2018-2019学年河南省南阳市高一下学期期末物理考试试卷含答案

1、2019年春期高中一年级期终质量评估物理试题一、选择题（本大题共12题，每小题4分，共48分。其中18题每题只有一个选项符合题目 要求，9-12题有多个选项符合要题目要求；全部选又的得4分，选对但不全的得 2分，有选错或不选的得0分）1.下列说法正确的是A.两个匀变速直线运动的合运动一定是匀变速直线运动B.做圆周运动的物体受到的合力不一定指向圆心C. 一对摩擦力做功的代数和为零D.物体竖直向上运动，其机械能一定增加【答案】B【解析】【详解】A.当两个匀变速直线运动的合加速度与合初速度共线时，合运动为匀变速直线运动； 当合加速度与合初速度不共线时，合运动为曲线运动，故 A错误；B.做匀速圆周运动

2、的物体合外力全部提供向心力，合外力一定指向圆心；做变速圆周运动时，合外力沿半径方向的分力提供向心力，合外力沿切线方向的分力改变速度的大小，故B正确;C.一对静摩擦力做的功的代数和为零，一对滑动摩擦力做的功的代数和为负值，故C错误；D.根据功能关系可知，物体竖直向上运动时，当除重力以外的力的合力向上时，机械能增加， 当除重力以外的力的合力向下时，机械能减小，故D错误.2.如图所示，半径分别为 R和2R的两个圆盘 A B处于水平面内，两者边缘接触，靠静摩擦 传动，均可以绕竖直方向的转轴O及O转动.一个可视为质点的小滑块位于转盘B上白C C点,与转轴Q的距离为R已知滑块与转盘间的动摩擦因数为重力加速

3、度为 g,滑动摩擦力等于最大静摩擦力.现使转盘B的转速逐渐增大，当小滑块恰好要相对于转盘 B发生相对运动时， 转盘A的角速度大小为【答案】B【解析】【详解】对小滑块向心力等于最大静摩擦力，二，B点的角速度为vB 2RvA vB 2J gR ,则A点的角速度为 Ait mg=m（Ro 2,所以大圆盘转动的角速度为2j gR ,所以A点的线速度大小为A. 得与计算结果不相符；故 A错误.B. 2,（与计算结果相符；故 B正确.C.1一9与计算结果不相符；故 c错误. , 2RD.'年 与计算结果不相符；故 D错误.3.如图所示，在水平地面上 O点正上方的 A B两点同时水平抛出两个相同小球

4、，它们最后都落到地面上的C点，则两球（）IA I I .0C7777777777777777777777A.有可能同时落地B.落在C点的速度方向可能相同C.落在C点的速度大小可能相同D.落在C点的重力的瞬时功率可能相同【答案】C1 2A、小球 竖直万向做自由洛体运动，根据： h gt ,可知高度不同，所以运动时间一定不 2同，故A错误；日平抛运动轨迹为抛物线，速度方向为该点的切线方向，分别从AB两点抛出的小球轨迹不同，在C点的切线方向也不同，所以落地时方向不可能相同，故B错误；1212弓_C由动能7E理：mgh -mv 2mv0,落地速度为：v J2gh v0 ,则知落在C点的速度大小可能相同

5、，故 C正确；D落在C点时重力的功率 P mgvy mg72gh ,由于A B是两个相同的小球，而下落的高度不同，所以重力的功率也不相同，故 D错误；综上所述本题答案是：C4. 一位质量为 m的同学从下蹲状态向上跳起，经 t时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v ,已知重力加速度为 g,在此过程中地面对他的支持力的冲量为A. mv+mg tB. mv- mg tC. mvD. mcgA t【答案】A【解析】【详解】人的速度原来为零，起跳后变化v,以向上为正方向，由动量定理可得：I-m8t =mv-0 , 故地面对人的冲量为 mv+m处t.A. mv+mg t与计算结果相符；故 A正确.B. m

6、v-mg t与计算结果不相符；故 B错误.C. mv与计算结果不相符；故 C错误.D. mg与计算结果不相符；故 D错误.5.若某月球探测器绕月运动时的轨道是圆形，且贴近月球表面，已知月球的质量约为地球质1 1量的,月球的半径约为地球半径的1,地球的第一宇宙速度为7.9km/s ,则该月球探测器814绕月运行的速率约为A. 36km/sB. 11km/sC. 1.8km/sD. 0.4km/s【详解】根据万有引力提供圆周运动的向心力，有2-MmvG -m RR,可得近地卫星的运行速率v地 v月=一4.51.8km/s.A.36km/s与计算结果不相符；故 A错误.B.11km/s与计算结果不相

7、符；故B错误.C.1.8km/s与计算结果相符；故 C正确.D.0.4km/s与计算结果不相符；故 D错误.6.如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止放在光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切，一个质量为2m的小物块从槽上高为 h处开始自由下滑，运动到水平面之后与弹簧相互作用，被向左反弹回来，下列说法正确的是A.在下滑过程中，槽对物块的支持力对物块始终不做功B.物块第一次滑到槽底端时，物块与槽的速度大小之比为2: 1C.整个过程中，物块、槽和弹簧组成的系统动量守恒D.物块被弹簧反弹后不能追上槽【答案】D【解析】【详解】A.在下滑过程，槽对物块的支持力与物块位移夹角不垂直，

8、支持力对物块做功，故 错误.B.物块与槽组成的系统在水平方向所受合外力为零，系统在水平动量守恒，以向右为正方向, 由动量守恒定律得：2mv物 mv槽=0 ,解得v物：v槽=1:2 ;故B错误.C错误.C.整个过程中，物块、槽和弹簧组成的系统所受合外力不为零，系统动量不守恒，故D.物块与弹簧组成的系统机械能守恒，由机械能守恒定律可知，物块离开弹簧后的速度大小不变，由于物块的速度小于槽的速度，物块不可能追上槽，故 D正确.7.为了行驶安全和减少对铁轨的磨损，火车转弯处轨道平面与水平面会有一个夹角.若火车以规定的速度行驶，则转弯时轮缘与铁轨无挤压.已知某转弯处轨道平面与水平面间夹角为a ,转弯半径为

9、R,规定行驶速率为 V,重力加速度为 g,则A. v=gRtan aB. v=gRSin aC. v= JgRsinD.v= gRtan【答案】D【解析】【详解】火车受力如图所示:在转弯处火车按规定速度行驶时，火车所需要的向心力由重力和支持力的合力提供，有：F合2=mgan a ,根据牛顿第二定律有：mg tan m,解得火车规定行驶速度为：Rv , gRtanA. v=gRtan a与计算结果不相符；故 A错误.B v =gRSin a与计算结果不相符；故 B错误.C.v= JgRsin 与计算结果不相符；故 C错误.D.v= JgRtan 与计算结果相符；故 D正确.8.物体 拉力作用下向

10、上运动，其中拉力做功10J,克服阻力做功5J,克服重力做功5J,则A.物体重力势能减少 5JB.物体机械能增加5JC.合力做功为20JD.物体机械能减小 5J【答案】B【解析】【详解】A.物体向上运动重力做负功5J,故重力势能增加了 5J;故A错误.C.合力彳功W=10-5-5=0 ,即合力做功为零；故 C错误.BD.除重力以外力做功衡量机械能的变化，因此物体的机械能增加了E=10-5=5J;故B正确，D错误.【详解】A.由题意，令星球的半径为R则飞行器的轨道半径 r=R+h,由几何关系即（Rh)sin2R,表达式中只有一个未知量R,故可以据此求出星球半径 R故A正确.rsin一,2B.由A项

11、分析知,Mm 4 2G y mF可以求出飞行器轨道半径r,据万有引力提供圆周运动向心力r可知，已知r和T及G的情况下可以求得星球质量 M再根据密度公式4 R3MJR可以求得星球的密度，故 B正确.32C.在求得星球质量 M及星球轨道半径 R的情况下，根据 G吗 mv-,已知引力常量 G,可 R R以求出星球的第一宇宙速度，故C正确;D错误.D.因为不知道飞行器的质量大小，故无法求得星球对飞行器的引力大小，故10.如图所示，一个长为 L,质量为M的木板，静止在光滑水平面上，一个质量为m的物块（可视为质点），以水平初速度V0,从木板的左端滑向另一端， 设物块与木板间的动摩擦因数为,当物块与木板相对

12、静止时，物块仍在长木板上，物块相对木板的位移为d,木板相对地面的位移为s.则在此过程中mH即师!丽丽用而nMr d . M时切6$科H勿用串窜"勿灯标护A.摩擦力对物块做功为-mgs+d）B.摩擦力对木板做功为（1 mgsC.木板动能的增量为 （1 mgdD.由于摩擦而产生的热量为（1 mgs【答案】AB【解析】【详解】A.物块相对于地面运动的位移为xi=s+d,则摩擦力对物块做功为 W=-fx产-mgs+d）,故A正确；B.木板受到的摩擦力方向与运动方向相同，做正功，则摩擦力对木板做功为W=（1 mgs）故B正确；C.对木板，根据动能定理可知，木板动能的增量等于摩擦力对木板做的功，

13、即为wmgs,故C错误；D.系统由于摩擦而产生的热量等于摩擦力乘以相对位移，即为mgd故D错误.11.如图所示，甲、乙两种粗糙面不同但高度相同的传送带，倾斜放置，以同样恒定速率v顺时针转动。现将一质量为 m的小物块（视为质点）轻轻放在A处，小物块在甲传送带上到达B处时恰好达到传送带的速率 v；在乙传送带上到达离 B竖直高度为h的C处时达到传送带的速率v.已知B处离地面高度为 H,则在物块从 A到B的过程中甲 乙A.两种传送带对小物块做功相等B.两种传送带因运送物块而多消耗的电能相等C.两种传送带与小物块之间的动摩擦因数不等，甲的小D.两种传送带与物块摩擦产生的热量相等【答案】AC【解析】【详解

14、】A.传送带对小物体做功等于小物块机械能的增加量，两种情况下物体动能的增加量相等，重力势能的增加量也相同，即机械能的增加量相等，根据功能关系知，两种传送带对 小物体做功相等，故 A正确.C.根据公式v2=2ax,乙物体的位移小，v相等，可知物体加速度关系 a甲va乙，再由牛顿第二 定律（1 mgcos 0 -mgsin 0 =ma得知 科甲 w乙；故C正确.D.由摩擦生热Q=fS相对知,甲图中：vt1-，、甲=£1sl2 sinf1(vt1 西)a，fi mgsin 2 sinma1m22v2Hsin乙图中：Q乙=f2s2H h f2 mgsin f 2?sinma2sin解得：Q甲

15、=mgH12-mv ， Q乙=mg( H 2h)1 2一 mv2,Q甲Q乙；故D错误.B.根据能量守恒定律，电动机消耗的电能E电等于摩擦产生的热量Q与物块增加机械能之和,因物块两次从A到B增加的机械能相同,Q甲Q乙，所以将小物体传送到 B处，两种传送带消耗的电能甲更多，故 B错误.v-t图像如图所示，除 2s-10s时间12.小车在水平直轨道上由静止开始运动，全过程运动的段内图象为曲线外，其余时间段图象均为直线。已知在小车运动的过程中,2s14s时间段内小车的功率保持不变，在 14s末关闭发动机，让小车自由滑行.小车的质量为2kg,受到的阻力大小不变.则B.小车额定功率为 18WC. ls末小

16、车发动机的输出功率为9WD.小车在变加速运动过程中位移为39m【答案】BCD【详解】A.匀减速运动阶段加速度大小为:律得：f=ma=3N；故A错误.B.匀速运动阶段，牵引力等于阻力，则有:C.匀加速运动阶段的加速度大小为:a118 14m/s2 1.5m/s2 ,根据牛顿第二定P=Fv=3X6W=18W故 B 正确.322一 m/s 1.5m/s，根据牛顿第二定律得：F-f=ma2解得：F=6N.1s末的速度为：V1=at 1=l.5m/s ,则故C正确;D.对2s10s的过程运用动能定理得:故D正确.二、填空题（本大题共2小题，共15夕13.如图甲所示，是用电火花计时器验证机g=9.80m/

17、s2,电火花计时器所用电源频率;50Hz,重士置。已知当地的重力加1Si-m2巴答案填在答守恒定律的£小车发动机的输P=Fv1=9VV1=39m,上对应位置为 0.2kg.mv12电火花L*计时阴1斑央子 重物图甲（1）下列操作中正确的是 .A.电火花计日器应接 6V交流电源B.应先释放纸带，后接通电源打点C.需使用秒表测出重物下落的时间D.测出纸带上两点间的距离，可知重物相应的下落高度（2）某同学按照正确的操作，得到一条符合实验要求的纸带，如图乙所示.如果打O点时重物速度为0, A B、C是打点计时器连续打下的 3个点，计算B点对应的速度时，甲同学用2Tv2 2gXoB ,乙同学用

18、丫卢迎，你赞成（选填“甲”或“乙”）同学的计算方法I23-23 一图乙 该同学用毫米刻度尺测量O到A B、C的距离，并记录在图乙中（单位cm）.打点计时器打B点时重物的动能为 J，从O到B过程中重物重力势能的减少量为 J（计 算结果均保留3位有效数字）.【答案】(1). D (2).乙 (3). 0.369 (4). 0.376【解析】【详解】第一空.A.打点计时器应接交流电源，故 A错误；B.开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如 果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的 采集和处理，会对实验产生较大的误差，故

19、B错误；C.我们可以通过打点计时器计算时间，不需要秒表，故 C错误;D.测出纸带上两点迹间的距离，可知重物相应的下落高度，故 D正确.故填D.第二空.计算B点瞬时速度时，若按甲同学的方法用v2 2g%B,即认为纸带下落的加速度为12g,则不需要计算速度 Vb的值也会有：一mvB mgXoB,故甲的数据处理方法错误，应该选用 2乙同学的：某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度,VbXACTX,故乙同学正确1.92m/s，那么此时重物第三空.B点的瞬时速度为：vB 法=23.23 15.55 10 2 m/s 2T 2 0.02的动能EkB kB1 2-mvB 2121 0.2 1.922J

20、0.369J.2第四空.从初始位置 O到打下计数点B的过程中，重锤的重力势能的减少量为: E3=mg=0.2 X9.8 X0.192J=0.376J.14.如图所示，为“验证碰撞中的动量守恒”的实验装置示意图。已知a、b小球的质量分别为m mb,半径相同，图中 P点为单独释放a球的平均落点，M N是a、b小球碰撞后落点的 平均位置.4° bO MP N(1)本实验必须满足的条件是 .A.斜槽轨道必须是光滑的B.斜槽轨道末端的切线水平C.入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速度释放D.入射球与被碰球满足m=m(2)为了验证动量守恒定律，需要测量OP间的距离Xi、OM'司的距离X

21、2和(3)为了验证动量守恒，需验证的关系式是 .(1) . BC(2) . ON间的距离X3(3) .mlaX1maX2mbX3 (或ma OPma OMmb ON)【解析】【详解】第一空.A. “验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故A错误；B.要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故 B正确；C.要保证碰撞前速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故 C正确;D.为了保证小球碰撞为对心正碰，且碰后不反弹，要求m> m,故D错误.应填BC.第二空.要验证动量守恒定律定律，即验证

22、:mavi mav2 mw3,小球离开轨道后做平抛运动,它们抛出点的高度相等，在空中的运动冰ma OPma OMmbX2间的距离X2, ON司的距离第三空.由以上分析可知，实要验证X2m>bX3,或47分.解只写出最后答案的不能得口单位15.如图所示，AB是半径为g,求!K平地面高为h. 一个小，1勺1光滑圆弧4mav1tmav2t mbv3t,得：max1时乘以 t得:三、计算题(本题共4小题要测量：测量 OP间的距离xi, OM写出必要的文字说明、方,答案中必须明确写出数B点的切线水平,球从A点由静止开始下滑，不计空气阻力，重力加速度为 小球到达B点时的速度大小;:和重要的演算步(2

23、)小球落地点到B点的水平距离X.【答案】（i）1y2gR （2）2回【解析】【详解】（1）物体从A运动到B过程中只有重力做功，机械能守恒，故有:12mgR mvB 2解得小球刚运动到 B点时的速度为：Vb= J2gR12（2）物体离开B点后做平抛运动，故由竖直方向：h gt22水平距离为：X=VBt , 解得：x=2 . Rh16 .如图所示，质量为 m=0.5kg的木块，以V0=3.0m/s的速度滑上原来静止在光滑水平面上的足够长的平板车，平板车的质量M=2.0kg。若木块和平板车表面间的动摩擦因数L =0.3 ,重力加速度g=10m/s2,求：（1）平板车的最大速度;（2）平板车达到最大速度所用的时间.【答案】（1） 0.6m/s（2） 0.8s【解析】【详解】（1）木块与平板车组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得: mv=（ M+m v,解得：v=0.6m/s（2）对平板车，由动量定律得:mgt=Mv解得:t=0.8sr的圆轨道上，卫星做匀速17 .如图所示，为发射卫星的轨道示意图。先将卫星发射到半径为B时,圆周运动。当卫星运动到 A点时，使卫星加速进入椭圆轨道。沿椭圆轨道运动