第2章 2.4 2.4.2 抛物线的几何性质(二)_第1页
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文档简介

1、.2.4.2抛物线的几何性质二学习目的:1.掌握直线与抛物线位置关系的判断.2.掌握直线与抛物线相交时与弦长相关的知识.3.掌握直线与抛物线相关的求值、证明问题自 主 预 习·探 新 知1直线与抛物线的位置关系及断定位置关系公共点断定方法相交有两个或一个公共点k0或联立直线与抛物线方程,得到一个一元二次方程,记判别式为相切有且只有一个公共点0相离无公共点0根底自测1考虑辨析1经过抛物线上一点有且只有一条直线与抛物线有一个公共点2过抛物线内一点只有一条直线与抛物线有且只有一个公共点3过点0,1作直线,使它与抛物线y24x仅有一个公共点的直线有三条提示1×过抛物线上一点与抛物线

2、的对称轴平行的直线与抛物线有一个公共点232点A2,3在抛物线C:y22px的准线上,记C的焦点为F,那么直线AF的斜率为AB1CDC由点A2,3在y22px的准线x上得p4,F2,0,kAF,应选C.3过抛物线y24x的焦点作直线l交抛物线于A,B两点,假设线段AB的中点的横坐标为3,那么|AB|_. 【导学号:33242193】8|AB|22318.合 作 探 究·攻 重 难直线与抛物线的位置关系抛物线的方程为y24x,直线l过定点P2,1,斜率为k,k为何值时,直线l与抛物线y24x:只有一个公共点;有两个公共点;没有公共点?解由题意,设直线l的方程为y1kx2由方程组*可得k

3、y24y42k10. 1当k0时,由方程得y1.把y1代入y24x,得x.这时,直线l与抛物线只有一个公共点.2当k0时,方程的判别式为162k2k1由0,即2k2k10,解得k1,或k.于是,当k1,或k时,方程只有一个解,从而方程组*只有一个解这时,直线l与抛物线只有一个公共点由>0,得2k2k1<0,解得1<k<.于是,当1<k,且k0时,方程有两个解,从而方程组*有两个解这时,直线l与抛物线有两个公共点由<0,即2k2k1>0,解得k<1,或k>.于是,当k<1,或k>时,方程没有实数解,从而方程组*没有解这时,直线l与

4、抛物线没有公共点综上,我们可得当k1,或k,或k0时,直线l与抛物线只有一个公共点;当1<k<,且k0时,直线l与抛物线有两个公共点;当k<1,或k>时,直线l与抛物线没有公共点规律方法直线与抛物线交点的个数,等价于直线方程、抛物线方程联立得到的方程组解的个数.注意直线斜率不存在和得到的方程二次项系数为0的情况.跟踪训练1如图2­4­2,过抛物线y2x上一点A4,2作倾斜角互补的两条直线AB,AC交抛物线于B,C两点,求证:直线BC的斜率是定值图2­4­2证明设kABkk0,直线AB,AC的倾斜角互补,kACkk0,AB的方程是y

5、kx42.由方程组消去y后,整理得k2x28k24k1x16k216k40.A4,2,BxB,yB是上述方程组的解4·xB,即xB.以k代换xB中的k,得xC,kBC.直线BC的斜率为定值与抛物线有关的中点弦问题探究问题比照椭圆的“中点弦问题,考虑与抛物线有关的“中点弦问题的解题策略有哪些?提示1点差法:将两个交点的坐标代入抛物线的方程,作差由k求斜率,再由点斜式求解2传统法:设直线方程,并与抛物线的方程联立,消去x或y得关于y或x的一元二次方程,由根与系数的关系,得两根之和即为中点纵或横坐标的2倍,从而求斜率A,B为抛物线E上不同的两点,假设抛物线E的焦点为1,0,线段AB恰被M2

6、,1所平分1求抛物线E的标准方程;2求直线AB的方程. 【导学号:33242194】思路探究用“点差法解1由E的焦点为1,0,可设抛物线方程为y22px,且1,p2,抛物线方程为y24x.2设Ax1,y1,Bx2,y2,由M2,1为线段AB的中点可知直线AB斜率存在且不为零,设直线AB斜率为k.由A,B为抛物线上不同两点得得k2,直线AB方程为y12x2,即2xy30.母题探究:1.变换条件假设本例中条件“线段AB恰被M2,1所平分改为“线段AB恰被M1,1所平分,问这样的直线AB是否存在?假设存在,求出直线AB的方程,假设不存在,说明理由解由抛物线的焦点为1,0,所以1,p2,故抛物线方程为

7、y24x.假设AB斜率存在,即AB不垂直于x轴,故可设AB所在直线的方程为y1kx1k0设Ax1,y1,Bx2,y2,由消去x整理得ky24y44k0,164k44k>0恒成立,又由根与系数的关系得y1y2,根据M为AB的中点,所以2,k2,所以所求直线方程为y12x1,即2xy10.当AB的斜率不存在时,显然不符合题意. 2变换条件、改变问法假设动点P在抛物线E上挪动,求线段PM中点的轨迹方程解设Px0,y0,PM中点的坐标为x,y,由中点坐标公式得即p在抛物线y24x上,PM中点的轨迹方程为2y128x1规律方法解决中点弦问题的根本方法是点差法、根与系数关系的方法,直线方程与抛物线方

8、程联立时,消y有时更简捷,此类问题还要注意斜率不存在的情况,防止漏解.一般地,抛物线y22pxp>0上两点Ax1,y1,Bx2,y2及AB的中点Px0,y0,那么kAB,直线AB的方程为yy0 xx0.线段AB的垂直平分线的方程为yy0 xx0.提醒:涉及弦的中点、斜率时,一般用“点差法求解.抛物线的综合运用如图2­4­3所示,直线l:y2x4交抛物线y24x于A,B两点,试在抛物线AOB这段曲线上求一点P,使PAB的面积最大,并求出这个最大面积 【导学号:33242195】图2­4­3思路探究解决此题的关键是弦AB为定值,将点P到直线AB的间隔

9、的最值问题转化为二次函数问题求解在应用配方法求最值时,一定要注意自变量的取值范围解由解得或由题图可知A4,4,B1,2,那么|AB|3.设Px0,y0为抛物线AOB这段曲线上一点,d为点P到直线AB的间隔 ,那么:d|y0129|.2y04,y01290.d9y012从而当y01时,dmax,Smax××3.因此,当点P的坐标为时,PAB的面积获得最大值,最大值为.规律方法应用抛物线性质解题的常用技巧1抛物线的中点弦问题用点差法较简便2轴对称问题,一是抓住对称两点的中点在对称轴上,二是抓住两点连线的斜率与对称轴所在直线斜率的关系3在直线和抛物线的综合题中,经常遇到求定值、过

10、定点问题解决这类问题的方法很多,如斜率法、方程法、向量法、参数法等解决这些问题的关键是代换和转化4圆锥曲线中的定点、定值问题,常选择一参数来表示要研究问题中的几何量,通过运算找到定点、定值,说明与参数无关,也常用特值探路法找定点、定值跟踪训练2如图2­4­4所示,抛物线C:x24y,过点M0,2任作一直线与C相交于A,B两点,过点B作y轴的平行线与直线AO相交于点DO为坐标原点图2­4­41求证动点D在定直线上;2作C的任意一条切线l不含x轴,与直线y2相交于点N1,与1中的定直线相交于点N2,求证|MN2|2|MN1|2为定值,并求此定值证明1依题意可

11、设直线AB的方程为ykx2,代入x24y,得x24kx2,即x24kx80.设Ax1,y1,Bx2,y2,那么有x1x28.直线AO的方程为yx,直线BD的方程为xx2.可得交点D的坐标为,注意到x1x28及x4y1,那么有y2.因此D点在定直线y2x0上2依题意得切线l的斜率存在且不等于0,设切线l的方程为yaxba0,代入x24y得x24axb,即x24ax4b0.由0得4a216b0,化简整理得ba2.故切线l的方程可写为yaxa2.分别令y2,y2得N1,N2的坐标为:N1,N2,那么|MN2|2|MN1|2428,即|MN2|2|MN1|2为定值8.当 堂 达 标·固 双

12、基1抛物线y212x截直线y2x1所得弦长等于A. B2C. D15A令直线与抛物线交于点Ax1,y1,Bx2,y2由得4x28x10,x1x22,x1x2,|AB|.2直线l1:4x3y60和直线l2:x1,抛物线y24x上一动点P到直线l1和直线l2的间隔 之和的最小值是 【导学号:33242196】A2 B3 C. DA直线l2:x1恰为抛物线y24x准线,P到l2的间隔 d2|PF|F1,0为抛物线焦点,所以P到l1、l2间隔 之和最小值为F到l1间隔 2,应选A.3点A4,0,M是抛物线y26x上的动点,当点M到A间隔 最小时,M点坐标为_1,±设M,那么|MA|2yyy1

13、6y621515,当且仅当y6,即y1±,x11时,|MA|取最小值,此时M1,±4直线yxb交抛物线yx2于A、B两点,O为抛物线的顶点,且OAOB,那么b的值为_2由,得x22x2b0,228b0,设直线与抛物线的两交点为Ax1,y1,Bx2,y2由根与系数的关系,得x1x22,x1x22b,于是y1y2x1x22b2,由OAOB知x1x2y1y20,故b22b0,解得b2或b0不合题意,舍去b2合适>0.5抛物线y2x与直线l:ykx1相交于A,B两点1求证:OAOB;2当OAB的面积等于时,求k的值【导学号:33242197】解1证明:联立,消去x,得ky2yk0

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