻找与两个曲线都相切的曲线，将两个函数进展隔离，从而实现证明，令，那么，由可得，由可得，所以在上递减，在上递增，所以，于是，令，那么，由可得，由可得，所以在上递减，在上递增，所以，于是由于等号不能同时成立，所以法2：寻找公切线隔离由1知，于是，将不等式改造为令，那么由可得，由可得，所以在上递减，在上递增，所以令，那么由可得，由可得

5、，所以在上递增，在上递减，所以两个函数的凸性相反此时，我们可以寻找与两个曲线都相切的公切线，将两个函数进展隔离，又因为等号不能同时成立，所以【点评】法1中的两个函数凸性一样，因此需要寻找公切曲线进展隔离，公切曲线的寻找需要有一定的函数不等式放缩经历该放缩与常用不等式以及有关，因此纯熟掌握与、有关的常用不等式，能有效翻开某些不等式的证明思路，使题目的难度降低法2中的两个函数凸性相反，且两个函数的最值一样，此时可寻找到与轴平行的公切线，实现隔离放缩如何恰当地“改造”函数是解题的关键，这需要我们熟悉与、四那么运算组合后的函数，如：1、过原点，先减后增；2、过原点，先增后减；3、在上递减，在上先减后增

6、；4、在上先减后增；5、在上先增后减；6、在上递减，在上先减后增例2函数1求曲线在点处的切线方程；2求证：当时，【解析】1，因为在曲线上，且，所以切线方程为，即【证明】2法1：当时，令，那么，于是在上递增又因为，由可得，由可得，所以在上递减，在上递增，所以法2：当时，由常见不等式，可得，所以法3：令，那么，由可得，由可得或，所以在上递减，在上递增，在上递减的极小值为，由洛必达法那么，可得，所以，即法4：令，那么，所以在上递增，又因为，由可得，由可得，所以在上递减，在上递增，所以法5：当时，不等式成立，当时，由可得或，由可得或，所以在上递增，在上递减，在上递增，在上递减因为，所以，而，所以，即法

7、6：令，那么是以为对称轴，开口方向向上的抛物线令，那么递减由于两个函数的凸性相反，因此我们可以通过寻找两个曲线的公切线将两个函数进展隔离，但由于公切线不容易寻找，又因为两个函数处于相离的状态，因此我们可以选择在上找切线，通过该切线将两个函数隔离，从而实现证明由常见不等式可得，容易想到隔离切线，下面进展证明，而，命题获证【点评】对于含有参数的一个未知数的函数不等式，其证明方法与不含参数的一个未知数的函数不等式证明大体一致法3是直接证明，法4是将不等式等价转化为，法5是通过别离参数进而证明，3种方法本质都是一平一曲状态法6将不等式转化为，由于两个函数的凸性相反，因此我们可以寻找切线实现隔离放缩对于

8、含有参数的一个未知数的函数不等式，我们还可以通过放缩，消去参数，转化为研究一个特例函数的问题，从而使题目的难度大大降低例3函数1假设，求的值；2设为整数，且对于任意正整数，求的最小值【解析】1的定义域为法1：别离参数法当时，有，成立当时，令，那么，令，那么，所以在上递增，于是，所以，所以在上递增由洛必达法那么可得，所以当时，令，仿照可得在上递增由洛必达法那么可得，所以综上所述，法2：不猜测直接用最值法当时，在上递增，而，于是不成立当时，由可得，由可得，所以在上递减，在上递增，而，所以法3：通过猜测减少分类讨论由可得，由可得，由可得，所以在上递减，在上递增，而，所以2当时，即，那么有，当且仅当时

9、等号成立，所以，于是，所以当时，于是的最小值为3【点评】不等式左边是一个项乘积的形式，处理起来比拟费事考虑取对数，将不等式等价转化为，那么容易联想到与有关的常用不等式模块2练习稳固整合提升练习1：函数，曲线在点处的切线方程为1求、的值；2证明：当，且时，【解析】1 由于直线的斜率为，且过点，所以，即，解得，【证明】2由1知，所以构造函数，那么，于是在上递减当时，递减，所以，于是；当时，递减，所以，于是综上所述，当，且时，练习2：函数、1假设，求函数的单调区间；2假设，求证：【解析】1当，由可得，由可得，所以的递增区间为，递减区间为【证明】2假设，令，那么，设，那么，所以在上递增，所以，所以，所

10、以在上递增又因为，所以恰有一个零点，即，且当时，当时，所以在上递减，在上递增，所以设，那么，所以在上递增，所以命题获证练习3：函数1求曲线在处的切线方程；2求证：【解析】1，所以，又，所以在处的切线方程为，即【证明】2法1：，构造函数，那么，因为在上递增，且，所以当时，当时，所以在上递减，在上递增，所以，于是在上递增，又因为，所以当时，递减，当时，递增，所以，命题获证法2：，构造函数，那么令，那么，由可得，由可得，于是在上递减，在上递增，于是于是当时，当时，所以在上递减，在上递增，于是，命题获证【点评】对于不等式，从指对别离的角度来看，可构造出、等一系列式子，由于构造的不等式两端的函数凸性一致

11、，且寻找隔离曲线的难度大，不容易证明考虑到函数的形式不算太复杂，可通过屡次求导证明其在轴的上方有且仅有一个交点也可以如法2那样将函数进一步改造为，法2比法1简单的原因在于当中的比拟“单纯”，求导一次就能消去练习4：设函数，其中是的导函数1假设恒成立，务实数的取值范围；2设，比拟与的大小，并加以证明【解析】1，所以法1：别离参数法当时，恒成立当时，在上恒成立在上恒成立，令，那么，所以在上递增，于是，即，所以在上递增由洛必达法那么，可得，所以，于是实数的取值范围为法2：不猜测直接用最值法令，那么，令，得当，即时，在上恒成立，所以在上递增，所以，所以当时，在上恒成立当，即时，在上递减，在上递增，所以当时取到最小值，于是设，那么，所以函数在上递减，所以，即，所以不恒成立综上所述，实数的取值范围为2设，比拟与的大小，并加以证明2，比拟结果为：证明如下上述不等式等价于为证明该式子，我们首先证明法1：在1中取，可得，令，可得令可得，相加可得，命题获证法2：令，那么，构造函数，那么，于是在上递增，所以，于是下同法1练习5：函数其中1假设曲线在点处的切线