2014年高考物理（广东卷）

1、绝密启用前 试卷类型：A2014年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）理科综合（物理部分）v/ms-1t/s01231图6-14一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求。选对的得4分，错选或不答的得0分。13.图6是物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体A第1 s内和第3 s内的运动方向相反B第3 s内和第4 s内的加速度相同C第1 s内和第4s内的位移大小不等D02s内和04s内的平均速度大小相等【答案】B【解析】 03 s内物体一直沿正方向运动，故选项A错误；v­t图像的斜率表示加速度，第3 s内和第4 s

2、内图像斜率相同，故加速度相同，选项B正确；v­t图像图线与时间轴包围的面积表示位移的大小，第1 s内和第4 s内对应的两个三角形面积相等，故位移大小相等，选项C错误；第3 s内和第4 s内对应的两个三角形面积相等，故位移大小相等，方向相反，所以02 s和04 s内位移相同，但时间不同，故平均速度不相等，选项D错误。14如图7所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是MNP图7AM处受到的支持力竖直向上BN处受到的支持力竖直向上CM处受到的摩擦力沿MN方向DN处受到的摩擦力沿水平方向【答案】A【解析】M处支持力方向与支持面（地面）垂直，即竖直向上

3、，选项A正确；N处支持力与支持面（原木接触面）垂直，即垂直MN向上，故选项B错误；摩擦力与接触面平行，故选项C、D错误。PQ铜管小磁块塑料管图815如图8所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置，小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块A在P和Q中都做自由落体运动B在两个下落过程中的机械能都守恒C在P中的下落时间比在Q中的长D落至底部时在P中的速度比在Q中的长【答案】C【解析】磁块在铜管中运动时，铜管中产生感应电流，根据楞次定律，磁块会受到向上的磁场力，因此磁块下落的加速度小于重力加速度，且机械能不守恒，选项A、B错误；磁块在塑料管中运动时，只受重力的作用，做自

4、由落体运动，机械能守恒，磁块落至底部时，根据直线运动规律和功能关系，磁块在P中的下落时间比在Q中的长，落至底部时在P中的速度比在Q中的小，选项C正确，选项D错误。F1F2弹簧盒图916图9是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中和为楔块，和为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中A缓冲器的机械能守恒B摩擦力做功消耗机械能C垫块的动能全部转化成内能D弹簧的弹性势能全部转化为动能【答案】B【解析】由于楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，摩擦力做负功，则缓冲器的机械能部分转化为内能，故选项A错误，选项B正确；车厢撞击过程中，弹簧被压缩，摩擦力和弹簧弹力都做功，所以垫块的动能

5、转化为内能和弹性势能，选项C、D错误。二、双项选择题：本大题共9个小题，每小题6分，共54分。每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对者的得6分，只选1个且正确的得3分；有错选或不答的得0分。充气囊易碎品图1017用密封性好、充满气体的塑料袋包裹易碎品，如图10所示，充气袋四周被挤压时，假设袋内气体与外界无热交换，则袋内气体A体积减小，内能增大B体积减小，压强减小C对外界做负功，内能增大D对外界做正功，压强减小【答案】AC【解析】充气袋被挤压时，气体体积减小，外界对气体做功，由于袋内气体与外界无热交换，故由热力学第一定律知，气体内能增加，故选项C正确，选项D错误；体积减小，内能

6、增加，由理想气体状态方程可知压强变大，故选项A正确，选项B错误。18. 在光电效应实验中，用频率为的光照射光电管阴极，发生了光电效应，下列说法正确的是A增大入射光的强度，光电流增大B减小入射光的强度，光电效应现象消失C改变频率小于的光照射，一定不发生光电效应D改变频率大于的光照射，光电子的最大初动能变大【答案】AD【解析】用频率为的光照射光电管阴极，发生光电效应，该用频率较小的光照射时，有可能发生光电效应，选项C错误；据hW逸=mv2/2可知增加照射光频率，光电子最大初动能也增大，故选项D正确；增大入射光强度，单位时间内照射到单位面积的光电子数增加，则光电流将增大，故选项A正确；光电效应是否产

7、生于照射光频率有关而与照射光强度无关，故选项B错误。PR0LU1U2S图1119. 如图11所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是AP向下滑动时，灯L变亮B P向下滑动时，变压器的输出电压不变CP向上滑动时，变压器的输入电流变小DP向上滑动时，变压器的输出功率变大【答案】BD【解析】由于理想变压器输入电压不变，则副线圈电压U2不变，滑片P滑动时，对灯泡两端的电压没有影响，故灯泡亮度不变，则选项A错误；滑片P下滑，电阻变大，但副线圈电压由原线圈电压决定，则副线圈电压不变，故选项B正确；滑片P上滑，电阻减小，副线圈输出电流I2增大，则原线

8、圈输入电流I1也增大，故选项C错误；此时变压器输出功率P2U2I2将变大，故选项D正确。PMN图1220如图12所示，光滑绝缘的水平桌面上，固定着一个带电量为+Q的小球P，带电量分别为-q和+2q的小球M和N，由绝缘细杆相连，静止在桌面上，P与M相距L，P、M和N视为点电荷，下列说法正确的是AM与N的距离大于LBP、M和N在同一直线上C在P产生的电场中，M、N处的电势相同DM、N及细杆组成的系统所受合外力为零【答案】BD【解析】M、N处于静止状态，则M、N和杆组成的系统所受合外力为0，则FPMFPN，即kk，则有xL，那么M、N间距离为(1)L，故选项A错误，选项D正确；由于M、N静止不动，P

9、对M和对N的力应该在一条直线上，故选项B正确；在P产生电场中，M处电势较高，故选项C错误。图13P21如图13所示，飞行器P绕某星球做匀速圆周运动，星球相对飞行器的角度为，下列说法正确的是A轨道半径越大，周期越长B轨道半径越大，速度越长C若测得周期和张角，可得到星球的平均密度D若测得周期和轨道半径，可得到星球的平均密度【答案】AC【解析】根据GmR，可知半径越大则周期越大，故选项A正确；根据Gm，可知轨道半径越大则环绕速度越小，故选项B错误；若测得周期T，则有M，如果知道张角，则该星球半径为rRsin，所以M(Rsin)3，可得到星球的平均密度，故选项C正确，而选项D无法计算星球半径，则无法求

10、出星球的平均密度，选项D错误。34(1)(8分)某同学设计的可调电源电路如图22(a)所示，R0为保护电阻，P为滑动变阻器的滑片，闭合电键S用电压表测量A、B两端的电压；将电压表调零，选择0-3V档，示数如图22(b)，电压值为 V在接通外电路之前，为了保证外电路的安全，滑片P应先置于 端。要使输出电压U变大，滑片P应向 端。若电源电路中不接入R0，则在使用过程中，存在 的风险(填“断路”或“短路”)。(a)ASR0输出电压UE0BP0123V051015(b)图22【答案】(1)1.30AB短路【解析】据十分之一估读法，应该为1.30 V；接通电路前，应该使滑片置于A端，用电器上的电压为0，

11、这样才能起到保护外电路的作用；要增大外电路电压，需要使滑片滑向B端；若电源电路输出端短路，电源电路中没有接入保护电阻，则当滑片滑至B端时，电路就会短路，电源被烧毁。(2)(10分)某同学根据机械能守恒定律，设计实验探究弹簧的弹性势能与压缩量的关系。如图23(a)，将轻质弹簧下端固定于铁架台，在上端的托盘中依次增加砝码，测得相应的弹簧长度，部分数据如下表，有数据算得劲度系数k= N/m，（g取9.8m/s2）砝码质量（g）50100150弹簧长度（cm）8.627.636.66取下弹簧，将其一端固定于气垫导轨左侧，如图23(b)所示；调整导轨，是滑块自由滑动时，通过两个光电门的速度大小 。用滑块

12、压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x；释放滑块，记录滑块脱离弹簧后的速度v，释放滑块过程中，弹簧的弹性势能转化为 。重复中的操作，得到v与x的关系如图23（c）。有图可知，v与x成 关系，由 上述实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧的 成正比。托盘砝码光电门滑块0.3x/m0123450.10.20.40.5v/m/s0.6(A)(B)(C)图23【答案】50相等滑块的动能正比压缩量的平方【解析【根据F1mgkx1，F22mgkx2，有FF1F2kx1kx2，则k N/m49.5 N/m，同理可以求得k N/m50.5 N/m，则劲度系数为k50 N/m.滑块离开弹簧后做匀速直线运动，故滑块通过

13、两个光电门时的速度相等在该过程中弹簧的弹性势能转化为滑块的动能；图线是过原点的倾斜直线，所以v与x成正比；弹性势能转化为动能，即E弹mv2，即弹性势能与速度平方成正比，则弹性势能与压缩量平方成正比。35(18分)图24 的水平轨道中，AC段的中点B的正上方有一探测器，C处有一竖直挡板，物体P1沿轨道向右以速度v1与静止在A点的物体P2碰撞，并接合成复合体P，以此碰撞时刻为计时零点，探测器只在t1=2s至t2=4s内工作，已知P1、P2的质量都为m=1kg，P与AC间的动摩擦因数为=0.1，AB段长L=4m，g取10m/s2，P1、P2和P均视为质点，P与挡板的碰撞为弹性碰撞。（1）若v1=6m

14、/s，求P1、P2碰后瞬间的速度大小v和碰撞损失的动能E；P1P2LLABC探测器图24（2）若P与挡板碰后，能在探测器的工作时间内通过B点，求v1的取值范围和P向左经过A点时的最大动能E【答案】(1)3 m/s9 J(2)10 m/sv114 m/s17 J【解析】 (1)P1、P2碰撞过程，动量守恒mv1=2mv 解得v= =3m/s 碰撞损失的动能Emv(2m)v2 解得E9J (2) 由于P与挡板的碰撞为弹性碰撞.故P在AC间等效为匀减速运动，设P在AC段加速度大小为a，由运动学规律，得(2m)g2ma 3L=vt-at2 v2v-at由解得v1= v2= 由于2st4s 所以解得v1

15、的取值范围10m/sv114m/s v2的取值范围1m/sv27m/s所以当v2=7m/s时，P向左经过A 点时有最大动能E=(2m)v=49J 36(18分)如图25 所示，足够大的平行挡板A1、A2竖直放置，间距6L两板间存在两个方向相反的匀强磁场区域和，以水平面MN为理想分界面，区的磁感应强度为B0，方向垂直纸面向外。 A1、A2上各有位置正对的小孔S1、S2，两孔与分界面MN的距离均为L.质量为m、电量为+q的粒子经宽度为d的匀强电场有静止加速后，沿水平方向从S1进入区，并直接偏转到MN上的P点，再进入区，P点与A1板的距离是L的k倍，不计重力，碰到挡板的粒子不予考虑。(1)若k=1，求匀强电场的电场强度E；S1S2B0mNMA1A2+q+-6LLLdp图25(2)若2<k<3，且粒子沿水平方向从S2射出，求出粒子在磁场中的速度