2020年四川省成都市高考物理二诊试卷

1、2020年四川省成都市高考物理二诊试卷一、选择题：本题共 8小题，每小题 6分.在每小题给出的四个选项中.第1418题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分.1 . （6分）图为氢原子的能级示意图。处于n= 4能级的一群氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子再照射到逸出功为2.29eV的某金属板上，下列说法正确的是（）gm*r*” h 电S0. H1 THiJ M2 -"> 4。I 13> 6A.共有10种不同频率的光子辐射出来B.共有6种不同频率的光子能使该金属发生光电效应现象C.入射光子的频率越高，

2、逸出光电子的最大初动能越大D.从金属板中逸出的光电子就是a粒子2. （6分）如图，两根平行通电长直导线固定，左边导线中通有垂直纸面向外、大小为I1的恒定电流，两导线连线（水平）的中点处，一可自由转动的小磁针静止时N极方向平行于纸面向下。忽略地磁场的影响。关于右边导线中的电流I2,下列判断正确的是（）4 is 大A. I2VI1,方向垂直纸面向外B . I2>I1,方向垂直纸面向外C. I2VI1,方向垂直纸面向里D. I2>I1,方向垂直纸面向里3. （6分）如图，A代表一个静止在地球赤道上的物体、B代表一颗绕地心做匀速圆周运动的近地卫星，C代表颗地球同步轨道卫星。比较 A、B、C

3、绕地心的运动，说法正确的是（）0, j ,A.运行速度最大的一定是 BB.运行周期最长的一定是 BC.向心加速度最小的一一定是D.受到万有引力最小的一一定是 A4. （6分）如图，倾角为。的光滑斜面上有两个用轻弹簧相连的小物块A和B（质量均为m）,弹簧的劲度系数为 k,B靠着固定挡板，最初它们都是静止的。现沿斜面向下正对着A发射一颗质量为 m、速度为v0的子弹，子弹射入A的间极短且未射出，子弹射入后经时间t,挡板对B的弹力刚好为零，重力加速度大小为g。则（）A .子弹射入A之前，挡板对B的弹力大小为2mgB.子弹射入A的过程中，A与子弹组成的系统机械能守恒C.在时间t内，A发生的位移大小为21

4、ng一门° kD.在时间t内，弹簧对 A的冲量大小为 2mv0+2mgtsin 05. （6分）如图（a）,场源点电荷固定在真空中。点，从与。相距r0的P点由静止释放一个质量为 m、电荷量为q（q>0）的离子，经一定时间，离子运动到与。相距rN的N点。用a表示离子的加速度，用的距离，作出其a-图象如图（b）。静电力常量为是k,不计离子重力。由此可以判定（r表示离子与。点）场源点电荷带正电A .B.C.D.场源点电荷的电荷量为-离子在P点的加速度大小为kq离子在P点受到的电场力大小为2- r06. （6分）图（a）为一交流发电机示意图，线圈 abcd在匀强磁场中绕固定轴 OO&#

5、39;沿顺时针方向匀速转动，图（b）2.5Q,定值电阻 R= 10Q,电表均为理想是该发电机的电动势 e随时间t余弦规律变化的图象。已知线圈电阻为交流电表。由此可以判定（® <*）ffi （b）A .电流表读数为 0.8AB .电压表读数为 10VC. t=0.1s时刻，穿过线圈的磁通量为零D. 00.05s内，通过电阻 R的电荷量为 0.04C7. （6分）如图，倾角 37。且足够长的传送带以2m/s的恒定速率沿顺时针方向传动，现有一质量为1kg的小物块从传送带底端以v0=6m/s的初速度沿斜面向上滑出。已知物块与传送带间的动摩擦因数为0.25,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重

6、力加速度为10m/s2. sin37° =0.6、cos37° =0.8.下列说法正确的是（）A .物块先做减速运动，速度减到 2m/s后做匀速运动B .物块先做减速运动，速度减到零后反向做加速运动直到离开传送带C .传送带对物块做功的最大瞬时功率为12WD.物块与传送带间因为摩擦而产生的热量为6J8. （6分）如图，方向竖直向上的匀强磁场中固定着两根位于同一水平面内的足够长平行金属导轨，导轨上静止着与导轨接触良好的两根相同金属杆1和2,两杆与导轨间的动摩擦因数相同且不为零，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现用平行于导轨的恒力F拉金属杆2使其开始运动，在足够长时间里，下列描述两

7、金属杆的速度v随时间t变化关系的图象中，可能正确的是（）C.D.三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分.第 22-32题为必考题，每个试题考生都必须作答.第 33-38题为 选考题，考生根据要求傲答.（一）必考题（共129分）9. （6分）利用图示装置可以测物体间的动摩擦因数。水平粗糙桌面左端固定着定滑轮、B点固定着光电门。跨过定滑轮的细线两端分别栓接质量m的重物和质量 M的物块（含宽度为 d的遮光条），实验时每次都由静止释放物块，多次改变物块释放点 A的位置，记录每次 AB的间距x和遮光条通过光电门的时间 to （细线与滑轮间的 摩擦及空气阻力均不计，重力加速度为g）（1）若用号表示物块

8、在B点的速度，则物块从A运动至B的过程中，重物和物块整体的动能增量为Ek=（2）下列各图中，能够正确反映运动过程中x与t之间关系的图象是 （填选项序号字母）。（3）若（2）间中正确图线的斜率为k,则物块与水平面间的动摩擦因数科= （填选项序号字母）A 22 L +2D 2kRig+（1I+in） d2 cMgA B C.ZkNg 2kmg-（M+m） d2能电门10. （9分）要测定一节干电池（电动势约1.5V,内阻约0.5Q放电电流不允许超过 0.6A）的电动势和内电阻，要求测量结果尽量准确。提供的器材有：A.电流表 A1：挡位1 （03A,内阻约 0.05Q）,挡位2 （00.6A,内阻约

9、 0.2Q）B.电流表 A2： 0300 0,内阻rA=100QC.定值电阻：R0=2Q, R1 = 900Q, R2 = 4900aD.滑动变阻器： R3 （0-5Q, 2A）, R4 （015Q, 1A）E.开关一只、导线若干（1）测量电流的仪表：应选择电流表 Ai的挡位 （填“1”或者“ 2”）。（2）测量电压的仪表：应将定值电阻 （填“ R0”、“R1”或“ R2”）与A2串联，使其成为改装后的电压表。（3）干电池内阻太小，应选择定值电阻 （填“ R0”、“R1”或“ R2”）来保护电源。（4）若要求A1表电流在0.1A0.5A范围内连续可调。则滑动变阻器应选择 （填“ R3”或“ R

10、4”）。（5）为消除电流表内阻对测量精度可能造成的影响，在给出的两种电路原理图中（图中V表为改装后的电压表），应选择 （填“图（a）”或“图（b）”）。（6）进行实验并记录数据。用Ii、I2分别表示Ai、A2表的示数，根据测量数据作出如图（ c）所示的I2-I1图象，由图象可得：电池的电动势为 V,内阻为 Q （保留到小数点后两位）11. （12分）如图，xOy坐标系位于竖直面（纸面）内，第一象限和第三象限存在场强大小相等、方向分别沿x轴负方向和y轴正方向的匀强电场，第三象限内还存在方向垂直于纸面、磁感强度大小为 B的匀强磁场（未画出）。现将质量为m、电荷量为q的微粒从P （L, L）点由静止

11、释放，该微粒沿直线PO进入第三象限后做匀速圆周运动，然后从x轴上的Q点（未标出）进入第二象限。重力加速度为go求：（1）该微粒的电性及通过 O点时的速度大小；（2）磁场方向及该微粒在 PQ间运动的总时间。312. （20分）如图，水平地面上固定着竖直面内半径 R = 2.75m的光滑圆弧槽，圆弧对应的圆心角为37° ,槽的右端与质量m = 1kg 长度L = 2m且上表面水平的木板相切，槽与木板的交接处静止着质量m1 = 2kg和m2 = 1kg的两个小物块（可视为质点）。现点燃物块间的炸药，炸药爆炸释放的化学能有60%转化为动能，使两物块都获得水平速度，此后 m2沿圆弧槽运动，离开

12、槽后在空中能达到的最大高度为h= 0.45m o已知m1与木板间的动摩擦因数 四 1 = 0.2,木板与地面间的动摩擦因数理=0.1,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37° =0.6, cos370 =0.8,重力加速度g=10m/s2.求：（1）物块到达圆弧槽左端时的速率v;（2）炸药爆炸释放的化学能E;Q。（3）木板从开始运动到停下的过程中与地面间因摩擦而产生的热量三、物理-选彳3-31 （15分）。13. （5分）如p-T图所示，一定质量的理想气体从状态a开始，经历过程 、到达状态do对此气体，下列说法正确的是（）A.过程中，气体体积不断增大B.过程中，气体向外界吸收热量C

13、.过程为绝热过程D .状态a的体积大于状态 d的体积E.过程中。气体分子在单位时问内撞击容器壁上单位面积的平均次数增加214. （10分）如图，封有一定质量理想气体的圆枉形气缸竖直放置，气缸的图度H = 30cm,缸体内底面积 S= 200cm ,缸体质量M = 10kg。弹簧下端固定在水平桌面上，上端连接活塞，当缸内量气体温度To=280K时，缸内气体高h=20cm。现缓慢加热气体，使活塞最终恰好静止在缸口（未漏气），此过程中缸内气体吸收热量为 Q=450J.已知大气压恒为po=1X105Pa,重力加速度g=10m/s2,不计活塞质量、厚度及活塞与缸壁的摩擦，且气缸底部及 活塞表面始终保持水

14、平。求：（i）活塞最终静止在缸口时，缸内气体的温度；（ii）加热过程中，缸内气体内能的增加量。OrLIFm五、物理-选彳3-4 （15分）15. 一列沿x轴正方向传播的简谐横波在 t = 0时刻的波形如图所示，此时波刚好传播到x=5m处的M点，再经时间 t= 1s,在x= 10m处的Q质点刚好开始振动。下列说法正确的是(个4*QA.波长为5mB.波速为5m/sC.波的周期为0.8sD.质点Q开始振动的方向沿 y轴正方向E.从t = 0到质点Q第一次到达波峰的过程中，质点 M通过的路程为80cm16.如图，ABO是一半径为圆形玻璃砖的横截面,O是圆心，AB弧形面镀银。现位于 AO轴线上的点光源S

15、发出一束光线射向玻璃砖的OB边，入射角OS = .已知玻璃的折射率为Vs,光在空气中传播的速度为c,每条边只考虑一次反射。求:(i)光线射入玻璃砖时的折射角；(ii)光线从S传播到离开玻璃砖所用的时间。2020年四川省成都市高考物理二诊试卷参考答案一、选择题：本题共 8小题，每小题 6分.在每小题给出的四个选项中.第1418题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分.1 .解：A、根据C： = 6知，这些氢原子可能辐射出6种不同频率的光子，故 A错误；B、根据能级差公式 hv=Em-En可得：n=4跃迁到n=3辐射的光子能

16、量为 0.66eV, n = 3跃迁到n = 2辐射的光 子能量为1.89eV,都小于2.29eV,不能使金属钾发生光电效应； n=4跃迁到n= 2辐射的光子能量为 2.55eV, 大于2.29eV,其它3种光子能量都大于 2.29eV,所以能发生光电效应的光子共 4种，故B错误；C、根据光电效应方程 Ek=hv-W0可知，照射金属的光频率越高，光电子的最大初动能越大，故 C正确；D、根据光电效应现象可知，从金属板中逸出的光电子就是电子，故 D错误； 故选：Co2 .解：根据安培定则可判断对左边导线I1在连线中点处的磁感应强度B1方向竖直向上，由于合磁感应强度竖直向下，则右边导线I2在该处形成

17、的磁感应强度B2一定竖直向下，且 B2>B1,所以I2>I1,根据安培定则可知，电流方向垂直纸面向外，故B正确，ACD错误。故选：B。3 .解：A、赤道上的物体 A与同步卫星C转动周期相同，角速度相同，由于赤道上的物体的轨道半径小于同步通信卫星的轨道半径，根据 v=西可知，同步卫星 C比物体A的速度大；同步卫星和近地卫星均绕地球做匀速圆 周运动，万有引力提供向心力，有：普二nr匚，解得：v=L,则近地卫星 B的运行速度大，比较可知,运行速度最大的一一定是 B,故A正确；B、万有引力提供向心力，有：7-=mT ,解得：T = 2冗4幺，则近地卫星的周期小，运行周期最小的t TV GM

18、一定是B,故B错误；2a=co2r可知，同步卫星的向心加速度大于赤rirC、根据a=?£可知，近地卫星的向心加速度大于同步卫星，根据 La道上的物体，故向心加速度最小的一定是A,故C错误;D、A、B、C三者的质量未知，无法比较受到的万有引力大小，故 D错误。故选：A。4 .解：A、子弹射入A之前，AB系统所受合力为0,挡板对B的弹力大小为2mgsin 0,故A错误B错误B、弹射入A的过程中，A与子弹之间的摩擦生热，组成的系统机械能不守恒，故C、子弹射入A前弹簧为压缩状态，压缩量为：xi = E5*lL,挡板对B的弹力刚好为零时弹簧处于伸长状态，伸长量为： x2=Hf£HL,

19、则在时间t内，KA发生的位移大小为： x = Zx1+Zx2= 2msMLn,故c正确kD、选沿斜面向上为正，时间 t初态A的动量为-mv0,在时间t的末态，对于系统弹性势能相同，重力势能增加，则动能变小，即此位置A动量大小P'要小于mv0,时间t内由动量定理有：I弹-2mgtsin。= P-(-mv0)< 2mv0即为：I弹v 2mv0+2mgtsin 0.故 D 错误 故选：Co5.解：A.从P到N,带正电的离子的加速度随 工亍的增加而增大，即随的减小而增加，可知场源点电荷带负电, r故A错误；8 .在N点，由库仑定律及牛顿第二定律：aN = /2解得：Q=_J,故B错误；

20、kqCD.在P点时，由库仑定律及牛顿第二定律:2 rN离子在P点受到的电场力大小为：Fp= maP=22- r0故C错误，D正确。故选：D。6.解：A、由图b可知，线圈产生的感应电动势的最大值为£ = 1072V,周期T = 0.2s,线圈产生的感应电动势的有效值g-A=10V V2根据闭合电路的欧姆定律可知三乙=0. gA，故A正确;B、电压表的示数 U=IR = 8V,故B错误;C、t= 0.1s时刻，线圈产生的感应电动势最大，此时线圈位于与中性面垂直位置，故穿过线圈的磁通量为零，故C正确;D、线圈转动的角速度=竺通>nMb, 00.05s内，通过电阻3107T TTR的电

21、荷量为q =黑蓦Wk。嫡C，故D错误;Ha 八二IQnHad/l 线圈产生的最大感应电动势Em=BSco,故 BS =故选：AC 。7.解：A、令传送带的倾角为。，传送带的速度为v,根据题意可知，物块放上传送带上时的受力如图所示,物块向上做减速运动，其加速度大小为ai = gsinO闻cos 0= 8m/s2,当物块的速度和传送带速度相等时，所用时间为s _ 18 m/ s 22物体发生的位移为.36-416对物体由于 mgsin37 > pmgcos37° ,所以当物块的速度和传送带速度相等后物块相对于传送带向下运动,其受力如图所示,根据牛顿第二定律可知，其加速度大小为日 -

22、 N geos g =4m/s 2a3=gsin 9 - p geos 8 =4:m/s 2，当物块回到传送带底端时根据x =2(xi+工2)gat 2可得，下滑所用时间为宜1工22N ”物块继续向上做匀减速直线运动,当速度减为零时，所用时间为21物块的位移为=一加,2 2az 2当物块的速度减为零后，物块反向做匀加速直线运动，其加速度大小为A错误，B正确;故物块先做减速运动，速度减到零后反向做加速运动直到离开传送带，故C、物块在传送上运动时，受到的摩擦力f=师gcos 0= 2N ,在整个运动过程中，释放时速度最大，故此时传送带对物块的功率最大，故 P= fv0=2X6W= 12W,故C正确

23、;D、在沿斜面向上减速运动到2m/s的过程中，发生的相对位移工=x物块继续向上减速到零发生的相对位移为X2= vt2- x2= 0.5m物块在向下滑动时，发生的相对位移叼=V tg+工+ 工。=(2. 5+a/5 ) ir摩擦力产生的热量 Q= mgcos 0?( xi + x2+Ax3)= ( 8+2/) J,故 D 错误;故选：BC。8.解：AB、金属杆2向右运动时，切割磁感线产生感应电流，金属杆1受到向右的安培力，若安培力总小于金属杆1的最大静摩擦力，则金属杆 1保持静止，随着速度增大，产生的感应电动势增大，感应电流增大，金属杆2受到的安培力增大，合力减小，加速度减小，金属杆2做加速度逐

24、渐减小的变加速运动，当合力为零时开始做匀速运动，故A错误，B正确;CD、若安培力增大到大于金属杆1的最大静摩擦力时，金属杆 1将开始向右加速运动，也切割磁感线产生感应电动势，由于金属杆2和1间的速度差增大，回路产生的总的感应电动势增大，感应电流增大,两杆受到的安培力增大，则金属杆1的加速度增大，金属杆 2的加速度减小，当两杆的加速度相同时，速度差恒定,回路中感应电流恒定，两杆受到的安培力恒定，合力恒定，所以最终两杆以相同的加速度一起做匀加速运动，故C错误，D故选：BD。、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分.第22-32题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33-38题为选考题，考生根据要求

25、傲答.(一)必考题(共129分)9 .解：(1)重物和物块整体的动能增量(2)根据动能定理有：mgx -(iMgx = Ek,整理后有：(mg - (Mg) x =变形得:x=显然要绘制的象是s-斗图象;(3)绘制的s-图象是一条倾斜直线，而斜率t(H+m) d”,由此变形可得:2kJIg2故答案为：(1)史必L； (2) C； (3) A;2?10 .解：(1)因为干电池的放电电流不允许超过0.6A,所以测量通过干电池的电流表应该用挡位2,因为量程越小，测量结果精确度越高；(2)把A2改装成电压表，应该改装成量程至少为1.5V的才可以，用 R0、R1、R2分别和A2串联后改装成的电压 表 的

26、 量 程 分 别 为 u0二I Jr+R0)=30QX 1。6乂1100+2)7=0. 030出，Up I 2(rA+R1)=200 X10-SX (100900)7=0.初，U?二I4+Rc)=moox 1CT*X (io»4goo)v二L或，所以应该选择定值电阻 R2与电流表A2串联；匕 & A £(3)因为干电池的内阻太小，应该串联一个定值电阻作为保护电阻，若是R1或者R2与电源串联，则电路中的电流太小，电流表A1不能准确测量出电路中的电流，造成测量误差太大， 所以应该用R0与电源串联，这样电路中的最大电流为二h+R0 0. 5+2-A=0.6A，也正好等于A

27、1的量程，可以满足要求;(4)当电路中的电流分别为0.1A和0.5A时，电路中的总电阻分别为1.50.5电路中总电阻的变化范围为3Q- 15Q,所以滑动变阻器选用 R4才可以满足要求，R3的电阻太小不能满足要求;a电路可以消除电流表的分压作用;(5)电流表对电路的影响主要是因为电流表的分压作用，所以应该选用(6)根据闭合电路的欧姆定律E= U+Ir可得：E= I2 (rA+R2)+I 1r,整理得工2-rA+R2 tA+R2.由图C可以得到图象的斜率(298-150)x 10-6=1364900,解得r =0.49 0,图象c的纵轴截距100+4900,解得：E=1.49V。故答案为：(1)

28、2; (2) R2； (3) R0; (4) R4； (5) a； (6) 1.49, 0.49。P到O做匀加速直线运动，其运动轨迹11 .解：(1)根据题意可知，微粒在第一象限内受到重力和电场力作用由其合力方向由P指向O,所以微粒受到的电场力向左，微粒带正电,根据三角形定则有 qE = mg,P到O根据动能定理有 mgL+qEL =所以微粒到达。点的速度为v=2FT；(2)根据左手定则可知，磁场的方向垂直于纸面向外,在第一象限内，根据运动学规律有2L=y则在第三象限内，根据牛顿第二定律有2- _ 一q词"m=一，A1 2nR _兀mt _ 二一二2 4 v 2qBt=tl+t2=性

29、Z。2qB y g根据几何知识有，微粒做圆周运动的圆心角为0=90所以微粒在磁场中运动的时间为则微粒在PQ间运动的总时间 答：(i)该微粒的带正电，通过 。点时的速度大小为2yL；(2)磁场方向垂直于纸面向外，该微粒在PQ间运动的总时间为 三更+区匚。2qB V g12解：(1) m2离开圆弧槽后，在空中飞行过程的逆过程是平抛运动。分解m2离开圆弧槽时的速度 v 在竖直方向有： vy=vsin37°根据平抛运动规律得：n-二一vy = gt代入数据，联立解得：v=5m/s(2)设炸药爆炸后，mi、m2获得的速率分别为 vi、v2 m2运动过程中，由机械能守恒定律得:代入数据解得：V2

30、=6m/s 爆炸过程中，由动量守恒定律得mivi= m2v2代入数据解得：vi = 3m/s根据题意可得A(W_ 12 12代入数据解得：E = 45J(3)对木块mi：有(nmig= miai对木板m有:(iimig -理(m+mi) g= ma2代入数据解得:2a 1=2m/ s a 2=lm/ s设经过时间t'达到共同速度v'vi ait' = a2t'v' = a2t'代入数据解得：t' = is, v' = im/s在此过程中mi的位移为木板的位移为： - 一-： 丁一一 .匚一1木板与mi的相对位移为： x = xi

31、- x2= i.5m v L故mi未脱离木板。假设它们一起做匀减速运动直到静止由应(mi+m) g= ( mi+m) a共得a±E= lm/ s2又fm= jiimig>mia共，故假设成立。设此后木板发生的位移为 X3,由运动学规律得'寸严近51rL所以整个过程中木板与地面的摩擦产生的热量为Q=修(mi+m) g (x2+x3)代入数据得：Q=3J答：(i)物块到达圆弧槽左端时的速率v为5m/s；(2)炸药爆炸释放的化学能E为45J;(3)木板从开始运动到停下的过程中与地面间因摩擦而产生的热量Q为3J。、物理-选彳修3-3l (i5分)。13 .解：A、过程中，气体做等温变化，压强减小，根据pV=C可知，体积增大，故 A错误;B、过程中，直线的延长线过坐标原点，故为等容变化，气体不做功，温度降低，内能减小，根据热力学第定律 U = W+Q可知，气体放热，不是绝热过程，故 B错误；D、从a到d,根据理想气体状态方程可知，三亚_=三式色，代入数据解得V故状态a的体积