统考版2022届高考物理二轮专项分层特训卷第四部分10分钟鸭题专练8

1、 分钟选考题专练(8)1物理选修33图甲图乙(1)吸盘挂钩的工作原理如图甲、乙所示使用时，按住锁扣把吸盘紧压在墙上(如图甲)，吸盘中的空气被挤出一部分然后将锁扣扳下(如图乙)，让锁扣以盘盖为依托把吸盘向外拉出，这样吸盘就会牢牢地被固定在墙壁上若气体可视为理想气体，在拉起吸盘的过程中，吸盘内气体的温度始终不变，则在拉起吸盘后，吸盘内气体的压强与拉起前的相比_(填“增大”“不变”或“减小”)，吸盘内空气的密度_(填“大于”“等于”或“小于”)外界空气的密度，吸盘内气体的内能_(填“增大”“不变”或“减小”)，此过程中吸盘内的气体要_(填“吸收”或“放出”)热量(2)如图所示，内壁光滑、横截面积为S

2、的导热气缸水平放置，在气缸正中间有两个正对的小挡板A、B，内部用厚度不计、质量为M的活塞封闭有温度为T0的理想气体已知气缸的长度为2l，重力加速度为g，大气压强为p0，现将气缸缓慢顺时针转动到开口竖直向上，活塞与气缸壁间无摩擦，且p0SMg.求：()活塞在此过程中下降的高度；()将缸内气体的温度下降到 eq f(T0,2) 时，缸内气体的压强2物理选修34(1)如图所示，平行玻璃砖的下表面涂有反光层，一束复合光从玻璃砖上表面的某点射入玻璃砖内，经玻璃砖折射后分成两束单色光a、b从上表面射出，则_(填正确答案标号)Aa光在玻璃砖中的传播速度较大Ba光的频率大于b光的频率C两束光射出玻璃砖时一定相

3、互平行D两束光在玻璃砖中的传播时间一定相同E用同一装置进行双缝干涉实验时，a光相邻亮条纹中心的间距较小(2)如图所示，实线是一列简谐横波在t0时刻的波形图，虚线为该列简谐横波在t0.14 s时刻的波形图，质点M(未画出)的平衡位置位于x2.0 m处()若质点M在这段时间内通过的路程为0.7 m，求该波的波速大小；()若该波的传播速度为75 m/s，求该波的传播方向和周期10分钟选考题专练（8）1答案：（1）减小小于不变吸收（2）（） eq f(2Mgl,p0SMg) （）p0解析：（1）在吸盘被拉起的过程中，吸盘内封闭气体的体积增大，由于温度不变，所以由玻意耳定律可知吸盘内气体的压强减小在锁扣

4、未扳下之前，吸盘内空气密度与外界空气密度相同，当锁扣扳下之后，由于吸盘内气体的质量不变，但体积增大，所以其密度减小一定质量的理想气体的内能仅与温度有关，由于在锁扣扳下的过程中吸盘内气体的温度不变，所以气体的内能不变在锁扣扳下的过程中，由于气体的体积增大，所以气体要对外界做功，但气体的内能又不发生变化，故由热力学第一定律UWQ可知，此过程中气体要从外界吸收热量（2）（）当气缸竖直放置时，设封闭气体的压强为p，由于活塞处于静止状态，对活塞受力分析可得pSp0SMg设气缸竖直后活塞下降的高度为h，由于气体的温度不变，故由玻意耳定律可得p02lSp（2lh）S两式联立可解得h eq f(2Mgl,p0

5、SMg) l（）设当活塞刚到达挡板AB处且对挡板无压力时，气体的温度为T，由于此过程中气体的压强不变，故由盖吕萨克定律可得 eq f(（2lh）S,T0) eq f(lS,T) 解得T eq f(p0SMg,2p0S) T0因T eq f(p0SMg,2p0S) T0 eq f(T0,2) ，故需要在此基础上再进行降温，此时气体的体积不再发生变化设当温度降到 eq f(T0,2) 时气体的压强为p，则由查理定律可得 eq f(p,T) eq f(p,f(T0,2) 代入数据可解得pp02答案：（1）BCE（2）（）25 m/s（）见解析解析：（1）两束光在玻璃砖中的光路图如图所示，由于a光的偏

6、折程度大，则玻璃砖对a光的折射率较大，由v eq f(c,n) 可知a光在玻璃砖中的传播速度较小，选项A错误；由于光的频率越大，玻璃砖对其折射时的折射率就越大，故a光的频率大于b光的频率，选项B正确；由几何关系可知，两束光从玻璃砖中射出时，光线与竖直方向的夹角相等，故两束光从玻璃砖中射出时一定相互平行，选项C正确；设玻璃砖的厚度为d，光线射入玻璃砖时a光的折射角为，b光的折射角为，则a光在玻璃砖中传播的路程为s1 eq f(2d,cos ) ，b光在玻璃砖中传播的路程为s2 eq f(2d,cos ) ，设复合光入射时的入射角为，则玻璃砖对a光的折射率为n1 eq f(sin ,sin ) ，

7、对b光的折射率为n2 eq f(sin ,sin ) ，故a光在玻璃砖中的传播速度为v1 eq f(c,n1) eq f(c sin ,sin ) ，b光在玻璃砖中的传播速度为v2 eq f(c,n2) eq f(c sin ,sin ) ，所以a光在玻璃砖中的传播时间为t1 eq f(s1,v1) eq f(4dsin ,c sin 2) ，b光在玻璃砖中的传播时间为t2 eq f(s2,v2) eq f(4d sin ,c sin 2) ，只有90时sin 2sin 2，即只有此时t1t2，选项D错误；在用同一装置做双缝干涉实验时，两相邻亮条纹中心的距离为x eq f(l,d) ，由于a光

8、的折射率大，则a光的波长短，故a光两相邻亮条纹中心的间距较小，选项E正确（2）（）由于质点M的振幅为10 cm，所以当质点M通过的路程为0.7 m时，经历的时间为t eq f(s,4A) T eq f(7,4) T又因为t0.14 s，所以可得 eq f(7,4) T0.14 s，解得T0.08 s由题图可知，该波的波长2.0 m，由v eq f(,T) 可得该波的波速大小为v25 m/s（）若波沿x轴正方向传播，则波在0.14 s内传播的距离为x1（n eq f(3,4) ）（n0，1，2，）故其波速为v1 eq f(x1,t) eq f(100,7) （n eq f(3,4) ） m/s（n0，1，2，）因此波速不可能等于75 m/s故波沿x轴负方向传播，其波速