物理3-3人教新资料10.3热力学第一定律能量守恒定律学案

1、物理3-3人教新资料10.3热力学第一定律能量守恒定律学案1基回扣以题挖点.回扣概急规律和方法【一】概念规律题组1、一个气泡从恒温水槽的底部缓慢向上浮起，（假设不计气泡内空气分子势能的变化）那么（）A、气泡对外做功，内能不变，同时放热 日 气泡对外做功，内能不变，同时吸热 C气泡内能减少，同时放热D气泡内能不变，不吸热也不放热2、一定质量的气体在某一过程中，外界对气体做了8X104J的功，气体的内能减少了1.2 X 105J,那么以下各式中正确的选项是（）A W 8X104J, AU= 1.2X105J, Q= 4X104J 45_5曰 W 8X10J, AU= - 1.2 X 10 J, Q

2、= 2X10J C W 8X104J, AU= 1.2X105J, Q= 2X104J DX W 8X104J, AU= 1.2X105J, Q= 4X104J 3、以下说法中正确的选项是 （）A、一切涉及热现象的宏观过程都具有方向性日一切不违反能量转化和守恒定律的物理过程基本上可能实现的C由热力学第二定律能够判断物理过程能否自发进行D 一切物理过程都不可能自发地进行4、关于一定质量的气体（）A、吸热时其内能能够不变 日吸热时其内能一定不变 C不吸热也不放热时其内能能够减小 DX不吸热也不放热时其内能一定不变 【二】思想方法题组5、以下过程中，可能发生的是 （）A、某种物质从高温热源吸收20k

3、J的热量，全部转化为机械能，而没有产生其他任何妨碍日打开一高压密闭容器，其内气体自发溢出后又自发溢进去，恢复原状C利用其他手段，使低温物体温度更低，高温物体的温度更高 D将两瓶不同液体混合，然后它们又自发地各自分开Hi 彳 O;图16、如图1所示，用绝热活塞把绝热容器隔成容积相同的两部分，先把活塞锁住，将质量和温度都相同的理想气体氢气和氧气分别充入容器的两部分，然后提起销子，使活塞能够无摩擦地滑动，当活塞平衡时 （）A氢气的温度不变C氢气的体积增大B、氢气的压强减小D氧气的温度升高核心岸点突破讲练结合.突破重点、热点和难点【一】热力学第一定律的理解及应用1、热力学第一定律不仅反映了做功和热传递

4、这两种方式改变内能的过程是等效的，而且给出了内能的变化量和做功与热传递之间的定量关系、此定律是标量式，应用时热量的单位应统一为国际单位制中的焦耳、2、对公式AU= Q+ W符号的规定符号WQA U十外界对物体做功物体吸收热量内能增加一物体对外界做功物体放出热量内能减少3.几种特别情况(1)假设过程是绝热的，那么Q= 0, WAU,外界对物体做的功等于物体内能的增加、(2)假设过程中不做功，即 W 0,那么Q=AU,物体吸收的热量等于物体内能的增加、(3)假设过程的始末状态物体的内能不变，即A U= 0,那么 W Q= 0或怔一Q.外界对物体做的功等于物体放出的热量、【特别提示】1、应用热力学第

5、一定律时要明确研究的对象是哪个物体或者是哪个热力学系统、2、应用热力学第一定律计算时，要依照符号法那么代入数据、对结果的正、负也同样 依照规那么来解释其意义、【例1】一定质量的气体，在从一个状态变化到另一个状态的过程中，吸收热量280J,并对外做功120J、试问：(1)这些气体的内能发生了怎么样的变化？(2)假如这些气体又返回原来的状态，并放出了 240J热量，那么在返回的过程中是气体对外界做功，依旧外界对气体做功？做功多少？规范思维针对训练(2017 福建 28(2) 一定量的理想气体在某一过程中，从外界吸收热量2.5X104J,气体对外界做功 1.0X104J,那么该理想气体的 、(填选项

6、前的字母)A、温度降低，密度增大日温度降低，密度减小C温度升高，密度增大D温度升高，密度减小【二】对热力学第二定律的理解及应用1、在热力学第二定律的表述中，“自发地”、“不产生其他妨碍”的涵义、(1) “自发地”指明了热传递等热力学宏观现象的方向性，不需要借助外界提供能量的关心、(2) “不产生其他妨碍”的涵义是发生的热力学宏观过程只在本系统内完成，对周围环境不产生热力学方面的妨碍、如吸热、放热、做功等、2、热力学第二定律的实质热力学第二定律的每一种表述，都揭示了大量分子参与宏观过程的方向性，进而使人们认识到自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性、3、热力学过程方向性实例：“氐温物体(

7、1)高温物体"功 避叁处转幽为(3)气体体积匕餐气体体积匕(较大)(4)不同气体A和且混合气体AB【特别提示】热量不可能自发地从低温物体传到高温物体， 但在有外界妨碍的条件下， 热量能够从低 温物体传到高温物体， 如电冰箱；在引起其他变化的条件下内能能够转化为机械能，如气体的等温膨胀过程、【例2】图2为电冰箱的工作原理示意图、压缩机工作时，强迫制冷剂在冰箱内外的管 道中不断循环、在蒸发器中制冷剂汽化吸收箱体内的热量，通过冷凝器时制冷剂液化，放出热量到箱体外、压箱机图2(1)以下说法正确的选项是()A、热量能够自发地从冰箱内传到冰箱外日电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，

8、是因为其消耗了电能C电冰箱的工作原理不违反热力学第一定律D电冰箱的工作原理违反热力学第一定律(2)电冰箱的制冷系统从冰箱内吸收的热量与释放到外界的热量相比，有怎么样的关 系？规范思维【三】热力学定律与气体实验定律的综合当气体的状态发生变化时，如温度变化、体积变化时，理想气体的内能要发生变化，同时伴随着做功，因此气体实验定律常与热力学第一定律相结合解题，要掌握几个过程的特点：(1)等温过程：内能不变，AU= 0; (2)等容过程： W= 0; (3)绝热过程：Q= 0.【例3】(2017 山东高考)一定质量的理想气体由状态A经状态B变为状态C,其中A一B过程为等压变化，B-C过程为等容变化、VA

9、=0.3m3, Ta= Tc= 300K, TB= 400K.(1)求气体在状态B时的体积、(2)说明Bf C过程压强变化的微观缘故、(3)设B过程气体吸收热量为Q, B-C过程气体放出热量为 Q,比较Q、Q的大小并说明缘故、思路点拨(1)A - B过程等压，利用盖一吕萨克定律分析；(2)从微观上妨碍压强的两个因素入手，进行分析；(3)利用热力学定律分析、规范思维j果唠至文果检测| 限时自测二测速度上练挑电、提能力【基础演练】1、(2017 广东 14)图3为某种椅子与其升降部分的结构示意图，M N两筒间密闭了一定质量的气体，M可沿N的内壁上下滑动，设筒内气体不与外界发生热交换，在M向下滑动的

10、过程中()图3A、外界对气体做功，气体内能增大日外界对气体做功，气体内能减小C气体对外界做功，气体内能增大D气体对外界做功，气体内能减小2、热机是一种把内能转化为机械能的装置，以内燃机为例，汽缸中的气体得到燃料燃 烧时产生的热量 Q,推动活塞做功 W然后排出废气、同时把热量 Q散发到大气中，那么以 下说法正确的选项是（）A 由能量守，ff定律知 Q = VW QWB该热机的效率为刀=QC理想热机效率可达到 100%D内能能够全部转化为机械能而不引起其他变化P，¥等温线 vL oV图43、理想气体的内能与温度成正比，如图4所示的实线为汽缸内一定质量的理想气体由状态1到状态2的变化曲线，

11、那么在整个过程中汽缸内气体的内能（）A先增大后减小B先减小后增大C单调变化D保持不变4、（2017 福建卷）如图5所示，图5一定质量的理想气体密封在绝热 （即与外界不发生热交换）容器中，容器内装有一能够活 动的绝热活塞、今对活塞施以一竖直向下的压力F,使活塞缓慢向下移动一段距离后，气体的体积减小、假设忽略活塞与容器壁间的摩擦力，那么被密封的气体（）A、温度升高，压强增大，内能减少日温度降低，压强增大，内能减少C温度升高，压强增大，内能增加D温度降低，压强减小，内能增加5.C形状记忆合金图6（2017 江苏 12A（1）如图6所示，一演示用的“永动机”转轮由5根轻杆和转轴构成， 轻杆的末端装有用

12、形状经历合金制成的叶片、轻推转轮后，进入热水的叶片因伸展而 “划水”，推动转轮转动、离开热水后，叶片形状迅速恢复，转轮因此能较长时间转动、以下说法正确的选项是（）A、转轮依靠自身惯性转动，不需要消耗外界能量日转轮转动所需能量来自形状经历合金自身C转动的叶片不断搅动热水，水温升高D叶片在热水中吸收的热量一定大于在空气中释放的热量6、（2017 宁夏、辽宁卷）带有活塞的汽缸OT图7内封闭一定量的理想气体、气体开始处于状态a,然后通过过程 ab到达状态b或通过过程ac到达状态c, b c状态温度相同，如图 7所示、设气体在状态 b和状态c的压强分 别为Pb和pc,在过程ab和ac中吸收的热量分别为

13、Qb和Qc,那么（）Apb>pc,Qb>QcB、pb>pc,Qb<QcCpb<pc,Qb>QcDpb<pc,Qb<Qc题号123456答案7.（2017 江苏高考）（1）假设一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，那么在此过程中关于气泡中的气体，以下说法正确的选项是 、（填写选项前的字母）A、气体分子间的作用力增大日 气体分子的平均速率增大C气体分子的平均动能减小D气体组成的系统的嫡增加（2）假设将气泡内的气体视为理想气体，气泡从湖底上升到湖面的过程中，对外界做了 0.6J的功，那么此过程中的气泡 （填“吸收”或“放出”）的热量是 J、气泡到

14、达湖面后，温度上升的过程中，又对外界做了 0.1J的功，同时吸收了 0.3J的热量, 那么此过程中，气泡内气体内能增加了 J.8、（2017 山东卷）如图8所示，一太阳能空气集热器，底面及侧面为隔热材料，顶面 为透明玻璃板，集热器容积为V）,开始时内部封闭气体的压强为p0,通过太阳曝晒，气体温度由 To=300K升至 T1=350K.图8（1）求如今气体的压强、（2）保持T1 = 350K不变，缓慢抽出部分气体，使气体压强再变回到po.求集热器内剩余气体的质量与原来总质量的比值、判断在抽气过程中剩余气体是吸热依旧放热，并简述缘故、【能力提升】压力脚9、(山东高考)某压力锅的结构如图 9所示、盖

15、好密封锅盖，将压力阀套在出气孔上，给压力锅加热，当锅内气体压强达到一定值时，气体就把压力阀顶起、 假定在压力阀被顶起时，停止加热、(1)假设如今锅内气体的体积为V,摩尔体积为 V),阿伏加德罗常数为 NA写出锅内气体分子数的估算表达式、(2)假定在一次放气过程中，锅内气体对压力阀及外界做功1J,并向外界释放了 2J的热量，锅内原有气体的内能如何变化？变化了多少？(3)大气压强p随海拔高度H的变化满足p=po(1 a H),其中常数a >0.结合气体定律 定性分析在不同的海拔高度使用压力锅，当压力阀被顶起时锅内气体的温度有何不同、10、如图10所示，两个可导热的汽缸竖直放置，它们的底部由一

16、细管连通(忽略细管的容积)、两汽缸各有一活塞，质量分别为 m和m2,活塞与汽缸壁无摩擦、活塞的下方为理想 气体，上方为真空、当气体处于平衡状态时，两活塞位于同一高度h.(m 1= 3m, m2= 2m)二一；二一二 N :!;二.二 1 2 二二一二二二二F寄回iEii回倒10图10(1)在两活塞上同时各放一质量为m的物块，求气体再次达到平衡后两活塞的高度差(假设环境的温度始终保持为T0)、(2)在达到上一问的终态后，环境温度由 活塞做了多少功？气体是吸收依旧放出热量？ 能碰到汽缸顶部)T0缓慢上升到试问在那个过程中，气体对 (假定在气体状态变化过程中，两物块均可不禽节决定题败.科制成就完美错

17、题原因摘要题号错题卡学案53热力学定律与能量守恒定律【课前双基回扣】1、B在气泡缓慢上升的过程中，气泡外部的压强逐渐减小，气泡膨胀，对外做功，故气泡中空气分子的内能减小，温度降低、但由于外部恒温，且气泡缓慢上升，故能够认为上升过程中气泡内空气的温度始终等于外界温度，内能不变，故需从外界吸收热量， 且吸收的热量等于泡内空气对外界所做的功、2、B因为外界对气体做功， W取正值，即 W= 8X 104J;内能减少，A U取负值，即AU =-1.2 X 105J;依照热力学第一定律 AU= W Q 可知 Q= A UI- W 1.2 X105J-8X 104J =2X 105J,即B选项正确、3、AC

18、热力学第二定律指出了热现象的方向性，而同时也指出了发生这些单一方向的过程的条件自发， 这也就说明了这些过程中的一些，其逆过程在某些条件下也是能够发生的，但也有的是不可能发生的、4、AC内能的改变既能够通过做功来实现，又能够通过热传递来完成，还能够做功和热传递同时进行来实现，由此分析知 A C是可能的，B、D是不绝对的，故答案为 A、C.5、C依照热力学第二定律，热量不可能从低温物体自发地传递给高温物体，而不引起 其他的变化，但通过一些物理手段是能够实现的，故C正确；内能转化为机械能不可能自发地进行，要使内能全部转化为机械能必定要引起其他变化，故A错误；气体膨胀具有方向性，故 B 错误；扩散现象

19、也有方向性，D 也错误、6、BCD氧气和氧气的质量尽管相同，但由于氢气的摩尔质量小，故氢气物质的量多，又体积和温度相同，因此氢气产生的压强大，活塞将向氧气一方移动、当拔掉销子后，由于氢气物质的量多，压强大，会推动活塞向氧气一方移动，这时氢气对外做功，又无热传递，由AU= W Q可知，氢气内能减少，温度降低，对氧气而言，外界对它做功，体积减小，由 AU= W Q无热传递的情况下，氧气内能增加，温度升高、思维提升1、改变物体内能的两种方式：做功和热传递，二者是等效的、2、热力学第一定律：AU= Q+ W.3、热力学第二定律的表述(1) 按照热传递的方向性表述热量不能自发地从低温物体传到高温物体、(

20、2) 按照机械能与内能转化过程的方向性表述不可能从单一热库吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他妨碍、(3) 热力学第二定律使人们认识到：自然界中进行的涉及到热现象的宏观过程都具有方向性，揭示了大量分子参与的宏观过程具有方向性、4、永动机由能量守恒定律知，第一类永动机不可能制成、由热力学第二定律知，第二类永动机不可能制成、【核心考点突破】例 1(1) 增加了 160J(2) 外界对气体做功80J解析 (1) 由热力学第一定律可得A Ul= W Q= 120J+ 280J= 160J内能增加了160J(2)由于气体的内能仅与状态有关，因此气体从状态回到状态的过程中内能的变化 应等于从状态到状态过

21、程中内能的变化，那么从状态到状态的内能应减少160J,即A U' = 160J,又 Q' = 240J依照热力学第一定律得 A U' = W + Q'因此 W = A U' Q' = 160J ( 240J) = 80J即外界对气体做功80J 规范思维 求解此题应把握以下两点：(1)用热力学第一定律求解内能变化，注意热量Q功W的正负、(2)气体从末态到初态与从初态到末态的A U的大小相同，结合热力学第一定律计算，并做出判断、例2(1)BC(2)见解析解析(1)热力学第一定律是热现象中内能与其他形式能的转化规律，是能的转化和守恒 定律的具体表现，适

22、用于所有的热学过程，故C正确，D错误；依照热力学第二定律可知，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，必须借助于其他系统做功，A错误，B正确，应选 B、C.(2)由热力学第一定律可知，电冰箱制冷系统从冰箱内吸收了热量，同时消耗了电能， 释放到外界的热量比从冰箱内吸收的热量多、规范思维涉及热力学第二定律的问题分析技巧：(1)理解热力学第二定律的实质，清晰热力学第二定律的两种表述形式、(2)掌握热力学第二定律的一些等效说法、如：“第二类永动机不可能制成"，“不可能制成效率为百分之百的热机”等、例 3(1)0.4m 3(2)、(3)见解析解析(1)设气体在B状态时的体积为 w, 由盖一吕萨克

23、定律得VA 注TA= T代入数据得Vb= 0.4m3(2)微观缘故：气体的体积不变，分子的密集程度不变，温度变化 (降低)，气体分子的 平均动能变化(减小)，导致气体的压强变化(减小)、(3)Q1大于Q.因为Ta= Tc,故 Z B增加的内能与 B- C减少的内能相同，而 Z B过程 气体对外做正功，BC过程中气体不做功，由热力学第一定律可知Q大于Q.规范思维理想气体状态变化时，要抓住在满足三个实验定律或状态方程的前提下，内能只与温度有关，气体体积的变化决定了外界对气体做功的情况、针对训练D思想方法总结1、应用热力学第一定律解题的步骤：(1)确定研究对象，确实是要明确内能变化的是哪一个物体或哪

24、一个热力学系统；(2)定性分析研究对象的内能变化是由外界哪些物体或系统通过哪些过程引起的；(3)依照符号法那么，确定 AU、Q W勺正负号，代入公式 AU= Q+ W 进行计算或判断、(4)假设与外界绝热，那么Q= 0.2、要正确理解“不可能从单一热库吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他妨碍”它包含以下三层意思： 从单一热库吸收热量， 一般来说只有部分转化为机械能， 因此第二 类永动机是不可能制成的； 机械能转化为内能是自然的， 能够全部转化；假如产生其他 妨碍，可能从单一热库吸收热量，使之完全变成功、3、应用能量守恒定律解决问题时，首先应明确有哪几种能量参与转化或转移，哪些增、哪些减，然后

25、利用守恒观点列出方程求解、4、假设气体等压变化，压强为 p,体积变化为AV,那么气体做功 W p- AV. 【课时效果检测】1、A2.AB3.B4.C5.D6.C7、(1)D(2)吸收 0.60.2pv解析(1)依照理想气体状态方程可判断7=c, t不变，上升过程气?内气体的压强 p减小，气泡体积 V增大，分子间距离增大，分子力减小，A错；温度不变，平均动能不变， C错；平均速率不变，B错；V增大，无序性增加，D对、(2)热力学第一定律 A U= W AQ>,温度不变AUI= 0, W= 0.6J ,那么A Q= + 0.6J ,因此吸热、W = 0.1J , AQ' = 0.3

26、J , AU= 0.2J ,内能增加、8、(1) 6P0(2) 7吸热缘故见解析p0 pi解析(1)由题意知，气体体积不变，由查理定律得T0=T1Ti 3507因此如今气体的压强 pi= ToP0= 300P0= 6P0(2)抽气过程可等效为等温膨胀过程，设膨胀后气体的总体积为V2,由玻意耳定律可得piV0= P0V2P1V0 7可得V2= P0 = 6M因此集热器内剩余气体的质量与原来总质量的比值为p M 67-=7P 6V。因为抽气过程中剩余气体温度不变，故内能不变，而剩余气体的体积膨胀对外做功、由热力学第一定律 Al> W Q可知，气体一定从外界吸收热量、V9、(1)n =6(2)锅内原有气体的内能减少，减少了 3J(3)阀门被顶起时锅内气体温度随着海拔高度的增加而降低、V解析(1)设锅内气体分子数为 n, n=