暑假作业七答案

1、暑假作业(七)参考答案123456789101112DABCCDCABCADABCDBD4.【解析】小环C为轻环，重力不计，故受两边细线的拉力的合力与杆垂直，故C环与乙环与竖直方向的夹角为60°，C环与甲环与竖直方向的夹角为30°，A点与甲环与竖直方向的夹角也为30°，乙环与B点与竖直方向的夹角为60°，根据平衡条件，对甲环，有：2Tcos30°=m1g对乙环，根据平衡条件，有：2Tcos60°=m2g故m1：m2=tan60°故选：C。5.【解析】A、据题分析得知，y轴应是等量异种点电荷电场中的一条等势线，试探电荷从a移到

2、O时电场力不做功，从O移到c电场力做正功。故A错误。B、作出过b点的一条等势线与x轴的交点为d，如图，d的电势高于c的电势，则b点的电势高于c点的电势，所以c点的电势最低，根据推论：正电荷在电势高处电势能大，可知，在移动一周的过程中，试探电荷在c点电势能最小。故B错误。C、由上得到，b、a间电势差等于d、O间电势差，根据电场力做功公式W=qU，试探电荷从b移到a克服电场力做的功Wba等于从O移到d电场力做的功WOd，即Wba=WOd，而检验电荷从O移到d电场力做的功WOd小于从O移到c电场力做的功WOC，即WOdWOC，则有WbaWOC，故C正确。D、根据电场线的分布得知，b点场强最小，则试探

3、电荷在b点所受电场力最小。故D错误。故选：C。6.【解析】ABD、在转动过程中，A、B两球的角速度相同，设C球的速度为vC，B球的速度为vB，则有vA=2vB以A、B和杆组成的系统机械能守恒，由机械能守恒定律，得：mgL+2mgL=m+2m联立可以求出：vA=，vB=设杆对A、B两球作功分别为WA，WB。根据动能定理得：对A：2mgL+WA=2m 对B：mgL+WB=m解得：WA=mgL，WB=mgL，则球A对轻杆做负功，球B对轻杆做功mgL，故D正确，AB错误。C、当杆转到竖直位置时B的向心力向上，而向心力由B的合力提供，可知OB杆的拉力大于BA杆的拉力。故C错误。故选：D。7.【解析】A、

4、由，结合图象可知物块做匀加速直线运动，加速度a=0.5m/s2，初位置x0=2m，故A错误；B、由，v=at得t=4s时物块位于x=2m处，物块速度v=2m/s，故B错误C正确；D、由动能定理得04s内物块所受合力做功为=4J，故D错误。故选：C。9.【解析】A、矩形线圈abcd中产生交变电流；将原线圈抽头P向上滑动时，原线圈匝数变大，根据变压比公式，输出电压减小，故灯泡会变暗，故A正确；B、电容器的电容C变大，容抗减小，故干路电流变大，灯泡变亮，故B错误；C、线圈处于图示位置时，是中性面位置，感应电动势的瞬时值为零，故C错误；D、若线圈转动角速度变为2，最大值NBS2=2NBS；根据电流的热

5、效应，解得E=NBS，故D正确。故选：AD。10.【解析】解：A、当MN通以强度为I的电流时，两细线内的张力均减小为T，知此时线框所受安培力合力方向竖直向上，则ab边所受的安培力的向上，cd边所受安培力方向向下，知磁场方向垂直纸面向里，则I方向向左，故A正确；B、当MN内不通电流时，根据线框处于平衡状态有：2T0=mg，当MN中通过电流为I时，根据题意可知：ab所受安培力为： cd所受安培力为：此时两细线内的张力均减小为T，则有：2T+（F1F2）=mg=2T0当绳子中的张力为零时，此时导线中的电流为I1，则有：（F1F2）=mg=2T0联立解得：，故B正确；C、根据B选项可知，当MN内的电流

6、强度变为时，线圈的瞬时加速度大小为g，方向竖直向上，故C错误；D、磁感应强度与距离成反比，越远线框所受的向上的安培力越小，因此线圈下落的加速度越来越大，故D错误。 故选：AB。10.【解析】AB、边界上有粒子射出的范围是偏转圆直径为弦所对应的边界圆弧长，即偏转圆半径r=R=，所以，v=，故A错误，B正确；CD、磁感应强度增加到原来的2倍，那么，偏转圆半径r=R，所以，偏转圆直径对应的弦长为R，有粒子射出的边界圆弧对应的圆心角为60°，所以粒子射出边界的圆弧长度变为原来，故C错误，D正确；故选：BD。13. 解析：(1)利用打点计时器打出的纸带研究小车速度随时间变化的规律时，天平、低压

7、直流电源、秒表是本实验不需要的器材。(2)由题意可知，计时间隔T0.1 s，vA0.337 m/s。小车的加速度用逐差法计算：a0.393 m/s2。答案：(1)(2)0.3370.39314. 解析：(1)如果偏转角度很大，则示数很小，说明量程选大了。故应换到×1挡；换挡后要重新欧姆挡调零；表盘读数是22，所以该电阻的阻值是22 。(2)待测阻值约为22 ，电源电动势为3 V，若用电流表A2，内阻约10 ，最大电流约为0.1 A，故选用电流表A2测量结果较准确，电压表应选V2；滑动变阻器若选R2，可以有效利用的阻值较小，不便于操作，故滑动变阻器应选R1。待测阻值远小于电压表内阻，应

8、采用电流表外接法。滑动变阻器R1比待测电阻小很多，应采用分压接法。答案：(1)×1欧姆挡调零22(2)A2V2R1如图所示15.解析：设运动时间为t，小球1和2的初速度为v1和v2、B球下落 高度为h，小球1做平抛运动落在斜面上，有tan ，又x1v1t，y1gt2，解得tan 小球2垂直撞在斜面上，有tan ，即tan 根据几何关系有x1x2Lcos ，即(v1v2)tLcos 联立得v22v1tan2联立得2v1(v1v2)tan gLcos 联立解得v1 、v2 ，代入解得t 则下落高度hy1gt2g( )20.3L。16.解析：(1)设向右为正方向，小球从A滑下的过程能量守恒

9、：mghmv02M1v12水平方向动量守恒：mv0M1v10可得：A的速度：v10.2 m/s物块的速度：v01.0 m/s(2)物块冲上B又离开的过程：能量守恒：mv02mv2M2v22水平方向动量守恒：mv0M2v2mv可得：vv0当m<M2时v<0，当v的大小不大于v1时m不能再追上A：即：×v0v1得：1<17.解析：对于封闭的气体设为A，设水平时为状态，从水平到竖直的状态的过程中，P0LA1S=（P060）LA2S，所以LA2=152mm，从状态到的过程中，P0LA1S=PA3LA3S，所以PA3=mmHg=800mmHg，对于B气体，PB2=P0=760mmHgLB2=34015260=128mm，PB3=PA3+60=860mmHg，气体从状态到状态，PB2LB2S=PB3LB3S，所以LB3=113.1mm，进入管中的水银的长度为h=340133113.1=33.9mm18. 解析：（1）设a棒开始滑动时电流强度为I，b棒的速度为v由共点力平衡知识，得：由法拉第电磁感应定律和欧姆