内蒙古包头市中考物理试卷

1、2011年内蒙古包头市中考物理试卷考点分布统讣閨运动和相互作用.33.75能邕48.75物叭17.5一级考点二级考点三级考点分比例物质物态变化1M:液化及液化现象56.25%1R:生活中的凝华现象22.50%物质的属性2B:密度公式的应用22.50%2M:固体的密度测量实验56.25%运动和力6D:变速运动与平均速度22.50%6L:惯性22.50%力和机械7L:探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验45.00%压强和浮力80:阿基米德原理22.50%运动和相互作用声现象9H:音色22.50%光现象A3:光直线传播的应用22.50%透镜及其应用B6:透镜的光路图67.50%B8:凸透镜成像的应用

2、22.50%电和磁CS:发电机的构造和原理56.25%能量能量EC:功的计算22.50%机械能FF:功率的计算911.25%内能G6:温度、热量与内能的关系33.75%欧姆定律IA:影响电阻大小的因素22.50%IH:欧姆定律的应用1215.00%IL:探究电流与电压、电阻的关系实验67.50%IY:电路图设计22.50%电功和电功率JA:电功率的计算33.75%一、选择题（112题为单项选择题，每题2分；1315题为多项选择题，每题至少有两个正确答案，全部选对得3分，选对但不全得1分请将正确选项的字母填入题后的括号内.本大题共33分）1、图中所示四幅图中，由凝华而形成的自然现象是（）A、春天

3、来了，冰雪融化B、夏天草叶上形成露珠C、冬天草叶上形成冰娃D、北方冬天的雾淞考点：生活中的凝华现象；熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化现象专题：应用题.分析：此题考查了生活中的几种物态变化，首先要弄清变化前后的物态特征，然后根据规律来判断：气态液化液态凝固固态，固态熔化液态汽化气态，气态凝华固态，固态升华气态.解答：解：A、冰雪融化是固态变成液态，属于熔化现象，不符合题意；B、露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，不符合题意；C、冰娃是不同形状的小冰块，是小液滴遇冷凝固形成的，属于凝固现象，而凝华是空气中的水蒸气遇冷液化变成之间附着在树枝上的冰霜，故选项不符合题意；D、雾淞是空气

4、中的水蒸气遇冷直接变成固态小冰粒形成的，属于凝华现象，符合题意；故选D.点评：要判断各选项的物态变化是否相对应，首先要弄清楚各选项的物态变化特点，然后根据变化前后的物态特征来判断属于哪种物态变化.2、喇叭里响起我们亚洲，山是高昂的头”军军说：是韦唯在演唱”.他作出判断的依据是不同演员声音的（）A、音调不同B、响度不同C、音色不同D、声速不同考点：音色.专题：应用题.分析：解决此题需要掌握：音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关.解答：解：不同人的声带发声结构不同，所以发出声音的音色不同，所以可以通过音色辨别是谁；故选C.点评：此题考查了对声音特征的辨别，要会利用声音的特征解释

5、生活现象.3、法拉第发现电磁感应现象，标志着人类从蒸汽时代步入了电气化时代.下列设备中，根据电磁感应原理制成的是（）A、发电机B、电动机C、电视机D、电磁继电器考点：发电机的构造和原理分析：电磁感应现象原理的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流.解答：解：A、发电机的前提是运动，结果是产生电流，利用电磁感应现象原理；B、电动机的前提是供电，结果是产生运动，利用通电导体在磁场中受力的原理；C、电视机结构复杂，将电能转化成声和光，不能用简单的磁现象来解释；D、主要部件是电磁铁，利用电流的磁效应原理.故选A.点评：记住：发电机、动圈式话筒利用电磁感应现象原理，带电动

6、机的用电器、扬声器利用通电导体在磁场中受力原理，带电磁铁的仪器利用是电流的磁效应原理.)4、踢毽子是人们喜爱的一项体育活动.脚将毽子踢出后，下列说法正确的是（A、毽子飞行过程中受到重力和脚对它的踢力B、毽子向上运动过程中，重力势能增加，机械能增加C、毽子能继续向上运动是由于毽子具有惯性D、由于惯性，毽子下落过程中会越来越快考点：惯性；动能和势能的大小变化;机械能.专题：应用题；学科综合题.分析：A、脚将毽子踢出后，对毽子进行受力分析，可得出毽子飞行过程中受力的情况；B、要分析毽子向上运动过程中，重力势能如何变化就看它的高度是否变化；要分析机械能是否变化，就看它是否对外做功或是否有别的物体对它做

7、功；C、思考毽子能继续向上运动的原因，看这个原因是否与题干中的原因相符；D、对毽子进行受力分析，思考毽子下落过程中会越来越快的原因，看与题干是否相符.解答：解：A、对毽子进行受力分析，毽子受重力和空气阻力作用，但毽子飞出后就不再受脚对它的踢力作用，故A错误；B、毽子向上运动过程中，高度升高，因此重力势能增加；毽子向上运动过程中，在上升过程中，机械能总体是克服空气阻力而输出，所以总的机械能减少，机械能减小，故B错误;C、毽子能继续向上运动是由于毽子具有惯性，因此C选项正确；D、物体保持运动状态不变的性质叫惯性，具有惯性的物体将保持原有的运动状态不变，并不能使物体的运动状态发生改变，毽子下落过程中

8、会越来越快是由于受重力作用的结果；故选C.点评：本题综合性较强，考察惯性、机械能的相关知识，关键是理解相关的知识，会应用它解决实际问题.5、如图所示，电源电压保持不变,Ri的阻值是R2的4倍，闭合开关S后，通过Ri的电流为)D、I1：1=4:5再结合比例的知识求11, 通过R2的电流为|2,电路总电流为I.则下列关系正确的是（A、11:12=4:1B、11:1=1:5C、1:12=5:1考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律.专题：比例法；赋值法.分析：对比值问题，可以利用赋值法，把每一个量都赋于具体的数值,解.解答：解：此电路为并联电路，为等压分流电路，电流的分配和电阻成反比.因为R啲阻值

9、是R2的4倍，即R1:R2=4:1，所以11：12=1:4,所以可排除A选项；利用赋值法，设1仟1,12=4，则1=5，所以11：1=1:5,B选项正确，D选项错误.I:|1=5:1,C选项错误;故选B.点评：解答此类问题时很容易把比值关系写错，解决的最好方法就是赋值法，用具体的数字去算，出错的几率就小多了.6、关于光现象，下列说法正确的是（）A、人远离平面镜时，平面镜中的像越来越小B、物体经小孔成的像是正立的、缩小的实像C、光从空气射入水中时，传播方向一定改变D、图中空气泡对入射的平行光线具有发散作用考点：光直线传播的应用；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；凹透镜的发散作用.专题：推

10、理法.分析：A、根据平面镜成像的特点（物距等于相距、物象等大）分析判断；B、小孔成像的成像原理是光的直线传播，成的像是倒立的，其大小由物体距离小孔的远近决定；C、当光从空气斜射入水时，光的传播方向会发生变化，当光垂直水面入射时，传播方向不发生改变；D、图中，玻璃砖是被气泡分成了两部分，这两部分都属于凹透镜，凹透镜对光有发散作用.解答：解：A、人远离平面镜时，平面镜中的像也远离，但像的大小与物体等大，故A错；B、小孔成像成的像是倒立的，可以是放大的、缩小的、也可以是等大的，其大小由物体距离小孔的远近决定，故B错；C、当光垂直水面入射时，传播方向不发生改变，故C错；D、玻璃砖被气泡分成两部分，这两

11、部分都是中间薄、边缘厚的凹透镜，因此对平行光有发散作用，故D正确.故选D.点评：本题为易错题，是由于没有看清题意中强调的是中空”的玻璃砖，这样的玻璃砖相当于两个凹透镜，对光线有发散作用.7、下列四个选项中，平均速度最大的是（）A、航模飞行器以11m/s的速度飞行B、汽车以50km/h的速度在公路上行驶C、百米赛跑中运动员用10s跑完全程D、从30m高处竖直下落的物体用了2.5s考点：变速运动与平均速度；速度的计算.分析：根据公式Vs分别算出各选择项中描述的物体的运动速度，并使单位统一为国际单t位，再进行比较选出平均速度最大的物体.解答：解：航模飞行器的平均速度为11m/s；汽车的平均速度为50

12、km/h=13.9m/s；百米赛跑运动员的平均速度为100m10s从30m高出竖直下落的物体的平均速度30m2.5s12ms；可见，平均速度最大的是汽车的平均速度.故选B.点评：在做此类选择题时，有的要先用公式vs计算出速度，但最根本的是统一到国际单位制才能比较大小.8、甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列说法正确的是（A、甲灯灯丝比乙灯灯丝细B、两灯都正常发光时，甲灯消耗的电能较少C、两灯都正常发光时，甲灯电阻小于乙灯电阻D、两灯串联后，接在220V电路中，甲灯比乙灯暗)考点：影响电阻大小的因素；电功率的计算.专题：计算题.分析：要解决此题，需要掌握“220V25W”、“220V100W的含

13、义，电灯的名牌计算出灯丝的电阻及额定电流值.要掌握串并联电路中电流和电压的关系，并掌握电功率的计算.PUII2RR要比较灯泡的亮暗关键是比较灯泡的实际电功率.解答：解：A、甲灯泡的灯丝电阻为：R甲匕甲P甲220V25W2-1936;乙灯的电阻为:2220V100W484灯丝的长度和材料都是相同的，甲的阻值大于乙的阻值，所以甲灯灯丝比乙灯灯丝细.所以A说法正确.B、两灯都正常发光时，甲灯的功率小于乙灯的功率，根据W=Pt，由于不知时间，所以无法比较两灯所用电能的大小所以B说法错误.C、由A知，两灯都正常发光时，甲灯的电阻大于乙灯的电阻所以C说法错误.D、若两灯串联，则通过的电流相等，根据公式：P

14、=I2R，甲的电阻大，所以甲的实际功率比乙的实际功率大，甲灯比乙灯亮所以D说法错误.故选A.点评：此题主要考查了学生对电灯铭牌的理解，知道其中的电压和功率值都是指额定电压和额定功率.同时考查了有关实际功率的计算.特别注意的是实际功率决定了灯泡的亮暗情况.9、甲物质的密度为5g/cm3,乙物质密度为2g/cm3,各取一定质量混合后密度为3g/cm3假设混合前后总体积保持不变，则所取甲、乙两种物质的质量之比是（）A、5：2B、2：5C、5:4D、4：5考点：密度公式的应用.专题：计算题；信息给予题；方程法.分析：解答本题需要先分别设甲物质和乙物质的体积为V甲和V乙，然后根据质量公式m=pV分别得出

15、甲物质和乙物质的质量表达式为5V甲和2V乙，将它们相加从而得出混合后的总质量为（5V甲+2V乙），总体积为（V甲+V乙），最后根据密度公式p=mV建立一个方程，求解方程即可得到答案.解答：解：设甲物质的体积为V甲，乙物质的体积为V乙，则甲物质的质量：m甲=p甲V甲=5g/cm3XV甲=5V甲，乙物质的质量：m乙=卩乙V乙=2g/cm3XV乙=2V乙，甲和乙混合后的总质量：甲和乙混合后的总体积：m总=m甲+m乙=5V甲+2V乙,V总=V甲+V乙,则甲和乙混合后的密度为：总m总m甲口乙5V甲TVV总V甲VV甲V，5V田由于混合后的密度为3g/cm3,所以，3V甲V则5V甲+2V乙=3V甲+3V乙，

16、乙=2V甲，物质和乙物质的质量之比为：m甲：m乙=5V甲:2V乙=5V甲：（2X2V甲：4V甲=5:4.点评：解答本题需要围绕密度公式及其变形式去分析求解，而要围绕公式去分析求解（因为该题中只告诉密度这个物理量），就需要先设出公式中的某个物理量（体积或质量），然后建立方程从而求解，这也正是解答本题的难度所在.10、一物体放在距凸透镜20cm处时，在另一侧距凸透镜6cm处的光屏上出现了一个清晰的像.那么该透镜的焦距可能是（）A、3cmB、5cmC、7cmD、9cm考点：凸透镜成像的应用.专题：应用题.分析：要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律.凸透镜成像规律：物距小于焦距成正立放大虚像.应用是放

17、大镜.物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距.物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距.物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距.解答：解：由题意知，物体经凸透镜后成的是实像.物距为20cm,像距为6cm，物距大于像距.根据凸透镜成像的规律，20cm>2f,所以fv10cm.fv6cmv2f,所以3cmvfv6cm.综合得：3cmvfv6cm故选B.点评：此题主要考查了凸透镜成像的应用，要熟记凸透镜成像的规律，特别搞清物距与像距之间的关系.11、如图所示，斜面长6m,高3m，用沿斜面向上、大小为100N的拉力F使物体在5s内沿斜面移动了2

18、m,下列说法正确的是（）A、滑轮组的机械效率是40%B、物体重300NC、拉力F做的功是600JD、拉力F的功率是40W考点：功的计算；杠杆的机械效率；功率的计算.专题：计算题；推理法.分析：由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n=3,则拉力F移动的距离s=3h.知道物体沿斜面移动的距离s',利用s=3s求拉力移动的距离，知道拉力的大小，利用W=Fs求拉力做的功，又知道做功时间，利用P=Wt求拉力做功功率；因条件不足，例如斜面的倾角、是否有摩擦（额外功的大小），无法计算物体重和机械效率.解答：解：因条件不足，无法计算物体重和机械效率，故A、B错.拉力F移动的距离：s=3s'

19、;=3x2m=6m拉力F所做的总功：W总=Fs=100NX5m=600J，故C正确；拉力F做功的功率：W600JP120W，故D错；t5s故选C.点评：本题考查了功和功率的计算，求出了总功.本题关键是了解：若知道机械效率可以求有用功、若知道有用功可以求机械效率，二者都不知道，无法求有用功或机械效率.12、如图所示，在容器中放一个上、下底面积均为10cm2、高为5cm，体积为80cm3的均匀对称石鼓，其下底表面与容器底部完全紧密接触，石鼓全部浸没于水中且其上表面与水面齐平，则石鼓受到的浮力是（）（取g=10N/kg）A、0B、0.3NC、0.5ND、0.8N考点：阿基米德原理.专题：计算题；推理

20、法.分析：由于下底面与容器紧密接触，因此由此引起的一部分石鼓体积没有排开水（中间圆柱部分），这部分与浮力无关，排开水的体积的计算应去掉中间圆柱的体积.解答：解：石鼓排开水的体积：v排=80cm3-10cm2X5cm=30cm3=30X0-6m3,石鼓受到水的浮力：F浮=pgV排=1.0X03kg/m3X10N/kgX0X0-6m3=0.3N.故选B.点评：本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，关键在于排开液体体积的计算.13、下列说法正确的是（）A、温度高的物体具有的内能多，温度低的物体具有的内能少B、夏日，在阳光照射下，地面温度高于湖水表面温度是因为水的比热容较大C、塑料吸盘能牢牢地吸附

21、在玻璃上，说明分子间存在着吸引力D、物体吸收热量，内能一定增加，温度可能升高考点：温度、热量与内能的关系；大气压强的存在；水的比热容的特点及应用.专题：应用题.分析：（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关.（2）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少.（3）吸盘能吸住玻璃是大气压的作用.（4）物体吸收热量，内能增加，温度不一定变化，也可能是状态的变化.解答：解：A、内能的大小跟质量、温度、状态有关，温度不是决定内能大小的唯一因素，不符合题意；B、因为水的比热容较大，在同样的日照条件下，吸收相同的热量，水的温度变化小，温度低，所

22、以地面温度高于湖水表面温度，符合题意；C、挤出吸盘内的空气，是大气压把吸盘紧紧地压在玻璃上，不符合题意；D、物体吸收热量，内能增加，但温度不一定升高.比如晶体在熔化的过程中吸热内能增加，但温度不变，符合题意.故选B、D.点评：(1)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量,水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多.(2) 物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化上，也可能表现在状态的变化上.；浮力大小的计算14、下列说法正确的是()A、图中乒乓球不会下落是因为其上方气体流速大，压强较小B、密度越小的物体在水中所受浮力越大C、大型发电机

23、一般采取线圈不动、磁极旋转来发电D、竖直悬挂的围棋讲解盘上的棋子掉不下来，是因为有大气压强对其作用考点：发电机的构造和原理；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系磁性、磁体、磁极.专题：学科综合题.分析：A、利用图示的现象结合流体压强与流速的关系可以确定其对错.B、根据阿基米德原理可以确定这种说法的正误.C、根据课本中有关发电机的转子与定子的描述可以确定答案.D、围棋子不会下落是利用了磁极间的作用.解答：解：A、乒乓球的上方空气流速大，压强小；下方空气流速小，压强大这个压强差将乒乓球压在了上面没有落下来故A正确.B、物体浸入液体中受到的浮力的大小与物体排开液体的体积和所在液体的密度有关，与物体

24、的密度无关.故B错误.C、转子在高速旋转的过程中，会产生很大的离心力若将线圈做成转子，在这个巨大的离心力的作用下，线圈容易变形，故将不易变形的磁体作为转子故C正确.D、竖直放置的棋盘是一个磁体，棋子是由磁性材料制成的，由于磁体间的相互作用，棋盘将棋子吸附在它上面不会落下来故D错误.故选A、C点评：针对物体浸入液体中受到的浮力大小，只取决于物体排开液体的体积和所在液体的密度.与物体在液体中的浮沉情况、物体的密度等因素无关，不要存在这样的错误认识：上浮的物体受到的浮力大，下沉的物体受到的浮力小.关于这方面的考查如：将体积相同的甲、乙、丙三个小球，放入同种液体中，甲下沉、乙悬浮、丙漂浮，则它们受到的

25、浮力大小关系是怎样的.15、图所示电路，电源电压为6V,Ri=10Q,R2=20Q,R3=5Q,当闭合开关Si后，下列说法正确的是()A、闭合开关S2、S3,通过R2的电流是0.24AB、断开S2、S3,电路消耗的功率是2.4WC、断开S2、闭合S3,Ri两端的电压是6VD、在相等的时间内，闭合S2、S3时和断开S2、S3时，电流通过Ri产生的热量之比是9：4(2)当闭合开关Si后，断开S2、S3,RiR3串联，根据公式PU2可求电路消耗的功率,考占：P八、电功率的计算；欧姆定律的应用；焦耳定律.专题:计算题.分析:(i)当闭合开关Si后，闭合开关S2、S3，电阻RiR2并联，R3被短路，通过

26、R2的电流根据公式1U可求，电流通过Ri产生的热量为WU2t,R(3)当闭合开关Si后，断开S2、闭合S3,电路中只有Ri工作.解答：解：当闭合开关Si后，闭合开关S2、S3,电阻RiR2并联，通过R2的电流U6VU26V2I20.3A，电流通过Ri产生的热量为W,tt3.6t故A错误.R220iioU26V2当闭合开关Si后，断开S2、S3,RiR3串联，电路消耗的功率P2.4W,RiR2i05此时电路电流为IURR2电流通过Ri产生的热量为W2=l2Rit.此时电路电流为IU6VRiR31050.4A,电流通过Ri产生的热量为W2=I2Rit=(0.4A)2Xi0QXt=i,.6t所以在相

27、等的时间内，闭合S2、S3时和断开S2、S3时，电流通过Ri产生的热量之比是W3.6tW2i.6t9.故BD正确4当闭合开关S诟，断开S2、闭合S3,电路中只有Ri工作，Ri两端的电压是电源电压，为6V,故C正确.故选B、C、D.点评：本题考查电流、功率、产生热量等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是判断开关断开与闭合时电路的连接情况.、作图与实验题(本题6个小题，共28分)i6、如图所示，电源电压为6V保持不变.现有5Q、i0Q、40Q电阻各一个，请你用其中两个在图中虚线框内连成电路，使图中的电流表的示数为0.75A要求画出电路图，并标明连入电路的电阻阻值.考点：电路图设计；串、并联

28、电路的设计；欧姆定律的应用；电阻的并联.专题：计算题；作图题；设计与制作题；整体思想.分析：根据电路中的电压和电流值，用RU算出电路中需要连入的电阻值，再根据给出I的三个电阻5Q、i0Q、40Q，合理选择两个进行串、并联组成符合条件的电路.解答：解：(i)电源电压U=6V，电路中电流I=0.75A,因此图中虚线框内电路的总电阻为RU6匕8,I0.75A(2) 三个电阻5Q、i0Q、40Q选任意两个串联都不符合要求，所以只能并联，5i0 5Q、i0Q两个并联时，总电阻R3.3，不符合要5i0求； 5Q、40Q两个并联时，总电阻R一乂4.4，不符合要求;i04010Q、40Q两个并联时，总电阻R1

29、040io4o8，符合要求.故虚线框内电路为10Q、40Q两个电阻并联，如下图10Q40越并越小的原则点评：在选连接方式时，排除掉两个电阻串联不符合要求后，根据并联可迅速选出10Q、40Q并联才符合要求.17、如图所示是一种环保驱蚊用品-电热液体蚊香器蚊香器通电后其内部的发热部件对驱蚊液加热，过一会儿，可见其顶部有白气”飘出，房间里弥漫着驱蚊液的清香，起到驱蚊和灭蚊的作用其中白气”是态物质驱蚊液变成白气”涉及到的物态变化有蚊香器工作时将能转化为能.房间里清香四溢说明考点：液化及液化现象；汽化及汽化吸热的特点；能量转化的现象；扩散现象专题：应用题；简答题分析：要解答本题需掌握：电热液体蚊香器的原

30、理，即通过加热蚊香液，使驱蚊液汽化,气态的驱蚊液到空气中遇冷液化. 蚊香器工作时消耗了电能，得到了内能. 房间里清香四溢是分子运动的结果.解答：解：白气”是指的液态小液滴，它是驱蚊液先汽化成气体，然后气态的驱蚊液到空气中遇冷液化产生的；蚊香器工作时是将电能转化为内能；房间里清香四溢是分子运动的结果，属于扩散现象，可以说明分子在不停地做无规则运动.故答案为：液，汽化和液化，电，内，分子在不停地做无规则运动.点评：本题通过实验电热液体蚊香器考查了液化和汽化定义，以及对能量转化的了解和掌握,要学会结合物理知识解决生活问题.0乙甲18、有一金属块，请你测出它的密度现提供的器材有：托盘天平（含砝码），溢

31、水杯、烧杯、水、细线.（1）实验步骤：a将天平放在水平桌面上，游码移到标尺的零刻度线上，调节使b用天平测出金属块的质量如图甲、乙所示，金属块的质量是gc用天平测量出，并将水注入溢水杯至满，用细线系好金属块放入溢水杯中，使溢出的水流入烧杯，用天平测出（2）金属块密度的表达式是考点：固体的密度测量实验；天平的使用专题：实验探究题分析：（1）对天平的调节和使用的方法为水平放置游码零，指针居中横梁平（衡）；左物右码轻放置，质量等于砝（码）游（码）和”即天平测量物体质量前要调节横梁平衡，先将游码移至零刻度线；再调节平衡螺母是天平平衡，天平平衡螺母的调节原则是：左偏右调，右偏左调，先快后慢.1Tw-已知密

32、度的水.具体方法是,(2) 根据天平的读数方法，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，而要准确读出游码所对刻度，必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准.如图本标尺的分度值是O.lg.(3) 因为题目中缺少测量体积的工具-量筒，所以应利用现有器材间接测量并计算出金属块的体积，这里就需要辅助材料用天平测量出空烧杯的质量m,并将水注入溢水杯至满，用细线系好金属块放入溢水杯中，使溢出的水流入烧杯，此时烧杯水的体积V水=V金,测量烧杯和水的总质量mi,m水=mi-m,根据密度公式，可以求出V水，即能求出金属块的体积V金.(4) 根据密度公式一，把已知物理量代入公式，就可得到金属块密度的表达式.

33、V解答：解：(1)天平的调节和使用方法，天平先水平放置，游码移至零刻度线，通过平衡螺母调节天平平衡，天平平衡螺母的调节原则是：左偏右调，右偏左调，先快后慢；故答案为：平衡螺母；(2) 根据天平的读数方法，必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准，如图所示,本天平的游码标尺的分度值是O.lg;即：m金=砝码质量+游码对应刻度值=20g+5g+1g=26g;故答案为：26;(3) 题目中缺少测量体积的工具-量筒，用已知密度的水间接测量出金属块的体积，根据m水阿基米德原理，V金V水,要求m水，应先测量空烧杯的质量m，然后将水注入溢水水杯至满，用细线系好金属块放入溢水杯中，使溢出的水流入烧杯，测量

34、出烧杯和水的总质量mi,则：m水=mm,故答案为：空烧杯的质量m;测量出烧杯和水的总质量mi；(4) 根据密度公式-，已知金属块的质量m金,V金水mi-m,V水m金m金m金水V金mimmim水故答案为:m金水mim点评：本题是密度的特殊测量：测量中天平缺少砝码或缺少量筒时，一般需要的辅助材料是已知密度的水.缺少砝码时，关键是如何求得被测物体的质量.用量筒测出与被测物体等质量的水的体积.缺少量筒时，关键是如何求得被测物体的体积.用天平称出与被测物体等体积的水的质量结合压强、浮力知识，密度将有更多的测量方法.i9、(i)小强做光的色散实验，看到白光经三棱镜折射后，光屏上出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛

35、、紫彩色光带，产生了一个问题：红光、紫光对凸透镜的焦距是否相同？于是他分别用红光和紫光平行于同一个凸透镜的主光轴射入进行验证.a.请你在图中画出红光、紫光经凸透镜折射后的光线（图中Fi、F2两点表示焦点）b小强得到的结论是：.（2）如图所示，小丽探究凸透镜成像规律.适当移动在光具座上的蜡烛和透镜的位置，在光屏上得到一个缩小的像；保持蜡烛和光屏的位置不变，使透镜向移动，在光屏上得到一个放大的像；然后，保持蜡烛和透镜现在的位置不变，将原来透镜更换为一个焦距较小的凸透镜做实验，使光屏向移动,得到了一个清晰的像，此时像的大小比更换透镜前变.考点：透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验专题：实验题；作

36、图题分析：（1）根据不同单色光的折射角不同来判断折射光线射出的情况，偏折程度大的焦距小.（2）根据凸透镜的成像规律或成实像时物近像远像变大”的特点，结合题意来确定物距和像距的关系.解答：解：（1）a、由光的色散现象可知，不同的单色光通过棱镜时的偏折程度不同凸透镜可以看作是由两个三棱镜组成的，红光的偏折程度最小，所以折射光线指向F2；紫光的偏折程度最大，所以折射光指向Fi.b、根据光路图可知：红光的偏折程度小，所以焦距大；紫光的偏折程度大，所以焦距小.（2）根据凸透镜成像的规律及成实像时物近像远像变大”的特点，要想在光屏上得到一个放大的像，物体应该离透镜近些，光屏离透镜远些，所以透镜应向蜡烛移动

37、.若保持蜡烛和透镜的位置不变，将原来透镜更换为一个焦距较小的凸透镜，则焦距小的透镜会聚能力强，光屏应该向透镜移动，这样像的大小比更换透镜前要小一些.故答案为：(1)a、-b、红光对凸透镜的焦距大，紫光对凸透镜的焦距小.（2）蜡烛（左），凸透镜（左），小.点评：物距大于焦距时，凸透镜成倒立的实像，并且物近像远像变大物体在二倍焦距上，像也在二倍焦距上，并且像与物等大利用这一规律做题，有时会比套用凸透镜的成像规律”简单得多.20、在用电压表、电流表探究电流和电压关系的实验中，电阻R=10Q，电源电压U=3V（1）小刚根据电路图连接了如图甲所示的实验电路，小军检查后发现有一根导线连接有误，请你在这根导

38、线上打“并用笔画线代替导线，画出正确的连(2) 电路改正后，小刚闭合开关，发现电流表无示数，电压表的示数为电源电压值，取下电阻，两表的示数仍然不变，出现故障的原因可能是(3) 故障排除后，开始进行实验，小刚根据测出的数据，画出了通过电阻的电流随电压变化的关系图象，如图乙所示，由图象可以得出结论：为了使结论更具有普遍性，小刚还应考点：探究电流与电压、电阻的关系实验；实物的电路连接；电流表、电压表在判断电路故障中的应用.专题：实验题；作图题；简答题；控制变量法；图析法分析：(1)研究电流和电压的关系时，定值电阻和滑动变阻器组成串联电路，电流表测电流，电压表测量定值电阻两端的电压；(2) 电流表无示

39、数说明电路中有断路的地方，电压表有示数，说明电压表和电源连接的部分电路中无断路；(3) 由图象反应出来的函数关系，分析电流和电压的关系，为寻找规律，应进行多次测量；解答：解：(1)电压表测量定值电阻的电压，应并联在定值电阻两端，图中电压表与定值电阻和滑动变阻器并联了.(2电流表无示数，说明有断路； 电压表的示数为电源电压值，说明电压表测量的是电源电压，电压表t电流表t电源t开关t滑动变阻器这个部分没有断路； 取下电阻，两表的示数仍然不变，说明电阻不起作用，没有连入电路；因此故障是电阻断路了.(3)这是一个正比例函数图象，反应的信息是在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比”，为了寻找

40、普遍规律，应更换电阻进行多次测量.故答案为：(1)如下图；(2) 电阻断路；(3) 在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；更换电阻，继续实验.点评：电压表和电流表判断电路故障的方法：(1) 电压表无示数说明电压表所测量电路中，包含电源的部分电路断路或不包含电源部分短路，再由电路中有无电流来判断是断路还是短路有电流，则电路为短路；无电流，则电路为断路；(2) 电压表有示数说明电压表所测量电路中，包含电源的部分电路短路或不包含电源部分断路，再由电路中有无电流来判断是断路还是短路有电流，则电路为短路；无电流，则电路为断路.21、在探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验中，选用的器材有：正

41、方体木块，读数准确的弹簧测力计，粗糙程度均匀的长木板等.(1)采用如图甲所示的实验装置测量木块与长木板之间的摩擦力时，发现弹簧测力计示数不稳定，很难读数，其原因是(2)为解决上述问题，小娟对实验装置进行了改进，用图乙所示的装置进行实验，解决了上述问题，这是因为考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验；二力平衡条件的应用专题：实验题；简答题分析：此实验的思路是利用二力平衡的条件，通过弹簧测力计的示数来得到摩擦力的大小,因此是否能保持正方体木块匀速直线运动或静止状态是实验是否合理的关键.解答：解：(1)由于在拖动正方体木块时，很难让木块保持匀速直线运动状态，才导致了弹簧测力计的示数不稳定；(2)

42、当拉动长木板运动的过程中，正方体木块保持静止状态，根据二力平衡的条件知：此时弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小.无论长木板是否做匀速直线运动，正方体木块都处于静止状态(即平衡状态)，这样拉力等于摩擦力，而且无论拉木板速度多少，摩擦力都一样，不改变摩擦力大小所以容易读数.故答案为：(1)很难保持木块做匀速直线运动；(2)无论长木板怎样运动，木块都处于静止状态，便于读数.点评：把握住是否能保持正方体木块匀速直线运动或静止状态，是解答此题的关键所在.三、计算题(本题2个小题，共19分)22、在南极科学考察中使用的海洋破冰船，其发动机额定功率为1.2X04kW，航行于海面上时，它的排水体积为1800m3

43、.破冰船针对不同的冰层采用不同的破冰方法，其中一种方法是：接触冰面前，船全速航行，船体大部分冲上冰面，就可以把冰压碎已知p海水=1.0X03kg/m3g取10N/kg.求:(1) 若破冰船的牵引力用F表示，速度用V表示，发动机的功率用P表示，请你导出F、V和P之间关系式：P=F?V.(2) 若破冰船以额定功率在海面上以30km/h的速度匀速前进了20km，破冰船受到的阻力和破冰船所做的功各是多少？(3) 在一次破冰行动中，当船冲上冰面后，船的排水体积变为原来的1/3,船与冰面的接触面积为6m2，此时破冰船对冰层的压强是多少？考点：功率的计算；速度公式及其应用；二力平衡条件的应用；压强的大小及其

44、计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；功的计算专题：计算题；应用题；证明题分析：(1)要推到P、F和V之间的关系，需要根据功率公式、功的计算公式和速度公式综合分析推导；(2)根据第(1)问中推导出的P、F和V之间的关系式，算出破冰船前行时的动力F(计算前要先进行单位换算，将功率单位换算成W，将速度单位换算成m/s，这样算得的力的单位是N),然后根据二力平衡条件得出破冰船受到的阻力；破冰船所做的功可根据功的计算公式W=Fs进行计算，计算前要先将长度单位km换算成m；(3)要算破冰船对冰层的压强是多少，根据压强公式PF，就需要知道破冰船对冰面的压力是多少.由题意可S知，破冰船对冰面的压力等于船的重力减去船冲上冰面后受到的浮力，船冲上冰面后的浮力可由阿基米德原理来计算，那么船的重力怎么计算呢？因为题中并没有告诉船的质量题，所以船的重力不能根据G=mg去计算我们知道，船始终是漂浮在海面上的，所以船的重力等于船受到的浮力，题中已知船的排水体积，所以就可以根据阿基米德原理计算出船在海面上受到的浮力，知道了浮力也就知道了重力，进而就可以