山东枣庄八中2016年自主招生物理模拟试卷三解析版

1、2016年山东省枣庄八中自主招生物理模拟试卷（三）一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）1.炎热无风的夏天，小宇走在被晒得发烫的柏油路上，看见前面的路面已被一辆洒水车洒水淋湿了.他认为走在淋湿了的路面上一定比走在干燥的路面上感到凉爽，于是赶快走过去，结果在洒过水的路面上，他却感到更加闷热了.你认为产生这种感觉的主要原因是（）A.洒水车中的水经过曝晒后，内能增大，温度很高B.地面上的水使被反射的阳光增多，身体获得更多热量C.洒水后使附近的空气湿度增加，身上的汗液蒸发变慢D.地面上的水蒸发时把热量带到了人的身上2.小明游览一座古寺时发现里面有一个变音钟，随着钟下燃烧的香火越旺，敲出的声音

2、越高亢原因的可能是（）A.香火使钟周围的空气温度升高，传声效果越来越好B.任何物体温度升高时，振动发出的声音音调都会变高C.香火使振动的振幅加大，使声音响度变大D.香火使钟的温度升高.材料的微观结构发生变化，钟振动频率改变3.用普通照相机拍照时，要按被照物体距相机镜头的远近进行调焦”，使用起来不太便捷.有一种傻瓜”相机，只要把想拍摄的景物全部纳入取景器内，不论远处还是近处的物体，在照片上都比较清晰，从而使拍照的过程变得十分快捷.这种傻瓜”相机不用调焦”的奥秘是（）A.采用了长焦距的镜头，使远近不同的物体成像的位置相差不大B.采用了短焦距的镜头，使远近不同的物体成像的位置相差不大C.采用了长焦距

3、的镜头，使远近不同的物体成像的位置相同D.采用了短焦距的镜头，使远近不同的物体成像的位置相同4 .如图所示，水平桌面上斜放着一个平面镜，桌面上有一个小球向镜面滚去.要使平面镜中小球的A.30°B,45°C.60°D,90°5 .把6V3W”、6V6W”的两个灯泡串联后分别接在6V,9V,18V的电源上，下面说法中不正确的是（A,接在9V的电源上时,6V3W”的灯泡能正常发光B.接在6V的电源上时,6V6W”的灯泡的实际功率是额定功率的1/9C.接在18V的电源上时,6V3W”的灯泡比正常发光时亮，6V6W”的灯泡比正常发光时暗D.不另加器材，无论电源电压

4、为多少，都不能使他们同时正常发光6 .如图所示，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，各电表的示数变化情况正确的是（1B.C.D.电流表电流表电流表电流表Ai示数变大,A2示数变大,A2示数变大,A2示数变大,A3示数变小；A3示数变小;A3示数变小;A3示数变大;电压表电压表电压表电压表7.把同种材料制成的甲、乙两个正方体，放在水平桌面上，甲、V2示数变大V2示数变大Vi示数变小,V1示数变小,V2示数变大V2示数变大乙对桌面的压强分别为P1和P2,如图所示，把甲、放在乙的上面，则乙对桌面的压强为（B.P12+P2233C.pdr2白糖，营业员先在左盘放一包白糖右盘加1kg祛码，待天平平衡后.然后

5、把两包8 .某商店有一不等臂天平（祛码准确），一顾客要买2kg1Kg祛码，待天平平衡后；接着又在右盘放一包白糖左盘加白糖交给顾客.则两包白糖的总质量（A.等于2KgB.小于2KgC.大于2KgD,无法知道9 .U形管内注入适量的水银，然后在左右两管内分别注入水和煤油.两管通过水平细管相连，细管中的阀门将水和煤油隔离，两管中的水银面相平，如图所示.当阀门打开瞬间，细管中的液体会（）煤油水水银C.不动D.水向右流动，煤油向左流动10.甲、乙两杯中分别盛有60c和20c质量相同的水，现将一温度为20c的铁球投入甲杯中足够长时间，取出后再投入乙杯，停留足够时间.如果不计热量损失，比较甲、乙两杯的水温变

6、化，则A.4t甲V4t乙B,4t甲t乙C.=1乙D,无法判定二、填空题11 .一木块在15N的水平拉力作用下刚好能以2m/s的速度在水平面上做匀速直线运动，若要让它以4m/s的速度在同一水平面上做匀速直线运动，所需的拉力为N.12 .一个人骑自行车从甲地到乙地，全程平均速度为12km/h,若前路程上的平土!速度为10km/h,则后】路程的平均速度是km/h.513 .光滑的长木板AB长为1.6m,可绕固定点O转动，离O点0.4m的B端挂一重物G,板的另一端A用一根与板成90。角的细绳AC拉住，处于平衡状态，这时此绳拉力为2N.如图3所示，现在B端放一质量为240g的圆球，并使球以20cm/s的

7、速度由B端沿长木板向A端匀速滚动，问小球由B端经过s时间运动到D点，A端的细绳拉力刚好减为0.此时小球距离A端m.（不计长木板AB的质量）岫陶14 .质量相等的两个实心小球A和B,已知它们的密度之比g：田=1：2,再将A、B放入盛有足够多水的容器中，当A、B两球静止时，水对A、B两球的浮力之比Fa：Fb=8：5,则g=33kg/m,pb=kg/m.15 .底面积为400m2的圆柱形容器内装有适量的水，将其竖直放在水平桌面上，把边长为10cm的正方体木块A放入水后，再在木块A的上方放一物体B,物体B恰好没入水中，如图（a）所示，已知物体B的密度为6M03kg/m3,质量为0.6kg,（取g=10

8、N/kg）,则木块A的密度为16 .用220V800W”的电水壶烧水，若不考虑能量损失，当接在110V电源上时，用时32min可将一壶水烧开，如果接在220V电源上时，烧开同样一壶水所用的时间是min.17 .若把两个定值电阻Ri、R2以某种形式连接起来与电源接通，Ri消耗的电功率为9W,若把这两个电阻换成另一种形式连接起来后，仍与该电源接通（电源电压不变），则Ri消耗的电功率为16W,且通过R2的电流为4A,那么电源电压为V.R/勺阻值为Q.三、实验探究题（共2小题，满分9分）18 .小芳对初二物理科学之旅中伽利略对摆动的研究”非常感兴趣，于是利用如图所示的装置进行实验.她测出了摆球摆动30

9、次所用的时间，进而算出摆球摆动一次所用时间.针对摆球摆动一次所用的时间与哪些因素有关这一问题，她提出了以下猜想：A.可能与摆球质量有关；B.可能与摆线的长短有关；C.可能与摆角的大小有关.她利用以下器材：质量不同的两个小钢球、长度不同的两根细线、一个铁架台、一个秒表、一把刻度尺、一只量角器等，进行了以下四次实验.摆线长摆球质量摆角次数L/mm/g摆动一次的时间t/s2021.42032.431.42052.441.43052.4(1)由1、2两次实验，可验证猜想(填猜想前的字母)，结论是(2)由两次实验，可验证猜想C.(3)由两次实验，可验证猜想A./%，i。o19.小东想估测出某种油的密度p

10、油，他手边的测量工具只有刻度尺.小东利用身边的器材设计出一个实验方案.首先找一根直硬棒，用细线系在O点吊起，硬棒在水平位置平衡，然后将已知密度为P的金属块B挂在硬棒左端C处，另外找一个重物A挂在硬棒右端，调节重物A的位置，使硬棒在水平位置平衡，此时重物挂在硬棒上的位置为E,如图所示.下面是小东测出p油的部分实验步骤，请你按照小东的实验思路，将实验步骤补充完整.(1)用刻度尺测出OE的长度L0；(2)把金属块B浸没在待测油中，把重物A从E处移动到D处时，硬棒再次在水平位置平衡；(3);(4)利用上述测量出的物理量和题中的已知量计算p油的表达式为：.”rFfCOD£四、计算题(共20分)

11、20 .用如图所示的滑轮组从15m深的水中提起底面积为200cm2,高2m的圆柱形实心物体，已知该物体的密度为2.5M03kg/m3,力F作用的绳子所能承受的最大拉力为350N,问物体以0.2m/s的速度匀速提起时，经多长时间绳子被拉断？(取g=10N/kg,不计绳重、滑轮和绳子重)21 .如图所示，电源电压保持不变，滑动变阻器最大值为Ri=40，小灯泡的电阻为10且保持不变.当Si、S2均闭合且滑片P滑到b端时，电流表Ai、A2的示数之比为3：2；当自、S2均断开且滑片P置于滑动变阻器中点时，小灯泡L的功率为10W.求：(1)电阻R2的阻值；(2)当&、&均闭合且滑片P在b端

12、时，电压的示数；(3)整个电路消耗的最小电功率.2016年山东省枣庄八中自主招生物理模拟试卷（三）参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）1.炎热无风的夏天，小宇走在被晒得发烫的柏油路上，看见前面的路面已被一辆洒水车洒水淋湿了.他认为走在淋湿了的路面上一定比走在干燥的路面上感到凉爽，于是赶快走过去，结果在洒过水的路面上，他却感到更加闷热了.你认为产生这种感觉的主要原因是（）A.洒水车中的水经过曝晒后，内能增大，温度很高B.地面上的水使被反射的阳光增多，身体获得更多热量C.洒水后使附近的空气湿度增加，身上的汗液蒸发变慢D.地面上的水蒸发时把热量带到了人的身上【考点】影响

13、蒸发快慢的因素.【专题】应用题.【分析】液体的温度、液体的表面积和液体表面上空气流动的速度是影响蒸发快慢的因素.【解答】解：炎热无风的夏天，被晒得发烫的柏油路温度很高，洒上水后，加快了水的蒸发，蒸发的水蒸气再液化，变成水，自然就要放热，热量都被散发到周围的空气里，使周围空气湿度增加，防止了一部分汗液蒸发.故选C.【点评】本题主要考查学生对：影响蒸发快慢因素的了解和掌握.2.小明游览一座古寺时发现里面有一个变音钟，随着钟下燃烧的香火越旺，敲出的声音越高亢原因的可能是（）A.香火使钟周围的空气温度升高，传声效果越来越好B.任何物体温度升高时，振动发出的声音音调都会变高C.香火使振动的振幅加大，使声

14、音响度变大D.香火使钟的温度升高.材料的微观结构发生变化，钟振动频率改变【考点】响度.【专题】应用题.【分析】(1)声音是由物体的振动产生的，声音可以在固体、液体、气体中传播，在气体中传播时,温度越高，传播的速度越快；(2)音调指声音的高低，它是由物体振动的频率决定的；(3)响度指声音的强弱，它由物体振动的幅度和距离声源的远近有关；【解答】解：变音钟”是说明钟的声音是变化的，高亢”说明声音的音调逐渐变高，这是由于燃烧的香火越旺，钟的温度升高，材料的微观结构发生变化，钟振动频率改变造成的.故选D.【点评】本题考查声音特征，此题要抓住描述声音变化的关键字词进行分析.3.用普通照相机拍照时，要按被照

15、物体距相机镜头的远近进行调焦”，使用起来不太便捷.有一种傻瓜”相机，只要把想拍摄的景物全部纳入取景器内，不论远处还是近处的物体，在照片上都比较清晰，从而使拍照的过程变得十分快捷.这种傻瓜”相机不用调焦”的奥秘是()A.采用了长焦距的镜头，使远近不同的物体成像的位置相差不大B.采用了短焦距的镜头，使远近不同的物体成像的位置相差不大C.采用了长焦距的镜头，使远近不同的物体成像的位置相同D.采用了短焦距的镜头，使远近不同的物体成像的位置相同【考点】生活中的透镜.【专题】应用题.【分析】根据凸透镜成像的原理：当物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像，以及其应用来解答此题.【解答】解：简易傻瓜”照相机镜头的

16、焦距不能改变，暗箱长度也不能改变.拍照时只要把景物全部纳入取景器内，无论物距如何变化，都能拍出比较清晰的照片，这主要是因为这种照相机的焦距小，物距都远大于2倍焦距，像距接近焦距，这样远近不同的物体成像的位置相差不大，所以不用调节.通过以上分析，只有选项B是正确的.故选B.【点评】本题主要考查学生对：凸透镜成像的应用的了解和掌握，以及物距远大于2倍焦距的时候,像距接近1倍焦距等知识点的理解和掌握.4.如图所示，水平桌面上斜放着一个平面镜，桌面上有一个小球向镜面滚去.要使平面镜中小球的像沿竖直方向下落，则镜面与桌面间的夹角“为（）A.30°B,45°C.60°D,90

17、°【考点】平面镜成像的相关作图.【专题】图析法；几何法.【分析】首先要知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、左右相反，即像与物关于平面镜对称；根据小球水平向右运动，小球的像竖直向下运动和平面镜成像的特点，找到平面镜一定通过的两个点，判断出平面镜的位置.【解答】解：根据题意，小球水平向右运动，小球的像竖直向下运动，所以小球到达A点时，像也到达A点，所以平面镜应过水平方向和竖直方向的交点A;根据题意，当小球在图示中的B点时，像点在竖直方向的C点，平面镜过BC连线的中点D;平面镜一定在AD连线上，其中： BD=CD,AD±BC, .AD是/BA

18、C的角平分线，又./BAC=90°, ./BAD=45°,如图所示：所以题干中的夹角“=45°.故选B.【点评】确定平面镜的位置时，多利用像与物关于平面镜对称的特点，并且注意找到平面镜通过的两个点，从而确定平面镜的位置.5.把6V3W”、6V6W”的两个灯泡串联后分别接在6V,9V,18V的电源上，下面说法中不正确的是（A,接在9V的电源上时,6V3W”的灯泡能正常发光B.接在6V的电源上时,6V6W”的灯泡的实际功率是额定功率的1/9C.接在18V的电源上时,6V3W”的灯泡比正常发光时亮，6V6W”的灯泡比正常发光时暗D.不另加器材，无论电源电压为多少，都不能

19、使他们同时正常发光【考点】额定功率；额定电压.【专题】计算题.【分析】已知两灯的额定电压和额定功率可求两灯的电阻,还知道两灯串联，所以电流相等.再根据选项所给条件逐一解决.【解答】解：R=H!=_（空）-，=12,P3WI=-=0.5A；L6V6WA、当两灯泡串联接在9V的电源上时,电路中的电流为9V一”Ia=-7C-77r=0.5A,与6V3W”灯泡的额12露+6&2定电流相等，因此该灯泡正常发光，故A选项正确.B、当两灯泡串联接在9V的电源上时,电路中的电流为lB=-A12Q+6Q3A'6V6W”的灯泡的实际1,故B选项正确;ki*功率Pb=（工*）>6Q=-W,是6

20、V6W”的灯泡额定功率的3。，_，一，一，18V，“,一,C、当两灯泡串联接在18V的电源上时，电流中的电流为IC=12胃+6,=1A,大于6V3W”灯泡的额定电流，等于6V6W”灯泡额定电流，因此6V6W”的灯泡正常发光，故C选项错误;D、因为两个灯泡的额定电流不相等，因此不另加器材，无论电源电压为多少，都不能使他们同时正常发光，故D选项正确.【点评】本题考查灯泡电阻的计算，灯泡额定电流的计算和电源电压的计算，关键是判断哪只灯泡正常发光.6 .如图所示，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，各电表的示数变化情况正确的是（A1示数变小,A.电流表A2示数变大,A3示数变小；电压表V2示数变大B.电流

21、表Ai示数变大,A2示数变大，A3示数变小；电压表Vi示数变小，V2示数变大C.电流表Ai示数变小,A2示数变小，A3示数变小；电压表Vi示数变小，V2示数变大D.电流表Ai示数变小,A2示数变大，A3示数变大；电压表Vi示数变小,V2示数变大【考点】电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用.V2测并联部分电压;【分析】由图可知R2与R3并联后与Ri串联，电压表Vi测Ri两端的电压,A2测通过R2的电流；A3测流过R3的电流，Ai测干路电流；则由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可求得电路中电流的变化，及Ri两端电压变化；则可由串联电路的电压规律可得出并联部分电压的变化

22、，即可求得通过R2的电流变化；再由并联电路的电流规律可得出通过R3的电流变化.【解答】解：因滑片右移，则滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大；则由欧姆定律可知,干路电流减小，即Ai示数减小；则Ri两端的电压减小，即Vi示数减小；因总电压不变，则并联部分电压增大，即V2示数增大；则对R2由欧姆定律可得，流过R2的电流增大；因干路电流减小，故通过R3的电流减小，故A3示数减小；故选A.【点评】本题为并联与串联的混联电路，应先由滑动变阻器滑片的移动判断接入电阻的变化，则由欧姆定律即可求得电路中电流的变化；从而可以分析串联各部分电压的变化；Pi和p2,而并联部分重点在于分析各支路电流的变化.7

23、.把同种材料制成的甲、乙两个正方体，放在水平桌面上，甲、乙对桌面的压强分别为如图所示，把甲、放在乙的上面，则乙对桌面的压强为（2-2A.P1+P2B.Pi+P23-号3Pl+P?&+22C.产D.P已P已厂2【考点】压强的大小及其计算；重力的计算.【专题】计算题；压轴题.乙二，P后然后利用P=PgL南+PgL玄即可求出把甲放在乙的上面时，乙对桌面的压强.【解答】解：设两正方体的密度为P,边长分别为L甲和L乙,设两正方体的密度为P,边长分别为L甲和L乙，根据把同种材料制成的甲、乙两个正方体水平桌面上，甲、乙对桌面的压强分别为Pl和P2,利用压强公式变形分别求出G田PgL备甲对桌面的压强为

24、：Pi=丁史=圳甲,s甲叫P2同理，L乙二二一,Pg当把甲放在乙的上面时，乙对桌面的压强为:P=PL3P2"pgL+pSL（而）+pg（京）Pj+PP2Pg此题涉及到重力的计算和压强的大小及其计算,涉及的知识点不是很多，但是有一定的拔高难度，特别要注意的是压力和受力面积的对应性.8.某商店有一不等臂天平（祛码准确），一顾客要买2kg白糖，营业员先在左盘放一包白糖右盘加1kg祛码，待天平平衡后.然后把两包1Kg祛码，待天平平衡后；接着又在右盘放一包白糖左盘加白糖交给顾客.则两包白糖的总质量（A.等于2KgB.小于2KgC.大于2KgD,无法知道【考点】杠杆的平衡条件.【专题】简单机械.

25、【分析】此题要根据天平的有关知识来解答，即在此题中天平的臂长不等，这是此题的关键.行分析.【解答】解：由于天平的两臂不相等，故可设天平左臂长为a,右臂长为b（不妨设a>b）,先称得的白糖的实际质量为mi,后称得的白糖的实际质量为m2由杠杆的平衡原理：ami=bM,bm2=aM,解得m2=T,mi=fcE尸卜则m2+mi=+he2因为（m1+m2）2=上+上2=_L2_可匕£ab又因为a曲，所以（m1+m2）2>0,即m1+m2>2这样可知称出的白糖质量大于2kg.故选C.【点评】此题学生要利用物理知识来求解，所以学生平时在学习时要各科融汇贯通，同时体现了物理与数学的

26、联系.9 .U形管内注入适量的水银，然后在左右两管内分别注入水和煤油.两管通过水平细管相连，细管中的阀门将水和煤油隔离，两管中的水银面相平，如图所示.当阀门打开瞬间，细管中的液体会（）A.向左流动B.向右流动水产一-k-r-户广C.不动D.水向右流动，煤油向左流动【考点】连通器原理.U形管底部的水银面相平，说明两管中水银上方的【专题】应用题；分割思想；图析法.【分析】此题可以利用压强的变化量进行解答,水和煤油产生的压强相等.阀门以下部分的水和煤油高度相等，而水的密度大，所以阀门以下部分水的压强大于煤油的压强，所以阀门以上部分煤油的压强大于水的压强，故阀门打开后，液体会向左流动.【解答】解：由题

27、意可知，U形管中水银面相平，可知两管中水的压强与煤油的压强相等.在阀门同一水平高度，则下方的水和煤油高度一样，因为p水p煤油，由p=©h可得，阀门下方水的压强大于煤油的压强；又因为阀门没有打开时，容器内液体静止不动，因此左右两边液体产生的压强相等；由于左右两边水银高度相等，而阀门下方水的压强大于煤油的压强，所以阀门上方水的压强小于煤油的压强，当阀门打开后，由于阀门右边煤油的压强大于左边水的压强，液体会向左流动.故选A.【点评】该题虽然是一个U形管，但不能简单地根据连通器的原理去作答，需要考虑不同液体的密度及深度判断同一高度的液体压强，然后再确定阀门左右两边液体压强的大小.10 .甲、

28、乙两杯中分别盛有60c和20c质量相同的水，现将一温度为20c的铁球投入甲杯中足够长时间，取出后再投入乙杯，停留足够时间.如果不计热量损失，比较甲、乙两杯的水温变化，则（）A.4t甲V4t乙B.4t甲t乙C.tt乙D,无法判定【考点】热平衡方程的应用.【专题】比热容、热机、热值.【分析】要解答本题需掌握：热传递的条件是有温度差，铁球放入温度为60c的水中时，铁球吸收热量；再将铁球放入20c质量相同的水中时，铁球放出热量，铁球吸收、放出的热量等于水放出和吸收的热量，根据热平衡方程作出分析和解答.【解答】解：将温度为20c的铁球放入温度为60c的甲杯水中时，铁球吸收热量，水放出热量，Q吸1=Q放1

29、,即c铁m铁（t%铁）=c水m水（%水t）;再将铁球放入20c质量相同的乙杯水中时，铁球放出热量，水吸收热量，Q吸2=Q放2,即C水m水（t'-t0水）=c铁m铁（tt'）;因为甲杯中的水温和铁球的温差大于乙杯中水的温度和铁球的温差，即t-t0铁t-t',所以t0水-t>t-t0水;即At甲4t乙.故选B.【点评】本题主要考查学生对：热传递的条件和热平衡方程的了解和掌握，弄清楚温度的变化是解决此题的关键，难度较大.二、填空题11.一木块在15N的水平拉力作用下刚好能以2m/s的速度在水平面上做匀速直线运动，若要让它以4m/s的速度在同一水平面上做匀速直线运动，所需

30、的拉力为15N.【考点】二力平衡条件的应用.【专题】运动和力.【分析】(1)木块做匀速直线运动，处于平衡状态，对木块进行受力分析，由平衡条件求出木块受到的摩擦力；(2)木块与地面间的滑动摩擦力与接触面的材料、粗糙程度及木块与地面间的压力有关，据此分析.【解答】解：在15N的拉力F作用下，木块以2m/s的速度在水平面上做匀速直线运动，因此木块在水平方向上受到的拉力和摩擦力为一对平衡力，即f=F=15N;当木块以4m/s的速度在同一水平面上做匀速直线运动时，由于压力和接触面的粗糙程度不变，则木块与地面间的摩擦力不变，仍为15N.故答案为：15.【点评】对木块正确受力分析、熟练应用平衡条件、知道影响

31、滑动摩擦力大小的因素是正确解题的关键.12.一个人骑自行车从甲地到乙地，全程平均速度为12km/h,若前3路程上的平士速度为10km/h,则后】路程的平均速度是20km/h.【考点】速度的计算.【专题】长度、时间、速度.【分析】先算出以12km/h的速度行驶了整个路程的时间，再算出以10km/h的速度行驶前3路程用的时间，可求汽车行驶后W路程的时间，利用速度公式求汽车后路程的平均速度.【解答】解：设从甲地到乙地的路程为3S,C.汽车行驶全程所用的时间：，画.运t-v-12k行驶前工路程用的时间:2s2stl=tt:Vj10km/h走后工路程所用的时间：3s2sst2=ttl=r：=：12km/

32、lilOkm/li20km/h走后工路程的平均速度：qoUS、，s2iV2=s=20km/h."20Wh故答案为：20.【点评】本题考查了平均速度的计算，求出汽车全程用的时间和行驶前Z路程用的时间是解题的关键,以为了简化计算，可设从甲地到乙地的路程为3S.13.光滑的长木板AB长为1.6m,可绕固定点O转动，离O点0.4m的B端挂一重物G,板的另一端A用一根与板成90。角的细绳AC拉住，处于平衡状态，这时此绳拉力为2N.如图3所示，现在B端放一质量为240g的圆球，并使球以20cm/s的速度由B端沿长木板向A端匀速滚动，问小球由B端经过7s时间运动到D点，A端的细绳拉力刚好减为0.此

33、时小球距离A端0.2m.（不计长木板AB的质量）地面【考点】杠杆的平衡条件；速度的计算.【专题】计算题.【分析】开始时杠杆处于平衡状态，则由杠杆的平衡条件可知G的重力；要使小球到达D点时，A绳恰没有拉力，则小球对点D的压力应正好使杠杆满足平衡条件，则可求得D的位置；由速度公式得小球到达B端的时间.【解答】解：OA的长度OA=ABOB=1.6m0.4m=1.2m;设绳子对A端的拉力为F,由杠杆的平衡条件可知：F>OA=G>OB;贝uG=W=1j->2N=6N;OB0.4汨当小球滚到D点时，AC绳没有用力，说明小球对杠杆的压力使杠杆平衡；则由杠杆的平衡条件可知：mg>OD=

34、G>OB;贝（JOD=>OB=->0.4m=1m；屣0.24kgXiONAg故小球距A端为1.2m-1m=0.2m;小球滑到D点所用的时间1=旦=区型时巫=7s；V0.2id/s故答案为：7;0.2.【点评】本题考查速度公式及杠杆的平衡条件，重点要把握小球在滚动到D点拉力为零表明小球的重力使杠杆处于平衡状态，此时AC绳不再起作用.14 .质量相等的两个实心小球A和B,已知它们的密度之比pA：田=1：2,再将A、B放入盛有足够多水的容器中，当A、B两球静止时，水对A、B两球的浮力之比Fa：Fb=8:5,则3=800kg/m3,3pB=1600kg/m.【考点】浮力大小的计算；密

35、度的计算；密度公式的应用；物体的浮沉条件及其应用.【专题】计算题.【分析】因为两球质量相等，密度之比是pa：=1:2,体积之比为Va：Vb=2:1,若两球在水中都漂浮，就有Fa：Fb=Ga：GB=mA：mB=1：1,与实际不符，显然不是都漂浮；若两球在水中都是全部浸没，就有Fa：Fbp水gVA：P水gVB=VA：Vb=2：1,与实际不符，显然不可能是全部浸没；这样就只有是一个漂浮、一个浸没，即A球漂浮，B球下沉，有Fa：Fb=pAVAg：p水VBg=pAVA：p水Vb=8：5,解得AB的密度.【解答】解：经分析得出A球漂浮，B球下沉，因为两球质量相等，密度之比是pb=1：2,体积之比为Va：V

36、b=2：1,有Fa：Fb=gVAg：p水VBg=paVa：p水Vb=8：5；3所以外=800kg/m,又因为外：pB=1:2,5VA5X23所以出=1600kg/m.故答案为：800;1600.【点评】本题考查密度和浮力的计算，关键是分析两个物体在水中的状态，这是本题的重点也是难点.15 .底面积为400m2的圆柱形容器内装有适量的水，将其竖直放在水平桌面上，把边长为10cm的正方体木块A放入水后，再在木块A的上方放一物体B,物体B恰好没入水中，如图(a)所示，已知物体B的密度为6M03kg/m3,质量为0.6kg,(取g=10N/kg),则木块A的密度为0.5M03kg/m3；若将B放入水中

37、，如图(b)所示，则水对容器底部的压强变化了125Pa.【考点】密度的计算；液体的压强的计算.【专题】计算题；压强和浮力.【分析】(1)根据B的质量和密度可求B的体积，由图可知，A、B共同悬浮，根据F浮=G,可求得A的体积，然后可求得A的密度.(2)B放入水中后，A漂浮，有一部分体积露出水面，造成页面下降，根据A漂浮，利用F?=G,求出A排开水的体积，然后可知液面下降的高度，再利用p=p水gAh即可求出水对容器底部压强的变化.【解答】解：(1)由p=9可得:Vb=Q即,0.1M0/3,PB6X103kg/m图a中,A、B共同悬7于,则F浮a+F浮b=Ga+Gb?即p水g(Va+Vb)=PAgV

38、A+mBg,其中Va=1M03m3,p水(+h)1.0X103kg/in3x(1X10-唁+O.1X10-3卬3)-0.6kg所=VA1X10=0.5M03kg/m3,(2) B放入水中后，A漂浮，有一部分体积露出水面，造成液面下降，A漂浮，F浮a=Ga,即p水gVA排=pAgVA,Va排=2=0,§XO'klm取乂吃时机3m3P水1.0X103kg/m3液面下降-=&=4二*=qC%*SL=0.0125m,SA0.04m，液面下降p=P水g4h=1.0x103kg/m3xi0N/kgX0.0125m=125Pa.故答案为：0.5M03;125.【点评】本题综合考查了

39、多个公式，关键是知道物体漂浮时浮力等于自身重力以及物体所受力的分析，分析物体所受力这是本题的难点也是重点，还要学会浮力公式及其变形的灵活运用.16 .用220V800W”的电水壶烧水，若不考虑能量损失，当接在110V电源上时，用时32min可将一壶水烧开，如果接在220V电源上时，烧开同样一壶水所用的时间是8min.【考点】电功与热量的综合计算.【专题】计算题；电和热综合题.【分析】电热水壶的原理是将电能转化为内能，在110V的电压下将水烧开和在220V的电压下烧开一壶水消耗的电能相等，根据W=UIt=_y_t得出等式即可求出答案.R【解答】解：烧开同样一壶水消耗的电能相等，设电热壶的电阻为R

40、,2则根据W=UIt=旦4有：R山；明（110V）；（220V）Ii_t1=_£_t2,艮lJ11=12,RRRR解得：t2=+1=jx32min=8min.故答案为：8.【点评】本题考查了电功与热量的综合计算，关键是知道烧开同一壶水需要的热量相同.17 .若把两个定值电阻R1、R2以某种形式连接起来与电源接通，Ri消耗的电功率为9W,若把这两个电阻换成另一种形式连接起来后，仍与该电源接通（电源电压不变），则Ri消耗的电功率为16W,且通过R2的电流为4A,那么电源电压为12V.Ri的阻值为9Q【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用.【专题】计算题；方程法.Ri、R2串联【分析】因为后

41、一种形式Ri的功率比前一种大，所以前一种是串联，后一种是并联.时，根据串联电路电阻特点求出电路的总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据p=i2R列出Ri消耗的电功率的等式；Ri、R2并联时，根据P=«歹世此时Ri消耗的电功率的等式，根据欧姆R定律列出通过R2的电流的等式，联立以上三个等式即可求出答案.【解答】解：设电源的电压为U;Ri、R2串联时，电路中的电流为I=pxP；R1TK522Ri消耗的电功率为P=I2Ri=(R+R.)2Ri=9WRi、R2并联时，、山土icQ2Ri消耗的电功率Pi=_=i6WR通过R2的电流为I2=3=4A由可得：U=i2V,Ri=9Q.故答案为：i

42、2;9.【点评】本题考查了串联电路和并联电路特点，以及欧姆定律的计算，关键是电功率公式的灵活运用和两电阻串、并联的判断.三、实验探究题(共2小题，满分9分)18 .小芳对初二物理科学之旅中伽利略对摆动的研究”非常感兴趣，于是利用如图所示的装置进行实验.她测出了摆球摆动30次所用的时间，进而算出摆球摆动一次所用时间.针对摆球摆动一次所用的时间与哪些因素有关这一问题，她提出了以下猜想：A.可能与摆球质量有关；B.可能与摆线的长短有关；C.可能与摆角的大小有关.她利用以下器材：质量不同的两个小钢球、长度不同的两根细线、一个铁架台、一个秒表、一把刻度尺、一只量角器等，进行了以下四次实验.次数摆线长L/

43、m摆球质量m/g摆角摆动一次的时间t/sii203221.42032.431.42052.441.43052.4(1)由1、2两次实验，可验证猜想B(填猜想前的字母)，结论是当摆球质量、摆角一定时，摆长越长，摆动一次所需的时间越长.(2)由2、3两次实验，可验证猜想C.(3)由3、4两次实验，可验证猜想A./i/2/%，ItIdQ【考点】控制变量法与探究性实验方案.【专题】实验题；控制变量法；探究型实验综合题.【分析】(1)根据实验提出的问题和表中1、2两次实验中相同的因素以及现象得出要探究的问题、结论；(2) (3)若想验证其他的猜想，必须用控制变量的思想来分析需要的实验数据.【解答】解：(

44、1)分析1、2两次实验实验可知，摆球质量和摆角相同时，摆线越长，摆动一次的时间越长，故可得结论：当摆球质量、摆角一定时，摆长越长，摆动一次所需的时间越长；(2)要探究摆动一次所需的时间与摆角的大小关系，应控制摆线长和摆球质量不变，改变摆角的大小，由表中数据可知2、3符合；(3)要探究摆动一次所需的时间与摆球质量的关系，应控制摆线长和摆角的大小不变，改变摆球质量的大小，由表中数据可知3、4符合.故答案为：(1)B;当摆球质量、摆角一定时，摆长越长，摆动一次所需的时间越长；2、3;(3) 3、4.【点评】响摆球摆动一次时间的因素有很多，这里用控制变量法”探究了摆线长度、摆球质量、摆角对摆动一次时间

45、的影响，初中物理用到此方法的还有：影响摩擦力的因素、影响压力作用效果的因素等等，学习中注意分析总结.19.小东想估测出某种油的密度p油，他手边的测量工具只有刻度尺.小东利用身边的器材设计出一个实验方案.首先找一根直硬棒，用细线系在O点吊起，硬棒在水平位置平衡，然后将已知密度为P的金属块B挂在硬棒左端C处，另外找一个重物A挂在硬棒右端，调节重物A的位置，使硬棒在水平位置平衡，此时重物挂在硬棒上的位置为E,如图所示.下面是小东测出p油的部分实验步骤，请你按照小东的实验思路，将实验步骤补充完整.(1)用刻度尺测出OE的长度L0；(2)把金属块B浸没在待测油中，把重物A从E处移动到D处时，硬棒再次在水

46、平位置平衡；(3)用刻度尺测出OD的长度LjL0-L1(4)利用上述测量出的物理量和题中的已知量计算p油的表达式为：ft=->pIDLoCODE【考点】液体密度的测量；杠杆的平衡条件.【专题】实验题；压轴题；学科综合题.【分析】掌握杠杆平衡条件：动力利力臂=阻力却力臂.据杠杆两次平衡列出等式，可知需要测量OD的长度.根据杠杆两次平衡列出等式是解决此题的关键.杠杆第二次平衡时要用到浮力知识：把金属块B浸没在待测油中，C点所受的拉力等于金属块的重力减去金属块所受到的浮力.将所列等式进行变形，即可得出油的密度的表达式.【解答】解：(3)根据杠杆平衡条件可知：把金属块B浸没在待测油中，把重物A从

47、E处移动到D处时，硬棒再次在水平位置平衡时：(mB-m排)？OC=mA?OD.所以应该用刻度尺测出OD的长度Li，（4）根据杠杆平衡条件得：将已知密度为p的金属块B挂在硬棒左端C处，另外找一个重物A挂E时:在硬棒右端，调节重物A的位置，使硬棒在水平位置平衡，此时重物挂在硬棒上的位置为mB?OC=mA?OE.由密度公式年工，得：m=pV,又二用刻度尺测出OE的长度Lo.®?VB?OC=mA?L0.vb?oc=-4-又把金属块B浸没在待测油中，把重物A从E处移动到D处时，硬棒再次在水平位置平衡；且用刻度尺测出OD的长度Li.(mB-m排)？OC=mA?Li.(PB?VB-P油？VB)?O

48、C=mA?Li.田？VB?OCP油？vB?OC=mA?Li-mA?L0-p油？VB?OC=mA?Li.p8=mA(L0Li)?吨上L。L1_i?田.L0故答案为：用刻度尺测出OD的长度Li,油=写、年L0【点评】本题是非常规题，难度较大，联系到浮力知识才能解答，以后做题要多读几遍题目，认真思考，培养综合解答问题的能力!四、计算题（共20分）20.用如图所示的滑轮组从15m深的水中提起底面积为200cm2,高2m的圆柱形实心物体，已知该物体的密度为2.5M03kg/m3,力F作用的绳子所能承受的最大拉力为350N,问物体以0.2m/s的速度匀速提起时，经多长时间绳子被拉断？（取g=10N/kg,

49、不计绳重、滑轮和绳子重）【考点】密度公式的应用；物理量的单位及单位换算；重力的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算.【专题】计算题；应用题.【分析】选求出物体的体积，根据公式m=W求出物体的质量，进一步求出物体的重力，绳子被拉断时物体所受浮力等于重力减去绳子的最大拉力，根据浮力公式进一步求出绳子被拉断时物体排开水的体积，已知物体的底面积，再求出物体浸入水中的长度，从而求出物体上升的高度，进一步求出绳子被拉断所用的时间.【解答】解：物体质量m=Pv=2.5X103kg/m3>200xi04m2>2m=100kg,物体重力G=mg=100kgM0N/kg=1000N,绳子被拉断时物体所受的浮力F浮=G-T=1000N-2>350N=300N,3绳子被拉断时物体排开水的体积，V排=f=；=0.03m3,P水芸1000kg/mJXiON/kg绳子被拉断时物体浸入水中的长度h为：h=Zi=。，03r=1.5m,S0.02物体上升的高度为：L=H-h=1