高三数学大一轮复习53平面向量的数量积教案理新人教A

1、§5.3平面向量的数量积2014高考会这样考1.考查两个向量的数量积的求法；2.利用两个向量的数量积求向量的夹角、向量的模；3.利用两个向量的数量积证明两个向量垂直复习备考要这样做1.理解数量积的意义，掌握求数量积的各种方法；2.理解数量积的运算性质；3.利用数量积解决向量的几何问题1 平面向量的数量积已知两个非零向量a和b，它们的夹角为，则数量|a|b|cos 叫做a和b的数量积(或内积)，记作a·b|a|b|cos .规定：零向量与任一向量的数量积为_0_.两个非零向量a与b垂直的充要条件是a·b0，两个非零向量a与b平行的充要条件是a·b±

2、;|a|b|.2 平面向量数量积的几何意义数量积a·b等于a的长度|a|与b在a的方向上的投影|b|cos 的乘积3 平面向量数量积的重要性质(1)e·aa·e|a|cos ；(2)非零向量a，b，aba·b0；(3)当a与b同向时，a·b|a|b|；当a与b反向时，a·b|a|b|，a·aa2，|a|；(4)cos ；(5)|a·b|_|a|b|.4 平面向量数量积满足的运算律(1)a·bb·a(交换律)；(2)(a)·b(a·b)a·(b)(为实数)；(3)(a

3、b)·ca·cb·c.5 平面向量数量积有关性质的坐标表示设向量a(x1，y1)，b(x2，y2)，则a·bx1x2y1y2，由此得到(1)若a(x，y)，则|a|2x2y2或|a|.(2)设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则A、B两点间的距离|AB|.(3)设两个非零向量a，b，a(x1，y1)，b(x2，y2)，则abx1x2y1y20.难点正本疑点清源1 向量的数量积是一个实数两个向量的数量积是一个数量，这个数量的大小与两个向量的长度及其夹角的余弦值有关，在运用向量的数量积解题时，一定要注意两向量夹角的范围2 a·b>0是两个向

4、量a·b夹角为锐角的必要不充分条件因为若a，b0，则a·b>0，而a，b夹角不是锐角；另外还要注意区分ABC中，、的夹角与角B的关系3 计算数量积时利用数量积的几何意义是一种重要方法1 已知向量a和向量b的夹角为135°，|a|2，|b|3，则向量a和向量b的数量积a·b_.答案3解析a·b|a|b|cos 135°2×3×3.2 已知ab，|a|2，|b|3，且3a2b与ab垂直，则实数的值为_答案解析由ab知a·b0.又3a2b与ab垂直，(3a2b)·(ab)3a22b23×

5、;222×320.3 已知a(2,3)，b(4,7)，则a在b方向上的投影为_答案解析设a和b的夹角为，|a|cos |a|.4 (2011·辽宁)已知向量a(2,1)，b(1，k)，a·(2ab)0，则k等于()A12 B6 C6 D12答案D解析由已知得a·(2ab)2a2a·b2(41)(2k)0，k12.5 (2012·陕西)设向量a(1，cos )与b(1,2cos )垂直，则cos 2等于 ()A. B. C0 D1答案C解析利用向量垂直及倍角公式求解a(1，cos )，b(1,2cos )ab，a·b12cos

6、20，cos2，cos 22cos21110.题型一平面向量的数量积的运算例1(1)在RtABC中，C90°，AC4，则·等于()A16 B8 C8 D16(2)若向量a(1,1)，b(2,5)，c(3，x)，满足条件(8ab)·c30，则x等于()A6 B5 C4 D3思维启迪：(1)由于C90°，因此选向量，为基底(2)先算出8ab，再由向量的数量积列出方程，从而求出x.答案(1)D(2)C解析(1)·()·()·16.(2)a(1,1)，b(2,5)，8ab(8,8)(2,5)(6,3)又(8ab)·c30，

7、(6,3)·(3，x)183x30.x4.探究提高求两个向量的数量积有三种方法：利用定义；利用向量的坐标运算；利用数量积的几何意义本题从不同角度创造性地解题，充分利用了已知条件(2012·北京)已知正方形ABCD的边长为1，点E是AB边上的动点，则·的值为_；·的最大值为_答案11解析方法一以射线AB，AD为x轴，y轴的正方向建立平面直角坐标系，则A(0,0)，B(1,0)，C(1,1)，D(0,1)，则E(t,0)，t0,1，则(t，1)，(0，1)，所以·(t，1)·(0，1)1.因为(1,0)，所以·(t，1)

8、3;(1,0)t1，故·的最大值为1.方法二由图知，无论E点在哪个位置，在方向上的投影都是CB1，·|·11，当E运动到B点时，在方向上的投影最大即为DC1，(·)max|·11.题型二向量的夹角与向量的模例2已知|a|4，|b|3，(2a3b)·(2ab)61，(1)求a与b的夹角；(2)求|ab|；(3)若a，b，求ABC的面积思维启迪：运用数量积的定义和|a|.解(1)(2a3b)·(2ab)61，4|a|24a·b3|b|261.又|a|4，|b|3，644a·b2761，a·b6.co

9、s .又0，.(2)可先平方转化为向量的数量积|ab|2(ab)2|a|22a·b|b|2422×(6)3213，|ab|.(3)与的夹角，ABC.又|a|4，|b|3，SABC|sinABC×4×3×3.探究提高(1)在数量积的基本运算中，经常用到数量积的定义、模、夹角等公式，尤其对|a|要引起足够重视，它是求距离常用的公式(2)要注意向量运算律与实数运算律的区别和联系在向量的运算中，灵活运用运算律，达到简化运算的目的 (1)已知向量a、b满足|a|1，|b|4，且a·b2，则a与b的夹角为()A. B. C. D.(2)已知向量a

10、(1，)，b(1,0)，则|a2b|等于()A1 B. C2 D4答案(1)C(2)C解析(1)cosa，b，a，b.(2)|a2b|2a24a·b4b244×144，|a2b|2.题型三向量数量积的综合应用例3已知a(cos ，sin )，b(cos ，sin )(0<<<)(1)求证：ab与ab互相垂直；(2)若kab与akb的模相等，求.(其中k为非零实数)思维启迪：(1)证明两向量互相垂直，转化为计算这两个向量的数量积问题，数量积为零即得证(2)由模相等，列等式、化简(1)证明(ab)·(ab)a2b2|a|2|b|2(cos2sin2)

11、(cos2sin2)0，ab与ab互相垂直(2)解kab(kcos cos ，ksin sin )，akb(cos kcos ，sin ksin )，|kab|，|akb|.|kab|akb|，2kcos()2kcos()又k0，cos()0.0<<<，0<<，.探究提高(1)当向量a与b是坐标形式给出时，若证明ab，则只需证明a·b0x1x2y1y20.(2)当向量a，b是非坐标形式时，要把a，b用已知的不共线向量作为基底来表示且不共线的向量要知道其模与夹角，从而进行运算证明a·b0.(3)数量积的运算中，a·b0ab中，是对非零向

12、量而言的，若a0，虽然有a·b0，但不能说ab. 已知平面向量a(，1)，b.(1)证明：ab；(2)若存在不同时为零的实数k和t，使ca(t23)b，dkatb，且cd，试求函数关系式kf(t)(1)证明a·b×1×0，ab.(2)解ca(t23)b，dkatb，且cd，c·da(t23)b·(katb)ka2t(t23)b2tk(t23)a·b0，又a2|a|24，b2|b|21，a·b0，c·d4kt33t0，kf(t) (t0)三审图形抓特点典例：(4分)如图所示，把两块斜边长相等的直角三角板拼在

13、一起，若xy，则x_，y_.审题路线图图形有一副三角板构成(注意一副三角板的特点)令|AB|1，|AC|1(一副三角板的两斜边等长)|DE|BC|(非等腰三角板的特点)|BD|DE|sin 60°×(注意ABD45°90°135°)在上的投影即为xx|AB|BD|cos 45°1×1在上的投影即为yy|BD|·sin 45°×.解析方法一结合图形特点，设向量，为单位向量，由xy知，x，y分别为在，上的投影又|BC|DE|，|·sin 60°.在上的投影x1cos 45

14、6;1×1，在上的投影ysin 45°.方法二xy，又，xy，(x1)y.又，·(x1)2.设|1，则由题意|.又BED60°，|.显然与的夹角为45°.由·(x1)2，得×1×cos 45°(x1)×12.x1.同理，在(x1)y两边取数量积可得y.答案1温馨提醒突破本题的关键是，要抓住图形的特点(图形由一副三角板构成)根据图形的特点，利用向量分解的几何意义，求解方便快捷方法二是原试题所给答案，较方法一略显繁杂方法与技巧1 计算数量积的三种方法：定义、坐标运算、数量积的几何意义，要灵活选用，和

15、图形有关的不要忽略数量积几何意义的应用2 求向量模的常用方法：利用公式|a|2a2，将模的运算转化为向量的数量积的运算3 利用向量垂直或平行的条件构造方程或函数是求参数或最值问题常用的方法与技巧失误与防范1 (1)0与实数0的区别：0a00，a(a)00，a·000；(2)0的方向是任意的，并非没有方向，0与任何向量平行，我们只定义了非零向量的垂直关系2 a·b0不能推出a0或b0，因为a·b0时，有可能ab.3 a·ba·c(a0)不能推出bc，即消去律不成立A组专项基础训练(时间：35分钟，满分：57分)一、选择题(每小题5分，共20分)1

16、 (2012·辽宁)已知向量a(1，1)，b(2，x)，若a·b1，则x等于()A1 B C. D1答案D解析a·b(1，1)·(2，x)2x1x1.2 (2012·重庆)设x，yR，向量a(x,1)，b(1，y)，c(2，4)，且ac，bc，则|ab|等于()A. B. C2 D10答案B解析a(x,1)，b(1，y)，c(2，4)，由ac得a·c0，即2x40，x2.由bc，得1×(4)2y0，y2.a(2,1)，b(1，2)ab(3，1)，|ab|.3 已知向量a(1,2)，b(2，3)若向量c满足(ca)b，c(ab

17、)，则c等于()A. B.C. D.答案D解析设c(x，y)，则ca(x1，y2)，又(ca)b，2(y2)3(x1)0.又c(ab)，(x，y)·(3，1)3xy0.联立解得x，y.4 在ABC中，AB3，AC2，BC，则·等于()A B C. D.答案D解析由于·|·|·cosBAC(|2|2|2)×(9410).二、填空题(每小题5分，共15分)5 (2012·课标全国)已知向量a，b夹角为45°，且|a|1，|2ab|，则|b|_.答案3解析a，b的夹角为45°，|a|1，a·b|a|&

18、#183;|b|cos 45°|b|，|2ab|244×|b|b|210，|b|3.6 (2012·浙江)在ABC中，M是BC的中点，AM3，BC10，则·_.答案16解析如图所示，·()·()22|2|292516.7 已知a(2，1)，b(，3)，若a与b的夹角为钝角，则的取值范围是_答案(，6)解析由a·b<0，即23<0，解得<，由ab得：6，即6.因此<，且6.三、解答题(共22分)8 (10分)已知a(1,2)，b(2，n) (n>1)，a与b的夹角是45°.(1)求b；(

19、2)若c与b同向，且a与ca垂直，求c.解(1)a·b2n2，|a|，|b|，cos 45°，3n216n120，n6或n(舍)，b(2,6)(2)由(1)知，a·b10，|a|25.又c与b同向，故可设cb (>0)，(ca)·a0，b·a|a|20，cb(1,3)9 (12分)设两个向量e1、e2满足|e1|2，|e2|1，e1、e2的夹角为60°，若向量2te17e2与向量e1te2的夹角为钝角，求实数t的取值范围解e1·e2|e1|·|e2|·cos 60°2×1

20、5;1，(2te17e2)·(e1te2)2te7te(2t27)e1·e28t7t2t272t215t7.由已知得2t215t7<0，解得7<t<.当向量2te17e2与向量e1te2反向时，设2te17e2(e1te2)，<0，则2t27t或t(舍)故t的取值范围为(7，)(，)B组专项能力提升(时间：25分钟，满分：43分)一、选择题(每小题5分，共15分)1 (2012·湖南)在ABC中，AB2，AC3，·1，则BC等于()A. B. C2 D.答案A解析·1，且AB2，1|cos(B)，|cos B1.在ABC

21、中，|AC|2|AB|2|BC|22|AB|BC|cos B，即94|BC|22×(1)|BC|.2 已知|a|6，|b|3，a·b12，则向量a在向量b方向上的投影是()A4 B4 C2 D2答案A解析a·b为向量b的模与向量a在向量b方向上的投影的乘积，得a·b|b|a|·cosa，b，即123|a|·cosa，b，|a|·cosa，b4.3 (2012·江西)在直角三角形ABC中，点D是斜边AB的中点，点P为线段CD的中点，则等于 ()A2 B4 C5 D10答案D解析，|222·2.，|222&#

22、183;2.|2|2(22)2·()2222·222.又2162，2，代入上式整理得|2|210|2，故所求值为10.二、填空题(每小题5分，共15分)4 (2012·安徽)设向量a(1,2m)，b(m1,1)，c(2，m)若(ac)b，则|a|_.答案解析利用向量数量积的坐标运算求解ac(1,2m)(2，m)(3,3m)(ac)b，(ac)·b(3,3m)·(m1,1)6m30，m.a(1，1)，|a|.5 (2012·江苏)如图，在矩形ABCD中，AB，BC2，点E为BC的中点，点F在边CD上，若·，则·的值是_答案解析方法一坐标法以A为坐标原点，AB，AD所在直线为x轴，y轴建立平面直角坐标系，则A(0,0)，B(，0)，E(，1)，F(x,2)故(，0)，(x,2)，(，1)，(x，2)，·(，0)·(x,2)