2017年上海市松江区中考一模试卷物理

1、2017年上海市松江区中考一模试卷物理一、选择题(共16分)1.(2分)一节新干电池的电压为()A.1.5伏B.3伏C.24伏D.220伏解析：一节干电池的电压为1.5V，故A正确、BCD错误。答案：A2.(2分)书包背带做得较宽是为了()A.增大压强B.减小压强C.增大压力D.减小压力解析：书包背带做得较宽是为了在压力一定时，增大受力面积来减小对人体的压强，这样做不能减小压力也不能增大压力。答案：B3.(2分)在图所示的实例中，利用连通器原理工作的是()A.喷水枪B.注射器C.人耳半规管D.离心式水泵解析：A、喷水枪中靠增大水的内部压强来将水喷出的，不符合连通器的特点，不合题意；B、注射器在

2、吸药液时，是利用大气压的作用来工作的，不符合连通器的特点，不合题意；C、人耳半规管符合上端开口、底部连通的特点，只不过是里面连通的是空气，不是液体，是利用连通器原理工作的，符合题意；D、离心式水泵是利用大气压的作用来工作的，不符合连通器的特点，不合题意。答案：C4.(2分)物块浸没在液体中，受到液体对它向上、向下的压力分别为15牛、5牛，其受到浮力的大小为()A.5牛B.10牛C.15牛D.20牛解析：因为浮力的实质就是浸在液体中的物体受到的向上和向下的压力差，因此，物体受到浮力：F浮=F向上F向下=15N5N=10N。答案：B5.(2分)在图所示电路中，闭合电键后电压表测灯L1两端电压的是(

3、)A.B.C.D.解析：A、由图可知，电压表接到了L2的两端，测的是L2的两端电压，故A错误。B、由图可知，电压表测的是两灯串联的总电压，或电源电压，故B错误。C、由图可知，电压表接到了L2的两端，测的是L2的两端电压，故C错误。D、由图可知，电压表接到了L1的两端，测的是L1的两端电压，故D正确。答案：D6.(2分)如图所示，长度相同、横截面积不同的同种金属棒AB和CD连接在一起后接在电源两端。关于AB和CD的电阻R及两端电压U的判断，正确的是()A.RABRCD，UABUCDB.RABRCD，UABUCDC.RABRCD，UABUCDD.RABRCD，UABUCD解析：(1)因为导体AB和

4、CD由同种材料制成、长度相同，由图可知，导体AB横截面积比CD的小，所以RABRCD；(2)因为两段导体串联，所以通过两导体的电流相等，即IAB=ICD；由U=IR可知，UABUCD；故C正确。答案：C7.(2分)如图所示，A、B两长方体置于水平地面上(已知mAmB、SASB、hA=hB)。将两物体水平截去相同高度，剩余部分对地面的压强pA、pB和压力FA、FB的关系为()A.pApB，FA=FBB.pApB，FAFBC.pApB，FA=FBD.pApB，FAFB解析：(1)mAmB、SASB、hA=hB，VAVB，=，AB，(2)因为是规则的长方体，所以对地面的压强P=gh，当将两物体水平截

5、去相同高度时，两物体剩余部分的高度仍然相等，因AB，则剩余部分对地面的压强pApB，(3)因为物体为长方体，由密度公式变形可得m=V=Sh(h为长方体的高)，原来的质量关系为mAmB，所以ASAhABSBhB；原来的高度hA=hB，所以ASABSB当将两物体水平截去相同高度时，两物体剩余部分的高度仍然相等，即hA=hB，两物体剩余部分的质量分别为：mA=ASAhA，mB=BSBhB；结合可知，剩余部分的质量关系为mAmB，则剩余部分的重力关系为GAGB，所以剩余部分对地面的压力关系为FAFB。答案：B8.(2分)在图所示的电路中，电源电压不变，当电键S由闭合到断开时，电压表()A.V1示数减小

6、，V2示数减小B.V1示数增大，V2示数增大C.V1示数减小，V2示数增大D.V1示数增大，V2示数减小解析：电键S闭合时，电路中只有电阻R2，故此时电压表的示数都等于电源电压；电键S由闭合到断开时，R1和R2串联接入电路中；电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电阻两端的电压都小于电源电压，故示数都减小。答案：A二、填空题(共23分)9.(3分)教室里的电灯与投影仪之间是 连接(选填“并联”或“串联”)。断开投影仪的电键后，教室内在使用的用电器的总电阻将 (选填“变大”、“不变”或“变小”)。若通过日光灯的电流为0.3安，通电10秒钟，通过该日光灯的电荷量为 库仑。解析

7、：教室里的电灯与投影仪，它们独立工作、工作时互不影响，故它们之间是并联连接的；教室里同时工作的并联的用电器越多，相当于导体横截面积越大，所以总电阻就越小；当断开投影仪的电键后，相当于导体横截面积减小了，所以教室内在使用的用电器的总电阻将变大；由I=可得，通过该日光灯的电荷量：Q=It=0.3A×10s=3C。答案：并联；变大；3。10.(3分)冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的 是0.9×103千克。当冰熔化成水时，质量将 ，体积将 (选填“变小”、“不变”或“变大”)。解析：冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的质量

8、是0.9×103千克；质量是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变。故冰熔化成水后，状态改变了，质量不变。根据公式=，可知当物体的质量不变时，体积和物体的密度成反比，冰熔化成水后，密度变大，体积变小。答案：质量；不变；变小。11.(3分)著名的 实验证明了大气压强存在且很大。大气压强的数值会随着海拔高度的增加而逐渐 ，(选填“增大”、“不变”或“减小”)。拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的 越大，水对大坝的压强越大。解析：马德堡半球实验有力地证明了大气压强的存在；大气压与高度的变化规律是：大气压随海拔高度的增加而减小；由于液体内部压强随着深度的增大而增大，所以拦

9、河大坝设计成上窄下宽则是因为水的越往深处的压强越大的缘故。答案：马德堡半球；减小；深度。12.(3分)我国自行设计的“蛟龙号”载人潜水器，最大下潜深度可达7000多米。当它下潜到深度为1000米处时，海水对它的压强约为 帕(海水的密度近似取1.0×103千克/米3)，海水对“蛟龙号”每0.1米2的外表面产生的压力为 牛。“蛟龙号”继续下潜过程中，所受浮力将 (填“变大”、“不变”或“变小”)。解析：1000m深度受到海水的压强为：p=海水gh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1000m=9.8×106Pa；由p=得，“蛟龙号”每0.1

10、m2外表面受到海水的压力：F=pS=9.8×106Pa×0.1m2=9.8×105N。“蛟龙号”潜水艇在水面下不断下潜的过程中，水的密度不变，排开水的体积不变，根据F浮=V排g可知，潜水艇受到的浮力不变。答案：9.8×106；9.8×105；不变。13.(3分)一根粗细均匀的电阻丝接在电压为9伏的电源上，通过它的电流为0.3安，该电阻丝的阻值为 欧。当该导体两端的电压为12伏时，其电阻为 欧，通过它的电流为 安。解析：一根粗细均匀的电阻丝接在电压为9伏的电源上，通过它的电流为0.3安，根据欧姆定律，该电阻丝的阻值为R=30；因电阻的大小与导体的

11、长度、横截面积、材料与温度有关，与导体是否加电压及电压的大小无关，所以当该导体两端的电压为12伏时，其电阻仍为30欧，根据在电阻不变时，通过导体的电流与电压成正比，所以通过它的电流为×0.3A=0.4A。答案：30；30；0.4。14.(4分)在图所示的电路中，电源电压保持不变。电键S闭合后，电压表V无示数，已知电阻R1、R2中仅有一个出现了故障。电路中的故障可能是 ；现用一个完好的灯泡去替换电阻R2，则小灯 (选填“一定发光”、“一定不发光”或“可能发光”)。解析：根据电路图可知，两个电阻串联、电压表V测量电阻R1的是两端的电压，电压表无示数，说明电路中出现了断路或短路。当电阻R1

12、出现短路时，电压表V与一段导线并联，没有示数；当电阻R2断路时，电压表与电源的两极不相连，电压表没有示数；所以故障原因为：R1短路或R2断路；若用一个完好的灯泡替换断路部分的电阻R2，使电路接通，灯泡一定发光。答案：R1短路或R2断路；一定发光。15.(4分)我们在学习新的物理量时，有时会采用类比的方法。如图(a)(b)所示：在研究通过导体的电流和导体两端电压有何关系时，我们可以利用同一水管，通过它的水流和水压之间的关系做类比。(1)根据日常生活中的经验可知：对同一根水管来说，它两端的水压越大，通过它的水流也越 ，由此我们可以猜测同一导体，通过它电流和它两端电压之间的关系可能是： 。解析：对同

13、一根水管来说，它两端的水压越大，通过它的水流也越大，由此我们可以猜测同一导体，通过它电流和它两端电压之间的关系可能是：它两端电压越大，通过它电流也越大。答案：大；对于同一导体，它两端电压越大，通过它电流也越大。(2)但是，在日常生活中有时会发现，导体两端的电压大的时候通过它的导体的电流却并不一定大，请你思考分析并查找原因，下面的选项合理是 。A.电流可能还与其他因素有关。B.电流其实与电压是无关的。C.猜想得到的结论还需要更多实验来验证才具有普遍意义。解析：根据I=可知，电流的大小不仅与加在它两端的电压有关，还与导体的电阻有关，导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。所以，在探

14、究导体两端的电压与通过它的导体的电流的关系时，应控制导体的电阻不变，否则，导体两端的电压大的时候通过它的导体的电流并不一定大，故应选A。答案：A。三、作图题(共8分)16.(3分)重为20牛的物体放在水平地面上，用力的图示法在图中画出物体对地面的压力。解析：物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，F=G=20N，方向垂直于地面向下，作用点在地面，设定标度为10N，压力的图示如下图所示：答案：见解析17.(3分)根据图中所示的电流方向，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填进电路空缺处，填入后电阻R和灯L都工作且电压表测灯L两端电压。解析：因为电压表测灯L两端电压，故电压表与L并联

15、，所以中间一定为电压表，左边一定为电源，并且下边为正极，则右边为电流表，如下图所示：答案：见解析18.(2分)在如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上。补上后要求：当电键S闭合时，灯L1、L2都发光，且电流表的示数不变。解析：将开关S的左接线柱与电流表的接线柱相连，如下图所示：答案：见解析四、计算题(共25分)19.(4分)体积为5×103米3的金属块浸没在水中。求：该金属块所受的浮力F浮。解析：因为金属块浸没在水中，所以V排=V=5×103m3金属块所受到的浮力：F浮=水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5&

16、#215;103m3=50N。答案：金属块所受到的浮力为50N。20.(5分)在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R2的阻值为15欧。闭合电键S后，电流表的示数为1安，通过电阻R2的电流为0.4安。求：电源电压U。电阻R1的阻值。解析：闭合电键S后，两电阻并联，电流表的示数为1安，即为总电流I=1A，通过电阻R2的电流I2=0.4A，根据欧姆定律R2的电压U2=R2I=15×0.4A=6V，即电源电压U=6V；根据并联电路电流的规律，通过R1的电流I1=1A0.4A=0.6A，由欧姆定律R1=10。答案：电源电压U为6V。电阻R1的阻值为10。21.(8分)如图所示，均匀长方体甲

17、和薄壁圆柱形容器乙置于水平地面上。长方体甲的底面积为3S。容器乙足够高、底面积为2S，盛有体积为5×103米3的水。(1)若甲的重力为20牛，底面积为5×104米2，求甲对地面的压强p甲。解析：甲置于水平地面上，对地面的压力F甲=G甲=20N，甲对地面的压强p甲=4×104Pa。答案：甲对地面的压强p甲为4×104Pa。(2)求乙容器中水的质量m水。解析：根据=可得，乙容器中水的质量m水=水V水=1×103kg/m3×5×103m3=5kg。答案：乙容器中水的质量m水为5kg。(3)若将甲沿水平方向切去厚度为h的部分，并将切

18、去部分浸没在乙容器的水中时，甲对水平地面压强的变化量p甲恰为水对乙容器底部压强增加量p水的2倍。求甲的密度甲。解析：根据题意可知p甲=甲gh，p水=水gh水=水g()=水gh，则p甲=2p水，即：甲gh=2×水gh=3水gh，则甲=3水=3×1.0×103kg/m3=3×103kg/m3。答案：甲的密度甲为3×103kg/m3。22.(8分)在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20欧，滑动变阻器铭牌已模糊不清，只能辨识出标有“2A”字样。电键S闭合后，滑片移到某位置时，电流表A的示数为0.5安，电压表V2的示数为8伏。(电表量程

19、可以改变)。(1)求电源电压U。解析：电键S闭合后，滑片移到某位置时，R1、R2串联，电压表V2的示数为8伏，即R2的电压，电流表A的示数为0.5安，即电路中的电流大小I=0.5A根据欧姆定律，R1的电压U1=R1I=20×0.5A=10V，根据串联电路电压的规律，电源电压U=10V+8V=18V。答案：电源电压U为18V。(2)将滑动变阻器滑片P移到某处，发现电流表A的示数已达到某量程的满刻度，且各元件都能正常工作，求此时滑动变阻器连入电路的阻值。解析：因电压电压为18V，电阻R1的阻值为20欧姆。根据欧姆定律，电路中的最大电流为I大=0.9A，所以电流表不可能选用03A，而只能选

20、用00.6A，将滑动变阻器滑片P移到某处，发现电流表A的示数已达到某量程的满刻度，即电流I1=0.6A，根据欧姆定律，则电路的总电阻R=30，根据电阻的串联，所以R2=3020=10。答案：将滑动变阻器滑片P移到某处，发现电流表A的示数已达到某量程的满刻度，且各元件都能正常工作，此时滑动变阻器连入电路的阻值为10。(3)现用R0替换R1且能使电路中的电流达到最大，电路各元件都能正常工作，求替换的R0的最大阻值。解析：变阻器上标有“2A”字样，说明变阻器允许通过的最大电流为2A，现用R0替换R1且能使电路中的电流达到最大，电流表应改选大量程03A，电路中允许的最大电流为2A，根据欧姆定律，电路的

21、总电阻最小，此时变阻器连入电路中的电阻最小，由分压原理，变阻器分得的电压最小，根据串联电压电压的规律，则V1的示数最大，且R0的阻值越大，电压表V1的示数越大，所以当V1选用大量程015V，此时电压为U=15V时，R0有最大值，所以，其最大值R0=7.5。答案：现用R0替换R1且能使电路中的电流达到最大，电路各元件都能正常工作，替换的R0的最大阻值为7.5。五、实验题(共18分)23.(4分)在图所示的实验装置中，装置A可以用来探究 的规律；装置B可用来做验证 原理的实验；装置C所示正在做的是 实验。测量时能直接接在电源两端的仪表是 (选填“D”或“E”)。解析：装置A是压强计，可以用来探究液

22、体内部压强的规律；装置B可用称重法测出物体的浮力，同时借助量筒测出排水的体积，进而算出排水的重力，因此可用来做验证阿基米德原理的实验；装置C所示正在做的是托里拆利实验，实验时若玻璃管发生倾斜，则玻璃管内外水银面的高度差将不变，只是水银柱的长度会变长。测量时能直接接在电源两端的仪表是电压表，E图是电压表。答案：液体内部压强；阿基米德；托里拆利；E。24.(4分)在“测定物质密度”的实验中，天平平衡时，砝码和游码在标尺上的位置如图1所示。用量筒量出石块的体积如图2所示，则石块的质量是 克，密度是 克/厘米3.对比“探究物质质量与体积的关系”和“测定物质的密度”两个实验，实验所用器材及所需要测量的物

23、理量均 ，而实验目的 (均选填“相同”或“不同”)。解析：由图知，石块的质量为m=50g+20g+3.4g=73.4g；石块的体积为V=40cm320cm3=20cm3；石块的密度为=3.67g/cm3。“探究物质质量与体积的关系”和“测定物质的密度”实验中，都需要测量质量和体积，所以用到的器材是相同的；在“探究物质质量与体积的关系”实验中多次测量的目的是为了对数据分析，得到质量与体积的关系；而在“测定物质的密度”实验中多次测量的目的是为了多次测量求平均值，减小误差。答案：73.4；3.67；相同；不同。25.(5分)小王同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，所有元件均完好。他将电源(电压是1

24、.5伏的整数倍)、待测电阻、电流表、滑动变阻器、电键等串联后，将电压表并联在电路中，他移动变阻器的滑片到某端点。刚闭合电键时，观察到电流表、电压表示数如图(a)、(b)所示。当他移动变阻器的滑片时，观察到两电表的指针向相反方向偏转。他经过思考，求出了滑动变阻器的最大阻值。他重新正确连接电路，实验步骤正确。闭合电键时，观察到电压表的示数如图(c)所示。当他移动变阻器滑片到中点位置时，记录电流表的示数在下表中。他继续移动滑片，发现电流表示数最大为0.28安。实验所用滑动变阻器的最大阻值为 欧；请根据上述他重新正确连接电路时的相关信息，将下表填写完整。(计算电阻时，精确到0.1欧)电压(伏)电流(安

25、)电阻(欧)电阻平均值(欧)120.2430.28解析：在移动滑动变阻器滑片时发现：电流表示数变大，电压表示数变小，说明电压表不是接在电阻的两端，而是电压表与滑动变阻器并联了，根据图(a)可知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A，根据图(b)可知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2V，因为刚闭合电键时，电压表与滑动变阻器并联，并且滑动变阻器接入电路阻值最大，当电路连接正确后，闭合电键时，此时滑动变阻器接入电路阻值仍为最大，则滑动变阻器两端电压仍为2V，电流表的示数仍为0.2A，则滑动变阻器的最大阻值为R=10。重新正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键时，

26、电压表的示数如图(c)所示，根据(c)图指针的位置可知，量程为015V，分度值为0.5V，示数为4V；故电源电压：U=4V+2V=6V；当电流表示数为0.2A时，则待测电阻两端的电压为U1=6V2V=4V，待测电阻阻值R1=20；当电流表示数为0.24A时，滑动变阻器两端的电压为U滑=IR=0.24A×5=1.2V，则待测电阻两端的电压为U2=6V1.2V=4.8V，待测电阻阻值R2=20；当电流表示数为最大值0.28A时，定值电阻两端电压为电源电压，即6V，待测电阻的阻值：R3=21.4；电阻平均值为R=20.5；如下表：电压(伏)电流(安)电阻(欧)电阻的平均值(欧)14.00.220.020.524.820.036.021.4答案：10；如上表。26.(5分)为了研究将物体浸没在水中时水对容器底部压强的增加量p水与物体体积、质量的关系，小李和小华两位同学将质量和体积不同的物体分别浸没在盛有水的同一圆柱形容器中，并分别进行了实验。(1)小李探究：p水与放入物体质量m的关系，于是选择质量不同、体积相同的三个物体，先后浸没在盛有水的同一圆柱形容器中，并测得p水。实验示意图及相应数据见表一。表一实验序号